2021-2022学年上海市奉城高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小

2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，由粗细均匀的金属导线围成的一个正六边形线框abcdef,它的六个顶点均位于一个半径为A 的圆形区域的边界上，儿为圆形区域的一条直径，前上方和下方分别存在大小均为B 且方向相反的匀强磁场，磁场方向垂直于圆形区域。现给线框接入从。点流入、从/点流出的大小为/的恒定电流，则金属线框受到的安培力的大小为2、一种比飞机还要快的旅行工具即将诞生，称为“第五类交通方式”，它就是“Hyperloop（超级高铁）据 英 国 每日邮报2016年 7 月 6 日报道：Hyperloop One公司计划，2030年将在欧洲建成世界首架规模完备的“超级高铁”（

3、Hyperloop）,连接芬兰首都赫尔辛基和瑞典首都斯德哥尔摩，速度可达每小时700英 里（约 合 1126公里/时）。如果乘坐Hyperloop从赫尔辛基到斯德哥尔摩,600公里的路程需要40分钟,Hyperloop先匀加速,达到最大速度1200 km/h后匀速运动，快进站时再匀减速运动，且加速与减速的加速度大小相等，则下列关于Hyperloop的说法正确的是（）A.加速与减速的时间不相等B.加速时间为1（）分钟C.加速时加速度大小为2 m/s2D.如果加速度大小为10 m/s2,题中所述运动最短需要32分钟3、如图所示，在横截面为正三角形的容器内放有一小球，容器内各面与小球恰好接触，图中a

4、、b.c 为容器的三个侧面、将它们以初速度V O竖直向上抛出，运动过程中容器所受空气阻力与速率成正比，下列说法正确的是A.上升过程中，小球对c有压力且逐渐变大B.上升过程中，小球受到的合力逐渐变大C.下落过程中，小球对有压力且逐渐变大D.下落过程中，小球对容器的作用力逐渐变大4、常言道，万物生长靠太阳，追根溯源，地球上消耗的能量绝大部分是来自太阳内部持续不断地发生核反应释放出的核能。在太阳内部发生的典型核反应方程是4；H-；H e+2X,这个核反应释放出的能量为A E,光在真空中的传播速度为c,下列说法正确的是（）A.该核反应属于裂变反应B.方程中的X为 电 子（）C.该核反应前后质量数守恒，

5、因而反应前后总质量保持不变D.该核反应过程产生的质量亏损为E5、一定量的理想气体从状态。开始，经历三个过程就、be、ca回到原状态，其“一7图像如图所示，下列判断正确的 是（）A.过程ac中气体内能的增加等于吸收的热量B.过程从中气体既不吸热也不放热C.过程ab中气体吸收的热量大于气体内能的增加D.a、和c三个状态中，状态。气体的内能最小6、如图所示，虚线为某匀强电场的等势线，电势分别为10V、20V和3 0 V,实线是某带电粒子在该电场中运动的轨迹。不计带电粒子的重力，则该粒子（）B.在 4、b、c 三 点 的 动 能 大 小 关 系 为 E k E eC.在。、b、c 三点的电势能大小关系

6、为E/,“E”0,贝 I J （）hA.电场强度的方向沿着必方向B.线 ac是一条等势线C.c 点的电势高于b 点的电势D.电子在d 点的电势能大于在分点的电势能9、两汽车甲、乙分别挂上拖车，两汽车与两拖车的质量均相同，且阻力与质量成正比。开始两车以相同的速度vo做匀速直线运动，UO时刻两拖车同时脱离汽车，已知汽车甲的牵引力不变，汽车乙的功率不变，经 过 相 同 的 时 间 汽车甲、乙的速度大小分别为2M）、1.5P O O则下列说法正确的是（）A.%时间内，甲、乙两汽车的位移之比为4：3B.勿时刻，甲、乙两汽车的加速度大小之比为3：1C.犯时刻汽车甲的功率为拖车脱离前功率的4 倍D.时间内，

7、甲、乙两汽车牵引力做功之比为3：210、如图所示，空间存在水平向左的匀强电场E 和垂直纸面向外的匀强磁场8,在竖直平面内从a 点沿刈、ac方向抛出两带电小球，不考虑两带电小球间的相互作用，两小球的电荷量始终不变，关于小球的运动，下列说法正确的是（E 、/.、/、，Z 一 A.沿ab、ac方向抛出的小球都可能做直线运动B.若小球沿ac方向做直线运动，则小球带负电，可能做匀加速运动C.若小球沿岫方向做直线运动，则小球带正电，且一定做匀速运动D.两小球在运动过程中机械能均守恒三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6分）为了测量一个电动势约为6

8、V8V,内电阻小于3。的电源，由于直流电压表量程只有3 V,需要将这只电压表通过连接一固定电阻（用电阻箱代替），改装为量程9V的电压表，然后再用伏安法测电源的电动势和内电阻，以下是他们的实验操作过程:把电压表量程扩大，实验电路如图甲所示，实验步骤如下，完成填空。第一步：按电路图连接实物第二步：把滑动变阻器滑动片移到最右端，把电阻箱阻值调到零第三步：闭合电键，把滑动变阻器滑动片调到适当位置，使电压表读数为3.0V第四步：把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为 V.第五步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其它线路，即得量程为9V的电压表以上实验可供选择的器材有：A.电 压 表（量程

9、为3 V,内阻约2kQ）B.电 流 表（量程为3 A,内阻约0.1。）C.电 阻 箱（阻值范围09999Q）D.电 阻 箱（阻值范围0-9 9 9 0）E.滑动变阻器（阻值为02（）。，额定电流3A）F.滑动变阻器（阻值为02 0 g,额定电流0.2A）电阻箱应选_ _ _ _ _ _ _,滑动变阻器应选_ _ _ _ _ _ _O用该扩大了量程的电压表（电压表的表盘没变），测电源电动势和内电阻r,实验电路如图乙所示，得到多组电压表 U和电流/的值，并作出U/图线如图丙所示，可知电池的电动势为V,内电阻为 Q.（结果保留2 位有效数字）12.（12分）在做“用单摆测定重力加速度”的实验过程中：

10、（1）小李同学用游标卡尺测得摆球的直径如图所示，则摆球直径d=c m。2 3 4 cm0 10 20小张同学实验时却不小心忘记测量小球的半径，但测量了两次摆线长和周期，第一次测得悬线长为匕，对应振动周期为八；第二次测得悬线长为心，对应单摆的振动周期为乃，根据以上测量数据也可导出重力加速度的表达式为四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图甲所示，两根足够长的平行光滑金属导轨M N、P Q被固定在水平面上，导轨间距L=0.6m,两导轨的左端用导线连接电阻R i 及理想电压表，电阻2。的金属棒垂直于导轨静止

11、在AB处；右端用导线连接电阻R 2,已知 R i=2Q,R2=m,导轨及导线电阻均不计.在矩形区域C D E F 内有竖直向上的磁场，C E=0.2m,磁感应强度随时间的变化如图乙所示.在t=0时刻开始，对金属棒施加一水平向右的恒力F,从金属棒开始运动直到离开磁场区域的整个过程中电压表的示数保持不变.求:（1）t=0.1s 时电压表的示数;（2）恒 力 F的大小；（3）从 t=0时刻到金属棒运动出磁场的过程中整个电路产生的热量Q；14.（16分）如图所示，宽度L=1 m的足够长的平行金属导轨M N、P Q的电阻不计，垂直导轨水平放置一质量机=0.5k g、电阻R =2 Q的金属杆C。，导轨上端

12、跨接一个阻值R2=2 Q的灯泡，整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，导轨平面与水平面之间的夹角9=53。金属杆由静止开始下滑，始终与导轨垂直并保持良好接触,金属杆与导轨间的动摩擦因数=0.5。下滑过程重力功率达到最大P=1 O W 时，灯泡刚好正常发光。（s i n 53o =0.8,c o s 53=0.6.g =10m/s 2）求:（1）磁感应强度3 的大小;（2）当金属杆的速度达到最大速度的一半时，金属杆的加速度大小。15.（12分）如图所示，小球A及水平地面上紧密相挨的若干个小球的质量均为巴水平地面的小球右边有一固定的弹性挡板窗为带有四分之一圆弧面的物体,质量为而!（其中k为整

13、数）,半径为凡其轨道末端与水平地面相切。现让小球A从B的轨道正上方距地面高为h处静止释放，经B末端滑出，最后与水平面上的小球发生碰撞，其中小球之间、小球与挡板之间的碰撞均为弹性正碰，所有接触面均光滑，重力加速度为g.求：小球第一次从B的轨道末端水平滑出时的速度大小；若小球A第一次返回恰好没有冲出B的上端，则h与R的比值大小；若水平面上最右端的小球仪能与挡板发生两次碰撞，则k的取值大小.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据串并联电路的特点可知线框流过af边的电流：7=17流过abcdef边的电流:de、

14、ab边受到的安培力等大同向，斜向左下方，同理be、ef边受到的安培力等大同向，斜向右下方，则 de、ab、be、ef边所受的安培力合力为:3 3方向向下；cd边受到的安培力:6 =3 3 火=等方向向下,；af边受到的安培力:F2=BItxR5BIR6方向向上，所以线框受到的合力:F=F2-FrF3=；BIRA 正确，BCD错误。故选A。2、B【解析】A.加速与减速的加速度大小相等，加速和减速过程中速度变化量的大小相同，根据:Ava=一Ar可知加速和减速所用时间相同，A 错误；B C.加速的时间为乙，匀速的时间为-2,减速的时间为4，由题意得:2八+Z2=40 x 60s+=600 x 103

15、m1200,-m/s=at3.6联立方程解得：匀加速和匀减速用时：=600s=10min匀速运动的时间：r2=1200s加速和减速过程中的加速度：a =1m/s2B 正确，C 错误；D.同理将上述方程中的加速度变为l Om/s，加速和减速的时间均为:1200加速和减速距离均为匀速运动用时：600 x 10-2x 22 卬,9 53c 2 1200$=三总时间为:2/+f/=s a 3 1 m i nD 错误。故选B。【解析】A B.小球和正三角形容器为共加速系统，上升过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律:(m+m)g+k=(m+tnja系统加速度竖直向下且大于重力加速度，小球加速度向下，

16、所以容器底面C 对小球无作用力，。、侧面对小球的作用力竖直向下，以小球为研究对象，根据牛顿第二定律：mg+N而=nrn系统速度减小，加速度减小，小球受到的合外力减小，A B 错误;C D.下落过程中，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：(6+/%)g -h，=(6+机)系统加速度竖直向下且小于重力加速度，小球加速度向下，所 以。、方侧面对小球无作用力，底面C 对小球的作用力竖直向上，根据牛顿第二定律：mg-N =ma系统的速度增大，加速度减小，小球的加速度减小，底面c 对小球的作用力增大，根据牛顿第三定律可知小球对容器的作用力逐渐变大，c 错误；D 正确。故选D。4、D【解析】A.该核反应属于

17、聚变反应，选 项 A 错误；B.根据质量数和电荷数守恒可知，方程中的X 为正电子（；e）,选 项 B 错误；C.该核反应前后质量数守恒，但是由于反应放出能量，则反应前后有质量亏损，选 项 C 错误；ED.根据=可知，该核反应过程产生的质量亏损为A 股=，选项D 正确；c故选D。5、D【解析】VA.过程ac为等压变化，由一=C 可知，温度升高，体积增大，气体对外做功，温度升高，内能增大，由热力学第一T定律可知，气体内能的增加等于吸收的热量与气体对外做功之差，则气体内能的增加小于吸收的热量，故 A 错误；B.过程反为等温变化，A U=O,但气体压强减小，由 比=。知了增大，气体对外做功，W V O

18、,由AU=+W 可知即气体吸收热量，故 B 错误；C.过程就为等容变化，温度升高，内能增大，体积不变，由热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于气体内能的增加，故 c 错误；D.理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，“、6和 c 三个状态中，状态。温度最低，则理想气体的内能最小，故 D 正确。故 选 D。6、C【解析】A.根据电场线与等势面垂直，且由高电势指向低电势，可知场强方向向上，带电粒子的轨迹向上弯曲，粒子所受的电场力向上，则该粒子一定带正电荷，故 A 错误；B C.带正电的粒子在电势高的地方电势能大，故Epa Epc Epb又粒子仅在电场力的作用下运动，动能与电势能总和保持不变

19、，故Ekb Ek%,所以电场强度的方向为垂直于ac线，指向b点，A错 误C正确；D.根 据 片,=4 9，又电子带负电，所以电势低的地方电势能高，即电子在d点的电势能小于在分点的电势能，D错误。故选BCO9、BD【解析】A.对甲车拖车脱离后做匀加速运动经过m的位移4=2如。=1.5%对乙车功率一定，则做加速度减小的加速运动，则经过功时的位移S2%+；%=.25卬。则“时间内，甲、乙两汽车的位移之比 1.0 C E 6.9 1.5【解析】(1)口 把 3V 的直流电压表接一电阻箱，改装为量程为9V 的电压表时，将直流电压表与电阻箱串联，整个作为一只电压表，据题分析，电阻箱阻值调到零，电压表读数为

20、3 V,则知把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为U=3X3V=1.0V9(2)2 由题，电压表的量程为3 V,内阻约为2 k Q,要改装成9V 的电压表，根据串联电路的特点可知，所串联的电阻箱电阻应为2x2kC=4kC故电阻箱应选C；网在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的，即选E；(3)4 由丙读出，外电路断路时，电压表的电压为U=2.3V则电源的电动势为E=2.3x3V=6.9V 5 内阻为4/(4 一 乙)12、2.030 g=一 厂 了T-T【解析】口 游标卡尺的主尺读数为20m m,游标尺读数为0.05x6mm=0.30mm,则摆球的直径d=20.30mm=2.030c

21、m设小球的半径为根据单摆的周期公式得Ti=2 hT2=2nhr尼+r联立方程组解得一 卡()T-T四、计算题：本 题 共2小 题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步 骤。13、(1)1.3V(2)1.27N(3)1.19J【解 析】试题分析：(1)在11.2 s内，CDEF产生的电动势为定值:=z 3=o.6KB A r在1.1S时电压表的示数为：U.=-=0.3K(2)设 此 时 的 总 电 流 为I,则路端电压为:R、&R、+R 2由题意知:c；=J此时的安培力为：F =BIL解 得：F=l.27N2(3)11.2 s内的热量为：Q 4。036

22、JR2由功能关系知导体棒运动过程中产生的热量为：Q2=FLa=0.054J总热量为：0=01+02=0.09/考点:法拉第电磁感应定律、焦耳定律、功能关系.14、(1)B=2T；(2)2.5m/s2【解 析】(1)金属杆C O 由静止加速下滑时，其产生的感应电动势逐渐增大，感应电流逐渐增大，金属杆 8所受的沿导轨平面向上的安培力逐渐增大，当金属杆 8所受的沿导轨平面向上的安培力和滑动摩擦力的合力与金属杆C D的重力沿导轨平面向下的分力平衡时，金属杆C O 的速度达到最大为L此后以速度V，匀速运动，此时重力的功率也达到最大。金属杆的电动势E=BLv感应电流/=上R+&安培力F=BIL金属杆受力平

23、衡，有mg sin 8=尸+pimg cos 3重力的最大功率P=mgvsrO联立解得B=2T,v=2.5m/s I=-A4(2)金属杆C O 达到最大速度的一半时，电流也是原来的一半，即r=-i=-2 8此时金属杆C D 所受安培力F=ILB=-N4金属杆C D 的加速度mg sin 0-umg cos 0-Fra 二-m解得6 2 =2.5m/s215、(l)vA(1+62(1 Z)2 8 左左3 1【解析】对 A 8 由水平方向动量守恒有:mvA=kmvB对 A 5 由能量守恒有:mgh=；mv；+；kmv2B联立解得:对 AB由水平方向动量守恒有:mvA+kmvB=(in+km)v对 AB由能量守恒有：；mv+；kmVg-；(m+km)v2+mgR联立解得：h _(1+)25一(1%)28)要使小球与挡板发生两次碰撞，则有碰后小球A 的速度小于等于5 球的速度，由能量守恒有mgh-；mv+；kmvVAVB联立解得：k3 1