《2021-2022学年广东广州市高考物理一模试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年广东广州市高考物理一模试卷含解析.pdf（16页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，位于竖直平面内的光滑轨道由一段抛物线A 8 组成，4 点为抛
2、物线顶点，已知4、8 两点间的高度差=0.8 m,A、8 两点间的水平距离x=0.8 m,重力加速度g 取 10 m/s?,一小环套在轨道上的A 点，下列说法正确的是A.小环以初速度=2 m/s从 A 点水平抛出后，与轨道无相互作用力B.小环以初速度vo=lm/s从 A 点水平抛出后，与轨道无相互作用力C.若小环从A 点由静止因微小扰动而滑下，到达3 点的速度为26加/sD.若小环从4 点由静止因微小扰动而滑下，到达B 点的时间为0.4s2、下列用来定量描述磁场强弱和方向的是()A.磁感应强度 B.磁通量 C.安培力 D.磁感线3、如图，空间存在一方向水平向右的匀强电场，两个带电小球尸和。用相
3、同的绝缘细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则A.尸和。都带正电荷 B.尸和。都带负电荷C.尸带正电荷，。带负电荷 D.尸带负电荷，。带正电荷4、如图所示，水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，一带电金属滑块以Ek=30J的初动能从斜面底端A 冲上斜面,到顶端8 时返回，已知滑块从A 滑到6 的过程中克服摩擦力做功10 J,克服重力做功24 J,贝!()BA.滑块带正电，上滑过程中电势能减小4 JB.滑块上滑过程中机械能增加4 JC.滑块上滑到斜面中点时重力势能增加14 JD.滑块返回到斜面底端时动能为15 J5、如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d 点垂直于
4、磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a 点，通 过 pa段用时为A若该微粒经过P 点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到 屏 MN上.若两个微粒所受重力均忽略，则 新 微 粒 运 动 的（）A.轨迹为pb,至屏幕的时间将小于tB.轨迹为pc,至屏幕的时间将大于fC.轨迹为p a,至屏幕的时间将大于fD.轨迹为pb,至屏幕的时间将等于f6、放置于固定斜面上的物块，在平行于斜面向上的拉力尸作用下，沿斜面向上做直线运动。拉力尸和物块速度y 随时间f 变化的图象如图，则不正确的是：（）A.第 1 s内物块受到的合外力为0.5NB.物块的质量为11kgC.第 I s 内拉力尸的
5、功率逐渐增大D.前 3 s内物块机械能一直增大二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，在光滑的水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场，P。为两个磁场的理想边界，磁场范围足够大。一个边长为。、质量为小、电阻为R 的单匝正方形线框，以速度v 垂直磁场方向从图示实线位置I 开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中的位置II时，线 框 的 速 度 为 则 下 列 说 法 正 确的 是（）A.在位置n 时线框中的电功率为丝也
6、芷 B.在位置时II的 加 速 度 为 皿9R 2mR9n .2C.此过程中安培力的冲量大小为一2V D.此过程中通过线框导线横截面的电荷量为竺32R8、如图所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈（线圈电阻不计）绕垂直于磁感线的轴以角速度。匀速转动，线圈通过电刷与理想变压器原线圈相连，副线圈接一滑动变阻器K,原、副线圈匝数分别为卜 2。要使电流表的示数变为原来的2 倍，下列措施可行的是A.增大为原来的2 倍，四、R 不变B.“增大为原来的2 倍，小、R 不变C.”和 K 都增大为原来的2 倍，2不变D.2和 R 都增大为原来的2 倍，”不变9、如图所示，足够长U 型管内分别由水银封有4、两部分气体
7、，则下列陈述中正确是（）亿2A.只对。加热，则减小，气柱4 长度不变B.只对。加热，则/?减小，气柱&长度减少C.若在右管中注入一些水银，。将增大D.使。、4 同时升高相同的温度，则 L 增大、/?减小10、某列简谐横波在。=0 时刻的波形如图甲中实线所示，f2=3.0s时刻的波形如图甲中虚线所示，若图乙是图甲a、b、c、d 四点中某质点的振动图象，则正确的是A.这列波的周期为4sB.波速为0.5m/sC.图乙是质点的振动图象D.从 有=0 到 t2=3.0s这段时间内，质点a 通过的路程为1.5mE.6=9.5s时刻质点c 沿 y 轴正方向运动三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写
8、在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.(6 分)指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器。(1)图甲为某同学设计的多用电表的原理示意图。虚线框中S 为一个单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱B 可以分别与触点1、2、3 接通，从而实现使用多用电表测量不同物理量的不同功能。关于此多用电表，下列说法正确的是A.当 S 接触点1 时，多用电表处于测量电流的挡位B.当 S 接触点2 时，多用电表处于测量电压的挡位C.当 S 接触点2 时，多用电表处于测量电阻的挡位D.当 S 接触点3 时，多用电表处于测量电压的挡位用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图乙所示。A.若所选挡位为直
9、流10mA挡，则示数为 mA。B 若所选挡位为直流50V挡，则示数为 Vo用表盘为图乙所示的多用电表正确测量了一个约15。的电阻后，需要继续测量一个阻值约2k。的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选择以下必须的步骤，并 按 操 作 顺 序 写 出 步 骤 的 序 号.A.调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点 B 把选择开关旋转到“xioo，位置C.把选择开关旋转到“x 1k”位置 D.将红表笔和黑表笔接触（4）某小组同学们发现多用电表欧姆挡的表盘刻度线不均匀，分析在同一个挡位下通过待测电阻的电流I 和它的阻值Rx关系，他们分别画出了如图丙所示的几种图象，其中可能正确的是12.（12分）
10、为 了 测 量 一 个 未 知 电 阻 丛 约 为 50。）的阻值，实验室提供了如下器材:A.电 源（电源电动势E=4.5V,内阻约0.5Q）B.电压表V（量程为03 V,内阻约3kQ）C.电流表A（量程为（I.0 6 A,内阻约0.3。）D.滑动变阻器R：（020。）E.开关及导线若干（1）请在下面方框内画出实验电路图（）（2）连好实物电路后发现电压表损坏了，实验室又提供了一只毫安表mA（量程为0-3 0 m A,内阻5C）和一个电阻 箱（0999.9。），要利用这两个仪器改装为3V 的电压表，需要将毫安表和电阻箱品 联，并将电阻箱的阻值调到。；(3)请画出改装后的实验电路图()(4)如果某
11、次测量时毫安表示数为20.0m A,电流表4 示数为0.058A,那么所测未知电阻阻值R产。(最后一空保留3 位有效数字)。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示，让小球从图中的A 位置静止摆下，摆到最低点3 处摆线刚好被拉断，小球在B 处恰好未与地面接触，小球进入粗糙的水平面后向右运动到C 处进入一竖直放置的光滑圆弧轨道。已知摆线长L=Im,6 =6 0 小球质量加=1依，5 点 C 点的水平距离s=2 m,小球与水平面间动摩擦因数=0.2,g l0 m/s2o(1)求摆线所能承受的最大拉力为
12、多大；(2)要使小球不脱离圆弧轨道，求圆弧轨道半径R 的取值范围。14.(16分)如图所示，一端封闭的细玻璃管总长度为L=75cm,竖直倒插在水银槽中，管内封闭有一定质量的理想气体，气体温度2 7 c 时管内气柱的长度为48cm,此时管内外水银面相平。若将玻璃管沿竖直方向缓慢拉出水银槽，此过程中管内气体温度保持不变。取大气压强Po=75cmHg。求：(1)玻璃管离开水银槽后管内气柱的压强；(2)将玻璃管拉离水银槽后，再将玻璃管缓慢转动180。到管口竖直向上放置，之后缓慢加热气体，直到水银上端面刚好到达管口，转动过程中无气体漏出，求此时气体的温度。15.(1 2 分)2019年诺贝尔物理奖的一半
13、授予詹姆斯皮伯斯(James Peebles)以表彰他“在物理宇宙学方面的理论发现“，另一半授予了米歇尔马约尔(Michel Mayor)和迪迪埃奎洛兹(Didier Q ueloz),以表彰他们“发现了一颗围绕太阳运行的系外行星”。对宇宙探索一直是人类不懈的追求。现假设有这样模型：图示为宇宙中一恒星系的示意图，A 为该星系的一颗行星，它绕中央恒星O 的运行轨道近似为圆.已知引力常量为G,天文学家观测得到A 行星的运行轨道半径为R),周期为7。，求：(1)中央恒星O 的质量M 是多大？(2)长期观测发现A 行星每隔to时间其运行轨道便会偏离理论轨道少许，天文学家认为出现这种现象的原因可能是A
14、行星外侧还存在着一颗未知的行星B(假设其运行的圆轨道与A 在同一平面内，且 与 A 的绕行方向相同).根据上述现象和假设，试求未知行星B 的运动周期和轨道半径.参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A B.小环以初速度vo=2m/s从 A 点水平抛出，下落0.8 m 用时水平位移为x=W=0.8m,其轨迹刚好与光滑轨道重合，与轨道无相互作用力，A 正确，B 错误;C.根据机械能守恒定律1 ,mgh=mv2,到达B 点的速度v=12gh=/2xl0 x0.8=4m/sc 错误；D.小环沿轨道下落到3 点
15、所用的时间比平抛下落到B 点所用的时间长，大于0.4 s,D 错误.故选A。2、A【解析】A.磁感应强度是用来描述磁场强弱和方向的物理量，故 A 正确；B.磁通量是穿过某一面积上的磁感线的条数，单位面积上的磁通量才可以描述磁场的强弱，故 B 错误;C.安培力描述电流在磁场中受到的力的作用，不是用来描述磁场的强弱和方向，故 C 错误；D.磁感线只能定性地说明磁场的强弱和方向，故 D 错误；故选A。3、D【解析】A B.受力分析可知，P 和 Q 两小球，不能带同种电荷，AB错误；C D.若 P 球带负电，Q 球带正电，如下图所示，恰能满足题意，则 C 错 误 D 正确，故本题选D.4、A【解析】A
16、.动能定理知上滑过程中代入数值得%=4 J电场力做正功，滑块带正电，电势能减小4J,A 正确;B.由功能关系知滑块上滑过程中机械能的变化量为E =W-Wf=-6J即机械能减小6J,B 错误；C.由题意知滑块上滑到斜面中点时克服重力做功为1 2 J,即重力势能增加12J,C 错误D.由动能定理知W/=“）一4一所以滑块返回到斜面底端时动能为10J,D错误.故选A。【点睛】解决本题的关键掌握功能关系，知道重力做功等于重力势能的变化量，合力做功等于动能的变化量，除重力以外其它力做功等于机械能的变化量，电场力做功等于电势能的变化量.5、C【解析】试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由
17、洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化.带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由8#=加 且，得：厂=彳=与，rqB qBT 2兀mP、q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，故轨迹应为p a,因周期丁=可 知，因m增大，故粒子运qB动的周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故pa所用的时间将大于t,C正确；27cM【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式R=,，周期公式7=，运Bq Bq动时间公式/=2 7，知道粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关
18、，画轨迹，定圆心，找半径，结2%合几何知识分析解题，6、B【解析】A B.由图像可知，0 1s内物体的加速度为=-=pm/s2=0.5m/s2由牛顿第二定律可得F-mgsmO=maIs后有尸=/ngsin。其中F=5.5N,F=5.0N联立解得m=l.()kg,6=30,第Is内物块受到的合外力为F合=/m =lxO.5N=O.5N故A正确，B错误；C.第 1s内 拉 力 尸 的 功 率 尸 不 变，y增大，则尸增大，故 C 正确；D.前1s内物块的动能和重力势能均增大，则其机械能增大，2-3 s内，动能不变，重力势能增大，其机械能增大，所以物块的机械能一直增大，故D正确。本题选择不正确的，故
19、选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A C【解析】A.线框经过位置n时，线框左右两边均切割磁感线，所以此时的感应电动势为L 2 cE=Bav3故线框中的电功率为八 E2 4B2a2v21 -=R 9HA正确；B.线框在位置n时，左右两边所受安培力大小均为根据左手定则可知，线框左右两边所受安培力的方向均向左，故此时线框的加速度为2F 4B2a2va=-=-m 3mRB错误；C.整个过程根据动量定理可知安培力的冲量为I.=AA r=mv mv=2mv3 32所以安培
20、力的冲量大小为3 mv,C正确；D.根据q=It线框在位置i 时其磁通量为a?,而线框在位置n 时其磁通量为零，故D 错误。故选A C。8、BD【解析】线圈转动产生的电压有效值为:V2根据理想变压器的规律：q _五U2 2根据欧姆定律:=联立方程解得：4=但 幺=但 臀，”增大为原来的2 倍，2、R 不变、2和 R 都增大为原来的2 倍，“不变均可电流表的示数变为原来的2 倍，B D 正确，A C 错误。故 选 BD,9、A D【解析】A B.只对心加热，假设体积不变，则压强增大，所 以“增大、h 减 小,气柱心长度不变，因为此部分气体做等温变化，故 A 正确B 错误；C.若在右管中注入一些水
21、银，心压强增大，假设心的体积不变，心的压强与人长度的水银柱产生的压强之和随之增大，L 的压强增大，根据玻意耳定律得L 将减小，故 C 错误；D.使心、七同时升高相同的温度，假设气体体积不变，L 的压强增大，心压强不变，则“增大、力减小，故 D 正确；故选AD.【点睛】做好本题的关键是知道两边气体压强大小的影响因素，再利用理想气体状态方程判断各物理量的变化.10、ABE【解析】A.由图乙可知，波的振动周期为4 s,故 A 正确；B.由甲图可知，波长2=2m,根据波速公式丸2,八 一v=m/s=O.5m/sT 4故 B 正确；C.在有=0时刻，质点5 正通过平衡位置，与乙图情况不符，所以乙图不可能
22、是质点b 的振动图线，故 c 错误；3 3D.从有=0 s到，2=3.0s这段时间内为一T,所以质点a 通过的路程为s=x4A=15cm=0.15m,故 D 错误；4 4E.因为f3=9.5s=2：3 T,2 7 后质点c 回到最低点，由于T二 V3三 T VT7，所以g=9.5s时刻质点c 在平衡位置以上沿y8 4 8 2轴正向运动，故 E 正确。故选ABE.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACD 4.80 BDA 24.0 A【解析】(1)灵敏电流计G 与分流电阻并联可以改装成电流表，与分压电阻串联可以改装成电压表，与滑动变
23、阻器、电源一起可以改装成欧姆表，分析图示电路图答题；(2)根据电流表量程确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；(3)用欧姆表测电阻要选择合适挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零；(4)根据闭合电路欧姆定律求出I-Rx以及.的表达式，进而选择图象即可。_ _匚_【详解】(1)由图示电路图可知，当开关置于2 位置时多用电表是欧姆表，A 与内置电源负极相连，A 为红表笔，B 与内置电源正极相连，B 为黑表笔：A 项：由图示电路图可知，当 S 接触点1 时，表头与分流电阻并联，此时多用电表处于测量电流的挡位，故 A 正确；B、C 项：由图
24、示电路图可知，当 S 接触点2 时，表头与电源相连，此时多用电表处于测量电阻的挡位，故 B 错误，C正确；D 项：由图示电路图可知，当 S 接触点3 时，表头与分压电阻串联，此时多用电表处于测量电压的挡位，故 D 正确。故应选：ACD；(2)A、若所选挡位为直流5()mA挡，由图乙所示可知，示数为4.80mA；B、若所选挡位为直流50V挡，则示数为24.0V；(3)用多用电表正确测量了一个约15。的电阻后，要继续测量一个阻值约2 k o 的电阻，首先要把选择开关置于xlOO挡位位置，然后进行欧姆调零，把红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指针欧姆零刻度线位置，最后再测电阻，故合理的步骤是：BD
25、A；(4)设欧姆表内电池电动势为E,内阻为r,电流表内阻与调零电阻的和为R g,则有：_，则 LRx图象是双曲线的一条，随着R、的增大，I 减小，二=_ 二 5二二+，+口二上 式 的 倒 数,_ _ _ ，可知,是线性函数，Rx=0时，,且有最小值，.随 着 Rx的增大而增大。-f_=T-0 故应选：Ao【点睛】本题考查了多用电表结构、多用电表读数与欧姆表的使用方法，知道电流表。电压表与欧姆表的改装原理是解题的前提，分析清楚图示电路结构、掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累。(1)1由于电流表的内阻远小于待测电阻的阻值，故采用安培表内接法，滑动变阻器采用限流式接法即可，如图所
26、(2)2 3改装成大量程的电压表，需 要 将 电 阻 与 表 头 串 联，其阻值为:U 3R =-P Q-5Q=95.0QL s 0.030(3)4改装之后的电压表内阻为100Q,则此时采用安培表外接法，如图所示:(4)5根据欧姆定律可知，此时待测电阻的阻值为:020X(95+5)Q=52.6Q。1Xx 0.058-0.020四、计算题：本 题 共2小 题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步 骤。13、(1)20N；(2)RWO.O4m或RNO.lm【解 析】(1)小 球 从A到8的过程，由动能定理得:1mgL(A cosO mvH 0解得:=V1
27、0m/s在3点，由牛顿第二定律得:T-m g=m-解得:T=20N(2)5到C的过程中摩擦力做功，由动能定理可得:imvc2-lm vs2=-Amg5可 得：vc=V2m/s小球进入圆轨道后，设小球能到达圆轨道最高点的速度为也 要不脱离轨道应满足:R考虑小球从C点运动到圆轨道最高点的过程，由动能定理得:1 ,1 2-mg-2R=-mv-mvc联立以上解得：/?0.04m；小球进入圆轨道后，小球上升的最大高度满足：h R,小球可沿轨道返回。小球从D点运动到最高处的过程，由动能定理得-mgh=一 g m vc解得：心 0.1m；所以要使小球不脱离圆弧轨道，圆弧轨道半径R的取值范围是/?0.04m或
28、14、(1)60cmHg(2)45OK【解析】(1)设玻璃管横截面积为S,初状态气体的压强和体积分别为Pi=75cmHg,Vi=48S玻璃管拉离水银槽时，设管内水银柱长度为x,则气体的压强和体积分别为P,=(75 x)cmHg匕=(75-x)S气体发生等温变化，由玻意耳定律可得：明=牝解得：x=15cm故：R,=7 5-x =60cmHg(2)拉离水银槽未旋转时，气体的压强和温度为4=27+273=300K旋转加热后压强：=(75+x)cmHg=90 cmHg设末状态气体温度为，由查理定律可得：T2 T3解得:7；=450K2【解 析】(1 )由万有引力定律得：令A星质量为胆Mm 4万 2G R =m父求得:M审(2)令B星 运 动 周 期 为 TB轨 道 半 径 为 心2万 2乃-K=2%/。1B求得:T _ 2。由开普勒第三定律:璀得到:2RB T&