《甘肃省西北2023年高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《甘肃省西北2023年高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角 条形码粘贴处 o2.作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试
2、卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在冰球游戏中，冰球以速度均在水平冰面上向左运动，某同学在水平面上沿图示方向快速打击冰球，不计一切摩擦和阻力。下列图中的虚线能正确反映冰球被击打后可能的运动路径是（）击打方向击打方自A B.F2、已知氢原子的基态能量为E”激发态能量为E,产 与，其中=2,3,4已知普朗克常量为心电子的质量为机。n巴尔末线系是氢原子从23 的各个能级跃迁至=2 能级时辐射光的谱线，则下列说法中正确的是（）n E/eV8 05-0.544-0.853-1.512-3.40_-13.6
3、0A.巴尔末线系中波长最长的谱线对应光子的能量为3.40eVB.氢原子从基态跃迁到激发态后，核外电子动能减小，原子的电势能增大，动能和电势能之和不变C.基态氢原子中的电子吸收一频率为丫的光子被电离后，电子速度大小为D.一个处于=4 的激发态的氢原子，向低能级跃迁时最多可辐射出6 种不同频率的光3、下列说法中错误的是（）A.若氢原子从=6 能级向=1 能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应B.卢瑟福通过a粒子散射实验，提出原子的核式结构模型C.原子核发生一次0衰变，该原子核外就一定失去一个电子D.质子、中子、口粒子的
4、质量分别是股、加2、，3,质子和中子结合成一个a粒子，释放的能量是（2叫+2e一山4、绿化工人在街道旁边栽种大树时，为了确保树干不倾斜，需要用铁杆来支撑。通常是用一个铁环紧套在树干上，三根长度不同的铁杆一端均匀分布在固定的铁环上，另一端固定在同一个水平地面上，大树栽好后竖直压在地上，如图所示。由于树刚栽，地面对大树的作用力，除了竖直向上的支持力以外，其它力可以不考虑。则下列说法中正确的是（）A.三根铁杆对大树的作用力大小一定相等B.大树对地面的作用力一定大于自身的重力C.铁杆对大树的作用力与地面对大树的支持力是一对平衡力D.铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零5、恒星在均匀地向四周辐射能量的
5、过程中，质量缓慢减小，围绕恒星运动的小行星可近似看成在做圆周运动.则经过足够长的时间后，小行星运动的（）A.半径变大B.速率变大C.角速度变大D.加速度变大6、二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳的浓度是否超标。当一氧化碳浓度增大时，电压表V 和电流表A 示数的变化情况可能为A.V示数变小，A示数变大B.V示数变大，A示数变小C.V示数变小，A示数变小D.V示数变大，A示数变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。
6、分。7、如图所示，在绝缘水平面上固定着一光滑绝缘的圆形槽，在某一过直径的直线上有。、A、。、3四点，其 中。为圆心，。在圆上，半径OC垂直于OB.A点固定电荷量为。的正电荷，点固定一个未知电荷，使得圆周上各点电势相等.有一个质量为小，电荷量为/的带电小球在滑槽中运动，在C点受的电场力指向圆心，根据题干和图示信息可知（）A.固定在8点的电荷带正电B.固定在8点的电荷电荷量为内。C.小球在滑槽内做匀速圆周运动D.C、。两点的电场强度大小相等8、如图所示为回旋加速器的原理图，两个D形金属盒处在与盒面垂直的匀强磁场中，两D形盒间接入一高频交流电源，用回旋加速器给A、B两个不同粒子分别加速，A粒子的电荷
7、量为S、质量为，加速后获得的最大动能为最大速度为9;B粒子的电荷量为失、质量为，吸，加速后获得的最大动能为耳2,最大速度为巴，已知两次加速过程中所接入的高频交流电源频率相等，所加的匀强磁场也相同，则下列关系一定正确的是B.v,=v2如=也%m21、Eki _%D-于 一线2 q19、一列简谐横波在某时刻的波形如图所示，此时刻质点尸的速度为也 经 过 1s后它的速度大小、方向第一次与v 相同，再经过0.2 s 它的速度大小、方向第二次与v相同，则下列判断正确的是 oA.波沿x 轴负方向传播，且周期为1.2 sB.波沿x 轴正方向传播，且波速为10m/sC.质点M 与质点。的位移大小总是相等，方向
8、总是相反D.若某时刻N 质点速度为零，则。质点一定速度为零E.从图示位置开始计时，在 3 s时刻，质点M 偏离平衡位置的位移尸-10 cm10、如图甲所示，在倾角为6 的光滑斜面上分布着垂直于斜面的匀强磁场，以垂直于斜面向上为磁感应强度正方向，其磁感应强度8 随时间f 变化的规律如图乙所示。一质量为胆、电阻为R 的矩形金属框从f=0 时刻由静止释放，白时刻的速度为用 移动的距离为L重力加速度为g,线框面积为S,f2=2to、自=3仙在金属框下滑的过程中，A.八 打时间内金属框中的电流先沿逆时针后顺时针B.0白时间内金属框做匀加速直线运动C.0白时间内金属框做加速度逐渐减小的直线运动D.0f3时
9、间内金属框中产生的焦耳热为T1-R%三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，需测量一个标有“3VJ.5W”灯泡两端的电压和通过灯泡的电流.现有如下器材：直流电源（电动势1.2 V,内阻不计）电流表Ai（量 程 1 A,内阻约2.1。）电流表A2（量程622m A,内阻约5。）电压表Vi（量 程 I V,内阻约IkC）电压表V2（量 程 1 5 V,内阻约222k。）滑动变阻器Ri（阻值212。，额定电流1A）滑动变阻器R2（阻值2I k ft,额定电流122mA）（1）在该实验中，电 流
10、 表 应 选 择 （填“Ai”或“A2”），电 压 表 应 选 择 （填“V产或“V2”），滑动变阻器应选择（填“Rr或“R2”）.（2）某同学用导线”、b、c、d、e、/、g 和人连接成如图甲所示的电路,请在乙图方框中完成实验的电路图（1）该同学连接电路后检查所有元器件都完好，电流表和电压表已调零，经检查各部分接触良好.但闭合开关后，反复调节滑动变阻器，小灯泡的亮度发生变化，但电压表和电流表示数不能调为零，则断路的导线为.（4）如图是学习小组在实验中根据测出的数据，在方格纸上作出该小灯泡的伏安特性曲线.若将该灯泡与一个6.2 0 的定值电阻串联，直接接在题中提供的电源两端，请估算该小灯泡的实
11、际功率 W（保留两位有效数字）.（若需作图，可直接画在图中）1 2.（1 2 分）小明所在的课外活动小组在实验室测量导线的电阻率，他们在实验室选取了一段金属丝，经过讨论他们进行了如下操作。（1）先用刻度尺测量其长度如图I 所示，该段金属丝的长度为c m。（2）接着他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：（请填写第步操作）将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”“，插孔，选择电阻挡“X 1”；，调整欧姆调零旋钮，一；把红、黑表笔分别与金属丝的两端相接，多用电表的示数如图2 所示。（3）根据多用电表示数，为了减小实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从图3中的四个电路中选择一
12、电路来测量金属丝电阻，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片P移至最（填“左”或“右”）端，多次测量求平均值后测得该金属丝的电阻为5.2。（4）他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图4 所示，金属丝的直径为_mm。图4（5）根据以上数据可以计算出该金属丝的电阻率为夕=Q m（结果保留两位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.（1 0 分）如图所示，一根柔软的细绳跨过轻质定滑轮，绳的一端连接物体A ,另一端通过一轻质弹簧与物体B连接，物体B静止在地面上。物体A从高处由静止下落，当下落高度时，绳刚好被拉直。
13、然后又下落的高度，恰好能到达地面，此时物体B对地面的压力恰好减为0。重力加速度为g,弹簧的弹性势能与其劲度系数成正比，不计摩擦和空气阻力。求：绳刚被拉直时，物体A下落的时间；(2)物体A、B 的质量之比。o14.(16分)如 图 5 c 是位于竖直平面内的一段光滑的圆弧轨道，圆弧轨道的半径为r=3 m,圆心角0=53。，圆心。的正下方C 与光滑的水平面相连接，圆弧轨道的末端C 处安装了一个压力传感器.水平面上静止放置一个质量M=lkg的木板，木板的长度/=lm,木板的上表面的最右端放置一个静止的小滑块尸I,小滑块P i的质量，m 未知，小滑块为与木板之间的动摩擦因数4=0.1.另有一个质量”“
14、=lk g 的小滑块尸I,从圆弧轨道左上方的某个位置A 处以某一水平的初速度抛出，恰好能够沿切线无碰撞地从B 点进入圆弧轨道，滑 到 C 处时压力传感器的示数为g N,之后滑到水平面上并与木板发生弹性碰撞且碰撞时间极短.(不计空气阻力，重力加速度g=10m/sl cos530=0.6).求：传 感 器1 1(1)求小滑块Pi经 过 C 处时的速度大小；(1)求位置A 与 C 点之间的水平距离和竖直距离分别是多少？(3)假设小滑块尸与木板间摩擦产生的热量为Q,请定量地讨论热量。与小滑块P i的质量，小之间的关系.15.(12分)如图甲所示为一个倒立的U 形玻璃管，A、B 两管竖直，A 管下端封闭
15、，B 管下端开口并与大气连通。已知 A、B 管内空气柱长度分别为hA=6cm、hlt=10.8cmo管内装入水银液面高度差 h=4cm。欲使A、B 两管液面处于同一水平面，现用活塞C 把 B 管开口端封住并缓慢推动活塞C(如图乙所示)。已知大气压为po=76cmHg。当两管液面处于同一水平面时，求：A 管封闭气体压强PA活塞C 向上移动的距离X。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】因为不计一切摩擦和阻力，冰球受打击之后做匀速直线运动；冰球在受到打击时，沿打击的方向会获得一个分速度，所以合速度的方向一
16、定在初速度方向与打击的方向之间，不能沿打击的方向，由以上的分析可知，A 正确，BCD都错误。故选A.2,C【解析】A.巴尔末线系为跃迁到2 能级的四种可见光，红青蓝紫（3-2、4T 2、5T 2、6-2）,则能级差最小的为红光（3-2）,其频率最小，波长最长，对应的能量为=一=1.89eV32 3-9 4 36,故 A 错误；B.氢原子从基态跃迁到激发态需要吸收能量，则氢原子的总能量（动能和电势能之和）变大，而电子的轨道半径变大，库仑力做负功，则电势能增大，跃迁后的库仑力提供向心力故半径变大后，电子的速度变小，电子的动能变小，故 B 错误；C.基态氢原子中的电子吸收一频率为的光子被电离，由能量
17、守恒定律，有解得自由电子的速度为故C正确；D.一个处于=4的激发态的氢原子向低能级跃迁，逐级向下辐射出的光子种类最多为(4-1)=3种，故D错误；故选C。3、C【解析】A.根据玻尔理论可知，氢原子从=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光的能量大于氢原子从=6能级向=2能级跃迁时辐射出的光的能量，结合光电效应发生的条件可知，若氢原子从=6能级向=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效应，则氢原子从=6能级向=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故A正确；B.卢瑟福通过对a粒子散射实验结果的分析，提出了原子核式结构理论，故B正确；C.B衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子
18、和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，故C错误;D.质子、中子、a子的质量分别是叫、吟啊,质子和中子结合成一个a粒子的过程中亏损的质量为 m-2町+2m?-砥根据爱因斯坦质能方程可知释放的能量是(2叫+2丐-，故D正确；本题选择错误的，故选C。4、D【解析】A.三根铁杆长度不等，与地面的夹角不等，则对大树的作用力大小不相等，选项A错误；B.由平衡知识可知，地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知地面对大树的作用力小于大树的重力，则大树对地面的作用力一定小于自身的重力，选 项B错误；C.因为地面对大树的作用力与铁杆对大树的作用力的合力等于大树的重力，可知铁杆对大树的
19、作用力与地面对大树的支持力不是一对平衡力，选 项c错误；D.大树栽好后竖直压在地上，则铁杆对大树的作用力在水平方向的合力为零，选 项D正确。故 选D。5、A【解析】A：恒星均匀地向四周辐射能量，质量缓慢减小，小行星所受的万有引力减小，小行星做离心运动，即半径增大，故 A正确；B、C、D：小行星绕恒星运动做圆周运动，万有引力提供向心力，设小行星的质是为，恒 星 质 量 为 则 有:MmGM.因厂变大，质4)2=加 产量减小，则速度变小，角速度变小，加速度变小，故 BCD错误.6、D【解析】当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则 A 示数变大；由欧
20、姆定律知K 的电压变大，则电压表V 变大；A C.综上分析，电压表示数变大，AC错误；B D.综上分析，电流表示数变小，B 错 误 D 正确。故选D。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、BC【解析】A.由小球在C 点处恰好与滑槽内、外壁均无挤压且无沿切线方向的加速度知：小球在C 点的合力方向一定沿CO,A 对小球吸引，3 对小球排斥，因此小球带负电、5 带负电，故 A 错误;B.由N48C=NAC5=30知：ZACO=30,AB=AC=L；BC=2ABCO
21、S3Q=6L由力的合成可得耳=百鸟即4=&故 B 正确；C.圆周上各点电势相等，小球在运动过程中电势能不变，根据能量守恒得知，小球的动能不变，小球做匀速圆周运动，故 C 正确；D.由库仑定律及场强的叠加知，。点的电场强度大于C 点，故 D 错误.故选BC.8、BC【解析】-2兀mA C.由于两个粒子在同一加速器中都能被加速，则两个粒子在磁场中做圆周运动的周期相等，由丁=1 可知，两qB粒子的比荷一定相等，即q,=m.，选 项 A 错误，选项C 正确；%m2B.粒子最终获得的速度v=迎，由于两粒子的比荷相等，因此最终获得的速度大小相等，选 项 B 正确；mD.粒子最后获得的最大动能由于粒子的比荷
22、相等，因此Eki _ 鱼线2夕2选 项 D 错误；故选BC.9、ADE【解析】A B.由于ls 0.2 s,即质点P 第一次达到相同速度的时间间隔大于第二次的，故可得到图示时刻质点P 向下运动，经过 1.2s正好运动一个周期回到图示位置，故波沿x 轴负方向传播，且周期为1.2 s,波速v=-m/s=10m/sT 1.2故 A 正确，B 错误；C.M、。的平衡位置距离大于;3故质点M 和质点。的相位差不等于n,那么，质点M 与质点。的位移不可能总是大小相等，方向相反，故 C 错误；D.N、。的平衡位置距离刚好等于;入，故质点M 和质点。的相位差等于不 那么，质点M 与质点。的位移、速度总是大小相
23、等，方向相反，故若某时刻N 质点速度为零，则。质点一定速度为零，故 D 正确；E.3 s=-T,即质点用振动3 个周期，那么，由波沿x 轴负方向传播可得：零时刻质点向上振动，故在3s时刻，质2 2点 M 偏离平衡位置的位移产-10cm,故 E 正确;故选ADE.10、BD【解析】A.根据8 f图象可知，有“时 间 内 线 的 斜 率 不 变，由公式.BSE=n=n-tt则金属框中的感应电动势大小方向不变，则电流方向不变，故 A 错误;BC.0&时间内，线圈中磁通量不变，则无电流产生，有打时间内电流不变，由左手定则可知，金属框所受安培力的合力为零，则线圈向下做匀加速直线运动，故 B 正确，C 错
24、误;D.线圈中的感应电动势为E=2=能t 0由于0介时间内，线圈中磁通量不变，则无电流产生，也无焦耳热产生，则 0 4 时间内金属框中产生的焦耳热为。52甯故 D 正确。故选BDo三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A2 VI Ri2.17W(2.15W-2.18W)【解析】口 灯泡额定电流/=P/U=L5/1A=2.5A,电流表选A?（量程622m A,内阻约5C）；灯泡额定电压为I V,如果选择15V量程则误差太大，故电压表只能选Vi（量 程I V,内阻约IkQ）；描述小灯泡的伏安特性曲线，要求电流从零开始变化，需采用分压电路.
25、为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选：R（阻值2 12 Q,额定电流1A）；（2）4由实物电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法.根据实物电路图作出电路图，如图所示：小灯泡的亮度可以发生变化，但电压表、电流表无法调为零，说明分压电路变成限流电路，导线断路；（4）6电动势为I V的电源与6.2ft的定值电阻串联组成等效电源，在灯泡伏安特性曲线中作出等效电源的U-I图象,如图所示：ZA两图象的交点坐标值为：t/=1.2V,/=2.1A,灯泡功率为：P=t/=1.2Vx2.1A=2.16W.12、60.50（60.4860.52均可）将红、黑表笔短接 使指针指向电阻刻度“0”刻
26、线 D 左 0.2002.7x10-7【解析】（1）毫米刻度尺的分度值为0.1 c m,所以读数为：70.50cm-10.00cm=60.50cm；（2）23将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指向表盘右侧的“0”刻度线，即表盘中电阻刻度“0”刻线;（3）4 电 阻 为 凡=5.2 Q,电流表的分压相对较为明显，所以电流表应采用外接法；为获得较大的电压调节范围,滑动变阻器应选用分压式接法，所以选择电路D,滑 片P开始应调节至左端，使电压从0开始调节；（4）网螺旋测微器的精度为0.0 1 m m,所以读数为：0+20.0 x0.01mm=0.200mm；（5）根据电阻定律：=p x S金属
27、丝的横截面积:S=-7TCl24所以电阻率:p兀R d:3.1 4 x 5.2 x(0.2 0 0 x IO-3?,=-m=2.7 x IO Q m。4 L4 x 0.6 0 5四、计算题：本 题 共2小 题，共2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步 骤。1 3、(1)t=m H(2)二-M 2(H+h)【解 析】(1)物 体A自由落体的过程，有.1 2h=2g t解得(2)又有v2=2 gh物 体A再 下 落，的过程，A与弹簧组成的系统机械能守恒，结合题意得kH2=mg(H+h)物 体3离地时刻受力有kH=Mg解得mHM 2(+/)4 9 m.1 4
28、、(2)7 m/s(2)3.6 m,2 m (3)Q=Z7 7 或 Q=mi2(1+7 7 1 1)【解 析】根据牛顿第三定律可知小块P2滑 到C处受到的支持力尸=/N,由牛顿第二定律得：F m,g=m,工代入数据解得：%=7 m/s 设P2在B处的速度为VB,从5到C的过程中，由动能定理得：1 2 1 2 ,3m2一 3m2VB=m2gh其中：/z =0.4 r =1.2 m代入数据解得：以=5 m/s因为小滑块恰好能够沿切线无碰撞的从B点进入圆弧轨道，可知平抛的初速度为：%VB c o s 6 =5 x 0.6 m/s=3 m/s在B点时竖直方向的速度为：vy=%si n。=5 x 0.8
29、 m/s=4 m/s则从A到B的时间为：v,4t=s=0.4 sg 1 0所以A C之间的水平距离为：sAC=+r si n 6 =3 x 0.4 m +3 x 0.8 m =3.6 mA C之间的竖直距离为：hAC=g g r +r(l-c ose)=g x l0 x 0.4 2 m+3 x(l-0.6)m =2 m(3)P2与木板发生弹性碰撞，假设碰后小滑块尸2的速度为力、木板速度为也，由动量守恒定律和机械能守恒可知：m2vc+0 =m2v2+M vx；u；+0 =g 牡丫；+g A f v,2代入数据联立解得：v2=(),片=7 m/s木板获得速度匕=7 m/s之后，和上面的小滑块尸2之
30、间相对滑动，假设最终和木板之间相对静止，两者的共同速度为p共，小滑块尸2在模板上相对滑动了 x,由动量守恒和能抗守恒可知：Mv1+0 =(町+A/)n共MV2+0 =/（叫+M）v j 1.+m1g x联立解得:4 9X 二 4(1 +w j,4 1当 x =/=2 m 时，=kg.8若 网 4 1k g,则 滑 块 不 会 从 模 板 上 掉 落，小滑块P2 与木板间产生的热量为：84 1若 叫 /,滑块会从木板上掉落，小滑块尸2 与木板间的摩擦产生的热量为:OQ -町 gl-4 肛答：(2)小滑块P2 经 过。处时的速度大小7 m/s；位置A与 C点之间的水平距离和竖直距离分别是3.6 m
31、 和 2 m；4 9 m.(3)热 量Q与小滑块Pi的质量%之间的关系为)或。=4 1 2.1 5、1 0 8 c m Hg 5.2 c m【解析】对A气体利用理想气体的等温变化方程求解；由大气压的数值和水银柱的高度求出封闭气体的压强，A 气体和8气体间的联系是之间的水银柱平衡和连通器的原理，根据等温变化的方程求解某状态的体积，进而活塞移动的距离.【详解】设4、8 两管的横截面积为S,以4管封闭气体为研究对象，初状态：PA=P0-=72cmHg,VA=ShA=6S设 末 状 态 的 压 强 为 体 积 为 叱从初状态到末状态，设 4管水银面下降九则5管水银面上升也为无2h-zlhh-2cm/厂4s由波意耳定律有：P,/A=P/A由以上各式得：=YOScmHg 以 8 管封闭的气体为研究对象，设活塞向上移动距离为x初状态：PB=P0=76cmHg,VA=ShBIt f末状态：pB=PA=/08cmHg,VB=S(hB+h x)由波意耳定律有：PB/PB由以上各式得：x=5.2cm【点睛】本题考查的是等温变化，解决这类题的关键是，理解大气压和液体压强之间的关系，会根据大气压和液体压强计算封闭空气柱的压强.