《2021-2022学年江苏省高考物理五模试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年江苏省高考物理五模试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角 条形码粘贴处 o2.作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后
2、，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、五星红旗是中华人民共和国的象征和标志；升国旗仪式代表了我国的形象，象征着我国蒸蒸日上天安门广场国旗杆高度为32.6米，而升国旗的高度为28.3米；升国旗时间与北京地区太阳初升的时间是一致的，升旗过程是127秒，已知国旗重量不可忽略，关于天安门的升国旗仪式，以下说法正确的是（）A.擎旗手在国歌刚刚奏响时，要使国旗在升起初始时，旗面在空中瞬间展开为一平面，必须尽力水平向右甩出手中所握旗面B.国旗上升过程中的最大速度可能小于0.2m/sC.当国旗匀速上升时，
3、如果水平风力大于国旗的重量，则国旗可以在空中完全展开为一个平面D.当国旗匀速上升时，如果水平风力等于国旗的重量，则固定国旗的绳子对国旗的作用力的方向与水平方向夹角45度2、关于功的概念，下列说法中正确的是（）A.因为功有正负，所以功是矢量B.力对物体不做功，说明物体一定无位移C.滑动摩擦力可能做负功，也可能做正功D.若作用力对物体做正功，则反作用力一定做负功3、氢原子部分能级的示意图如图所示，不同金属的逸出功如下表所示:钙镁镀钛金逸出功W/eV1.92.73.73.94.14.8大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时辐射的所有光子中，能够使金属钠发生光电效应的光子有几种小 或，O O -。4
4、 （、%:A.a、c 两点处的电荷产生的电场在万点处的合场强大小也为EB.a、b、c 三点处的电荷产生的电场在e 点处的合场强大小为3EC.e 点的电势高于/点的电势D.将负电荷从e 点移到/点，电势能减小8、关于热现象，下列说法正确的是（）A.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子的直径（也就是单层油酸分子组成的油膜的厚度）等于一小滴溶液中纯油酸的体积与它在水面上摊开的面积之比B.两个邻近的分子之间同时存在着引力和斥力，它们都随距离的增大而减小，当两个分子的距离为r。时，引力与斥力大小相等，分子势能最小C.物质是晶体还是非晶体，比较可靠的方法是从各向异性或各向同性来判断D.如果用。表
5、示物体吸收的能量，用 W 表示物体对外界所做的功，AU表示物体内能的增加，那么热力学第一定律可以表达为0=AU+WE.如果没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，这样的热机的效率可以达到100%9、下列说法中正确的是A.光的偏振现象说明光具有波动性，但并非所有的波都能发生偏振现象B.变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场C.在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变窄D.某人在速度为0.5c的飞船上打开一光源，则这束光相对于地面的速度应为1.5cE.火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥梁10、如图甲所示，质量为“
6、、电阻为r 的金属棒必垂直放置在光滑水平导轨上，导轨由两根足够长、间距为d 的平行金属杆组成，其电阻不计，在导轨左端接有阻值R 的电阻，金属棒与导轨接触良好，整个装置位于磁感应强度为3 的匀强磁场中。从某时刻开始，导体棒在水平外力尸的作用下向右运动（导体棒始终与导轨垂直），水平外力随着金属棒位移变化的规律如图乙所示，当金属棒向右运动位移x 时金属棒恰好匀速运动。则下列说法正确的是（）导体棒ab匀速运动的速度为V =4(R+r)B2 d2B.从金属棒开始运动到恰好匀速运动，电阻R 上通过的电量为Bdx2(R+r)C.从金属棒开始运动到恰好匀速运动,电阻R 上产生的焦耳热QR=2B d 2D.从金
7、属棒开始运动到恰好匀速运动，金属棒克服安培力做功卬克=，E 一 班 三 鲁 匚b 2 2 B d三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中。安装好实验装置后，先用游标卡尺测量摆球直径d,测量的示数如图所示，则摆球直径k c m,再测量摆线长I,则 单 摆 摆 长 工=（用 d、/表示）；摆球摆动稳定后，当它到达（填“最低点”或“最高点”）时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最低 点 的 次 数 （=1、2,3）,当”=60时刚好停表。停止计时的秒表如图所示，其读数为 s,该单摆的周期
8、 为T=s（周期要求保留三位有效数字）；（3）计算重力加速度测量值的表达式为g=（用T,L表示），如果测量值小于真实值，可能原因是；A.将摆球经过最低点的次数计少了B.计时开始时，秒表启动稍晚C.将摆线长当成了摆长D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长（4）正确测量不同摆L及相应的单摆周期T,并在坐标纸上画出产与乙的关系图线，如图所示。由图线算出重力加速度的大小g_ m/s2（保留3 位有效数字，计算时7 T2取 9.86）o12.（12分）某实验小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，设计了如图甲所示的实验装置图。（1）安装时一定要让刻度尺跟弹簧都处于同一_ _ _ _ _面内。（2）如果
9、需要测量弹簧的原长，则正确的操作是 o （填序号）A.先测量原长，后竖直悬挂 B.先竖直悬挂，后测量原长（3）在测量过程中每增加一个钩码记录一个长度，然后在坐标系（横轴代表弹簧的长度，纵轴代表弹力大小）中画出了如图乙所示的两条图线，（填 a、h 弹簧序号）弹簧的劲度系数大，（填 a、/7弹簧序号）弹簧的原长较长。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图所示，有两个不计质量的活塞M,N 将两部分理想气体封闭在绝热气缸内，温度均是27C.M 活塞是导热的，N 活塞是绝热的，均可沿气缸无摩擦地滑动，已知活塞
10、的横截面积均为S=2cm2,初始时M 活塞相对于底部的高度为”=27cm,N活塞相对于底部的高度为/i=18cm.现将一质量为胆=400g的小物体放在M活塞的上表面上,活塞下降.已知大气压强为p（=L0 xl05pa,求下部分气体的压强多大；现通过加热丝对下部分气体进行缓慢加热，使下部分气体的温度变为127（c,求 稳 定 后 活 塞 N 距离底部的高度.14.(16分)如下图，一横截面积为S 的绝热气缸固定在绝热水平面上，一绝热活塞封闭气缸内一定质量的理想气体，在气缸右侧有一暖气管，气缸与暖气管相接处密闭性良好，气缸左侧的活塞用一跨过定滑轮的轻绳与一质量为M 的祛码相连。当活塞稳定后，测得活
11、塞到气缸右侧壁之间的距离3温度传感器测得此时气缸内气体的温度为八。现让高温暖气从暖气管的上端流进、再从暖气管的下端流出，经过一段时间后发现活塞缓慢向左移动了一小段距离后便静止不动了。这个过程中气缸内的气体吸收热量。后，温度传感器的读数为不。设重力加速度为g,大气压强为尸o,忽略所有摩擦，回答问题。试分析密闭气体体积的变化，并求出此变化量AV；(ii)求此过程中气缸内气体内能的变化量AU。15.(12分)如图所示的直角坐标系x O y,在其第二象限内有垂直纸面向里的匀强磁场和沿y 轴负方向的匀强电场。虚 线。A 位于第一象限，与 y 轴正半轴的夹角，=60。，在此角范围内有垂直纸面向外的匀强磁场
12、；与 y 轴负半轴所夹空间里存在与O A平行的匀强电场，电场强度大小E=10N/C.一比荷9=lxlO6C/kg的带电粒子从第二象限内M 点以速 度 v=2.0 xl03m/s沿*轴正方向射出，M 点到*轴距离d=1.0m,粒子在第二象限内做直线运动；粒子进入第一象限后从直线0 4 上的尸点(尸点图中未画出)离开磁场，且 不 计 粒 子 重 力。0(1)求第二象限中电场强度和磁感应强度的比值常；求第一象限内磁场的磁感应强度大小(3)粒子离开磁场后在电场中运动是否通过x 轴？如果通过x 轴，求其坐标；如果不通过x 轴，求粒子到x 轴的最小距离。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分
13、，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.若用水平向右甩出手中所握旗面，则手给旗子水平方向的力，因为旗面受到竖直向下的重力，水平方向的力和重力无法平衡，则旗面在空中瞬间无法展开为一平面，故 A 错误；B.若旗上升过程中的最大速度小于0 2 /s,则 在 127s内上升的最大高度为：/=0.2xl27m=25.4m r.L2 Mm”2G=M coL2可得r2 m由于恒星与行星质量不同，则轨道半径不同，由公式丫=劭，可知，恒星和行星做圆周运动的线速度大小不同，故AB错误；C.根据多普勒效应可知，若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率
14、会比它发出时的频率，即恒星光谱会出现蓝移，故C错误；D.根据多普勒效应可知，若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率低，即恒星光谱会出现红移，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、AC【解析】A.设点电荷的电量为g,三角形的边长为3已 知 从c两点处的电荷产生的电场在a点处的合场强大小为E,b、c两点处的电荷在a点处产生的场强大小相等，夹角为1 2 0,故 从c两点处的电荷在a点处产生的场强大小都是E,故有同理可
15、得a、c 两点处的电荷产生的电场在方点处的合场强大小也为E,故 A 正确；B.a、仇 c 三点处的电荷在e 点产生的场强大小都是E=k =湾（凡丫 I3 J由平行四边形定则可知e 点处的电场强度大小为E=2E=k 也=6E故 B 错误；C.相 对 仇 c 两点处的电荷来说，力是一根等势线，因此比较e、f 两点的电势只需考虑a 点处电荷产生的电场，由此可 得 e 点的电势高于/点的电势，故 C 正确；D.负电荷在电势高点电能低，故将负电荷从e 点移到/点，电势能将增加，故 D 错误。故选AC。8、ABD【解析】A.根据用“油膜法”估测分子大小的实验原理可知，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子
16、油膜，由于油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含纯油酸体积除以油膜面积得出的油膜厚度即为油酸分子直径，故 A 正确；B.当分子间的距离rro时，分子力表现为引力，增大分子间的距离，分子力做负功，分子势能增加，所以当两个分子的距离为时，引力与斥力大小相等，分子势能最小，故 B 正确；C.单晶体具有各向异性，多晶体与非晶体都具有各向同性，所以不能根据各向异性或各向同性来判断物质是晶体还是非晶体；晶体具有一定的熔点，而非晶体没有固定的熔点，比较可靠的方法是通过比较熔点来判断，故 C 错误；D.根据热力学第一定律可知，如果用。表示物体吸收的能量，用 W表示物体对外
17、界所做的功，。表示物体内能的增加，那 么 热 力 学 第 一 定 律 可 以 表 达 为 故 D 正确；E.即使没有漏气没有摩擦，也没有机体热量的损失，根据热力学第二定律可知，热机的效率不可以达到100%.故 E错误。故选ABD.9、ACE【解析】光的偏振现象说明光具有波动性，只有横波才能发生偏振现象，故 A 正确.变化的电场一定产生磁场，变化的磁场一定产生电场；均匀变化的电场产生稳定的磁场，均匀变化的磁场产生稳定的电场；选 项 B 错误；在光的双缝干涉实验中，双缝干涉条纹的间距与波长成正比，绿光的波长比红光的短，则仅将入射光由红光改为绿光，干涉条纹间距变窄，故 C 正确.在速度为0.5c的飞
18、船上打开一光源，根据光速不变原理，则这束光相对于地面的速度应为c,故 D 错误；火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥，故 E 正确.10、A D【解析】A.金属棒在外力尸的作用下从开始运动到恰好匀速运动，在位移为x 时做匀速直线运动，根据平衡条件有月）=七=Bld根据闭合电路欧姆定律有1=-R+r根据法拉第电磁感应定律有E-Bdv联立解得丫=皂D,故 A 正确；B2 d2B.此过程中金属棒R 上通过的电量q-IN根据闭合电路欧姆定律有7=工R+r根据法拉第电磁感应定律有 E-Ar 联立解得4=二一R+r又A=BdxRd*解得4=不 一，故 B 错误；R+r
19、C D.对金属棒，根据动能定理可得=g 嬴由乙图可知，外力做功为W外季X联立解得叫L；与x-吗毅而回路中产生的总热量。=%=；中-mFR+r)2-2B4d4-根据回路中的热量关系有Q=QR+Q,所以电阻R 上产生的焦耳热Q _ R Q_ R1 尸X，-(R+七QR R+r R+r2 284d，故 C 错误，D 正确。故选ADo三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。d 4/L11、1.84cm-+/最低点 67.5s 2.25s AC 9.86m/s22T2【解析】摆 球 直 径 /=1.8cm+0.Immx4=l.84cm；单摆摆长心=4+
20、/；2(2)345.摆球摆动稳定后，当它到达最低点时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最低点的次数(=1、2、3)，当=60时刚好停表。停止计时的秒表读数为67.5 s,该单摆的周期为 s=2.25sn 302(3)6.根据T=2端可得计算重力加速度测量值的表达式为4储Lg=5-A.将摆球经过最低点的次数计少了，则计算周期T 偏大，则 g 测量值较小，选 项 A 正确B.计时开始时，秒表启动稍晚，则周期测量值偏小，则 g 测量值偏大，选 项 B 错误；C.将摆线长当成了摆长，则乙偏小，则 g 测量值偏小，选 项 C 正确；D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长，则 L偏大，则 g测量值偏大
21、，选项D 错误;故选A C。(4)7 .根据 T =2 万4可得T2=-L8由图像可知/”4/_4.8 5-3.2 5 _ 4g 1.2 0-0.8 0解得g=9.86m/s21 2、竖直 Bab【解析】(1)1 .安装时一定要让刻度尺跟弹簧都处于同一竖直面内。(2)2 .为了减小由弹簧自重而产生的弹簧伸长对实验造成的误差，实验中应该先将弹簧安装好，竖直悬挂后再测量原长。故选Bo(3)3 4 .题图乙中斜率表示弹簧的劲度系数，所以。弹簧的劲度系数大；横轴上的截距表示弹簧的原长，所以。弹簧的原长长。四、计算题：本题共2小题，共 2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方
22、程式和演算步骤。1 3、1.2 x 1 0 记 (2)27.5cm,20cm【解析】对两个活塞和重物作为整体进行受力分析得：pS=mg+pS解得：p=1.2 x l 05P t z；对下部分气体进行分析，由理想气体状态方程可得：噌=噌解得：/i2=20cm,对上部分气体进行分析，根据玻意耳定律定律可得：P o(H-h)S =pLS解得：L=7.5cm,故此时活塞M 距离底端的距离为：H2=20+7.5=27.5cm；14、(i)A V=-5 L.(i iU=Q-(PaS-M g y L【解析】由于气缸内的气体温度升高，故活塞将向左移动，设气缸再次稳定后向左移动的距离为AL。由题目中的条件可知,
23、容器内的气体是在做等压变化。由理想气体状态方程可得LS _(LS+S M)7=T2解得故变化的体积为(ii)以气缸活塞为研究对象，设气缸里面的大气压对气缸的压力为F 根据力的平衡可得F =P S-Mg暖流给气缸中的气体加热，当气体温度为72时，气体膨胀对外做的功为：W=-F AL=-/lS-M g)AL=一(E)S-M g)-，2 7 LA由热力学第一定律可知，容器中的气体内能的增加量为AU=Q-邢-M g)上&L*15、ZOxlm/s；2*10-3不会通过，0.2m【解析】(1)由题意可知，粒子在第二象限内做匀速直线运动，根据力的平衡有qvB=q E0解得p=2.0 xl03m/sB。(2)
24、粒子在第二象限的磁场中做匀速圆周运动，由题意可知圆周运动半径R=d-1.0m根据洛伦兹力提供向心力有v2qv8=mR解得磁感应强度大小3=2x10”(3)粒子离开磁场时速度方向与直线0 4垂直，粒子在匀强电场中做曲线运动，粒子沿y轴负方向做匀减速直线运动,粒子在尸点沿y轴负方向的速度大小vv=vsin6)粒子在电场中沿y轴方向的加速度大小qE cos 6av=-m设经过加时间，粒子沿y轴方向的速度大小为零，根据运动学公式有%加时间内，粒子沿y轴方向通过的位移大小 y=寸 加联立解得Ay=0.3m由于 y d cos 0故带电粒子离开磁场后不会通过x轴，带电粒子到x轴的最小距离d=d cos 0-A y =0.2m