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1、重点题型重点题型1自由组合定律的遗传特例自由组合定律的遗传特例(一一)自交后代自交后代“和和”为为16的特殊分离比的特殊分离比1.由基因互作导致的特殊分离比由基因互作导致的特殊分离比(1)形成原因形成原因序号序号条件条件F1(AaBb)自交后代自交后代比例比例F1测交后代比例测交后代比例1只存在一种显性基因时表现为同一类型，只存在一种显性基因时表现为同一类型，其余正常表现其余正常表现9611212两种显性基因同时存在时，表现为一种两种显性基因同时存在时，表现为一种类型，否则表现为另一种类型类型，否则表现为另一种类型97133当某一种隐性基因成对存在时表现为双当某一种隐性基因成对存在时表现为双隐
2、类型，其余正常表现隐类型，其余正常表现9341124只要存在显性基因就表现为一种类型，只要存在显性基因就表现为一种类型，其余正常表现其余正常表现15131(2)解题步骤解题步骤2.由显性基因累加效应导致的特殊分离比由显性基因累加效应导致的特殊分离比(1)表现表现(2)原因：原因：A与与B的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强。【例证】【例证】1(2016全全国国卷卷，6)用用某某种种高高等等植植物物的的纯纯合合红红花花植植株株与与纯纯合合白白花花植植株株进进行行杂杂交交，F1全全部部表表现现为为红红花花。若若F1自自交交，得得到到的的F2植植株株
3、中中，红红花花为为272株株，白白花花为为212株株；若若用用纯纯合合白白花花植植株株的的花花粉粉给给F1红红花花植植株株授授粉粉，得得到到的的子子代代植植株株中中，红红花花为为101株株，白白花为花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是()AF2中白花植株都是纯合体中白花植株都是纯合体BF2中红花植株的基因型有中红花植株的基因型有2种种C控制红花与白花的基因在一对同源染色体上控制红花与白花的基因在一对同源染色体上DF2中白花植株的基因型种类比红花植株的多中白花植株的基因型种类比红花植株的多解解析析本本题切切入入点点不不在在于于“F
4、1全全表表现红花花”而而在在于于“用用纯合合白白花花植植株株花花粉粉给F1红花花植植株株授授粉粉，子子代代红花花为101株株，白白花花为302株株”，即即红花花白白花花13。这应符符合合两两对等等位位基基因因自自由由组合合的的杂种种子子一一代代测交交子子代代比比例例1111的的变式式，由由此此可可推推知知该相相对性性状状由由两两对等等位位基基因因控控制制(设为A、a和和B、b)，即即F1的的基基因因型型为AaBb，F1自自交交得得到到的的F2中中白白花花植植株株的的基基因因型型有有A_bb、aaB_和和aabb，故故A错误；F2中中红花花植植株株(A_B_)的的基基因因型型有有4种。种。答案答
5、案D2.(2016上上海海高高考考)控控制制棉棉花花纤纤维维长长度度的的三三对对等等位位基基因因A/a、B/b、C/c对对长长度度的的作作用用相相等等，分分别别位位于于三三对对同同源源染染色色体体上上。已已知知基基因因型型为为aabbcc的的棉棉纤纤维维长长度度为为6cm，每每个个显显性性基基因因增增加加纤纤维维长长度度2cm。棉棉花花植植株株甲甲(AABbcc)与与乙乙(aaBbCc)杂杂交交，则则F1的的棉棉纤维长度范围是纤维长度范围是()A.614cmB.616cmC.814cmD.816cm解解析析AABbcc和和aaBbCc杂交交得得到到的的F1中中，显性性基基因因最最少少的的基基因
6、因型型为Aabbcc，显性性基基因因最最多多的的基基因因型型为AaBBCc，由由于于每每个个显性性基基因因增增加加纤维长度度2cm，所所以以F1的的棉棉纤维长度范度范围是是(62)(68)cm。答案答案C1.(2019北北京京海海淀淀模模拟)某某种种植植物物其其花花色色有有白白色色和和紫紫色色，现现选选取取白白色色和和紫紫色色二二个个纯纯合合品品种种做做杂杂交交实实验验，结结果果如如下下：紫紫花花白白花花，F1全全为为紫紫花花，F1自自交交，F2表表现现型型及及比比例例为为9紫花紫花3红花红花4白花。将白花。将F2红花自交，产生的红花自交，产生的F3中纯合子占总数的比例为中纯合子占总数的比例为
7、()A.1/6B.5/9C.1/2D.2/3解解析析F2表表现型型及及比比例例为9紫紫花花3红花花4白白花花，是是9331的的变式式，由由此此可可推推知知该植植物物花花色色受受2对基基因因控控制制，且且遵遵循循基基因因的的自自由由组合合定定律律，F1为双双杂合合子子(设为AaBb)，则F2中中红花花基基因因型型(设为A_bb)及及比比例例为1/3AAbb、2/3Aabb，其其自自交交产生生的的F3中中杂合合子子(Aabb)占占总数数的的比比例例为2/31/21/3，则F3中中纯合合子子占占总数数的的比比例例为11/32/3，故，故D项正确。正确。答案答案D2.(2019山山东省省实验中中学学一
8、一诊)某某二二倍倍体体植植物物的的花花瓣瓣颜颜色色有有白白色色、紫紫色色、红红色色和和粉粉色色四四种种。研研究究人人员员用用某某株株粉粉色色纯纯合合子子和和某某株株白白色色纯纯合合子子杂杂交交，F1全全部部表表现现为为红红色色，让让F1自交，自交，F2中白色中白色紫色紫色红色红色粉色粉色4363，下列有关叙述错误的是，下列有关叙述错误的是()A.花色受两对等位基因控制，且遵循孟德尔的自由组合定律花色受两对等位基因控制，且遵循孟德尔的自由组合定律B.F2中白花的基因型有中白花的基因型有3种，其中纯合子占种，其中纯合子占1/2C.F1个体与隐性纯合子测交，后代花色白色个体与隐性纯合子测交，后代花色
9、白色紫色紫色红色红色211D.F2中自交后代能够发生性状分离的植株占中自交后代能够发生性状分离的植株占5/16解解析析根根据据F2代代的的性性状状分分离离比比4363可可以以判判断断，该比比例例是是两两对独独立立遗传的的基基因因自自由由组合合的的后后代代的的9331的的比比例例的的变式式，由由此此确确定定花花色色的的性性状状由由两两对等等位位基基因因控控制制，并并且且两两对基基因因独独立立遗传，遵遵循循基基因因的的自自由由组合合定定律律，A正正确确；假假设控控制制花花色色的的两两对等等位位基基因因分分别为A、a与与B、b，由由题中中所所给比比例例关关系系可可知知，F1的的基基因因型型为AaBb
10、，F2中中白白色色基基因因型型为aa_，紫紫色色为A_bb，红色色为A_Bb，粉粉红色色为A_BB，其其中中白白色色花花中中的的三三种种基基因因型型及及比比例例分分别为1/4aabb、1/2aaBb，1/4aaBB，因因此此纯合合子子占占1/41/41/2，B正正确确；F1(AaBb)个个体体与与隐性性纯合合子子(aabb)测交交，后后代代花花色色的的基基因因型型及及比比例例为AaBbaaBbAabbaabb1111，其其中中基基因因型型为AaBb的的个个体体开开红花花，基基因因型型为Aabb的的个个体体开开紫紫花花，基基因因型型为aaBb与与aabb的的个个体体开开白白花花，因因此此F1个个
11、体体与与隐性性纯合合子子测交交，后后代代花花色色白白色色紫紫色色红色色211，C正正确确；F2中中，基基因因型型为AaBb、AaBB、AABb、Aabb的的个个体体均均会会发生生性性状状分分离离，其其所所占占比比例例为4/162/162/162/165/8，D错误。答案答案D3.(2019山山东枣庄庄模模拟)基基因因型型为为aabbcc的的桃桃子子重重120克克，每每产产生生一一个个显显性性等等位位基基因因就就使使桃桃子子增增重重15克克，故故基基因因型型为为AABBCC的的桃桃子子重重210克克。甲甲桃桃树树自自交交，F1每每桃桃重重150克克。乙乙桃桃树树自自交交，F1每每桃桃重重1201
12、80克克。甲甲、乙乙两两桃桃树树杂杂交交，F1每每桃桃重重135165克。甲、乙两桃树的基因型可能是克。甲、乙两桃树的基因型可能是()A.甲甲AAbbcc，乙，乙aaBBCCB.甲甲AaBbcc，乙，乙aabbCCC.甲甲aaBBcc，乙，乙AaBbCCD.甲甲AAbbcc，乙，乙aaBbCc解解析析因因为一一个个显性性基基因因可可使使桃桃子子增增重重15克克，甲甲桃桃树自自交交，F1每每桃桃重重150克克，则甲甲桃桃树中中应有有两两个个显性性基基因因，且且是是纯合合子子；乙乙桃桃树自自交交，F1每每桃桃重重120180克克，则乙乙桃桃树中中应有有两两个个显性性基基因因，且且是是杂合合子子；甲
13、甲、乙乙两两桃桃树杂交交，F1每每桃桃重重135165克克，进一步确定甲、乙两桃一步确定甲、乙两桃树的基因型可能的基因型可能为AAbbcc和和aaBbCc。答案答案D(二二)自交后代自交后代“和和”小于小于16的特殊分离比的特殊分离比(遗传致死问题遗传致死问题)1.致死类型归类分析致死类型归类分析(1)显性纯合致死显性纯合致死(2)隐性纯合致死隐性纯合致死2.致死类问题解题思路致死类问题解题思路第一步：先将其拆分成分离定律单独分析，确定致死的原因。第一步：先将其拆分成分离定律单独分析，确定致死的原因。第二步：将单独分析结果再综合在一起，确定成活个体基因型、表现型及比例。第二步：将单独分析结果再
14、综合在一起，确定成活个体基因型、表现型及比例。3.“致死致死”原因的精准推导原因的精准推导第一种方法：直接判断法第一种方法：直接判断法直接利用基因自由组合定律来分析直接利用基因自由组合定律来分析第第二二种种方方法法：间间接接判判断断法法分分解解成成两两个个基基因因分分离离定定律律问问题题，分分别别分分析析。即即将将“黄黄短短黄黄长长灰灰短短灰灰长长4221”转转化化为为两两个个基基因因分分离离定定律律问问题题来来处处理理，即即黄黄色色灰色灰色21，短尾，短尾长尾长尾21，由此来确定致死原因是，由此来确定致死原因是Y和和D基因都会导致纯合致死。基因都会导致纯合致死。【例例证证】某某二二倍倍体体植
15、植物物有有高高茎茎与与矮矮茎茎、红红花花与与白白花花两两对对相相对对性性状状，且且均均各各只只受受一一对对等等位位基基因因控控制制。现现有有一一高高茎茎红红花花亲亲本本，其其自自交交后后代代表表现现型型及及比比例例为为高高茎茎红红花花高高茎白花茎白花矮茎红花矮茎红花矮茎白花矮茎白花5331，下列分析错误的是，下列分析错误的是()A.控制上述两对相对性状的基因遗传时遵循自由组合定律控制上述两对相对性状的基因遗传时遵循自由组合定律B.出现出现5331的原因是可能存在某种基因型植株的原因是可能存在某种基因型植株(合子合子)致死现象致死现象C.出现出现5331的原因是可能存在某种基因型配子致死现象的原
16、因是可能存在某种基因型配子致死现象D.自交后代中高茎红花均为杂合子自交后代中高茎红花均为杂合子解解析析设高高茎茎与与矮矮茎茎、红花花与与白白花花分分别受受一一对等等位位基基因因A和和a、B和和b控控制制。一一高高茎茎红花花亲本本自自交交后后代代出出现4种种类型型，则该亲本本的的基基因因型型为AaBb，又又因因自自交交后后代代的的性性状状分分离离比比为5331，说明明控控制制这两两对相相对性性状状的的两两对等等位位基基因因位位于于两两对同同源源染染色色体体上上，其其遗传遵遵循循基基因因的的自自由由组合合定定律律，A正正确确；理理论上上该高高茎茎红花花亲本本自自交交后后代代性性状状分分离离比比为9
17、331，而而实际上上却却为5331，进而而推推知知：出出现5331的的原原因因可可能能是是基基因因型型为AB的的雌雌配配子子或或雄雄配配子子致致死死，B错误，C正正确确；综上上分分析析可可推推知知：在在自自交交后后代代中中，高高茎茎红花的基因型花的基因型为AABb、AaBB、AaBb，均，均为杂合子，合子，D正确。正确。答案答案B【技技法法点点拨拨】由由题意意“各各只只受受一一对等等位位基基因因控控制制”和和“自自交交后后代代的的性性状状分分离离比比”呈呈现的的四四种种表表现型型准准确确定定位位遵遵循循基基因因的的自自由由组合合定定律律，进而而推推测出出亲本本为双双杂合合子子。理理论上上该亲本
18、本自自交交后后代代的的性性状状分分离离比比为9331，而而实际上上却却为5331，即即双双显性性个个体体少少于于理理论值，说明明同同时含含有有两两种种显性性基基因因的的雌雌配配子子或或雄雄配配子子致致死死。在在此此基基础上上，即可即可对各各选项做出正确的判断。做出正确的判断。1.(2019北北京京海海淀淀模模拟)某某植植物物有有白白花花和和红红花花两两种种性性状状，由由等等位位基基因因R/r、I/i控控制制，已已知知基基因因R控控制制红红色色素素的的合合成成，基基因因I会会抑抑制制基基因因R的的表表达达。某某白白花花植植株株自自交交，F1中中白白花花红红花花51；再再让让F1中中的的红红花花植
19、植株株自自交交，后后代代中中红红花花白白花花21。下下列列有有关关分分析错误的是析错误的是()A.基因基因R/r与与I/i独立遗传独立遗传B.基因基因R纯合的个体会致死纯合的个体会致死C.F1中白花植株的基因型有中白花植株的基因型有7种种D.亲代白花植株的基因型为亲代白花植株的基因型为RrIi解解析析根根据据题意意分分析析可可知知，红色色的的基基因因型型为R_ii，白白色色的的基基因因型型为R_I_，rrI_，rrii。某某白白花花植植株株自自交交，F1中中白白花花红花花51，后后代代红花花R_ii占占1/62/31/4，说明明两两对等等位位基基因因独独立立遗传，遵遵循循基基因因的的自自由由组
20、合合定定律律，A正正确确；根根据据以以上上分分析析可可知知，亲本本白白花花的的基基因因型型为RrIi，且且RR基基因因纯合合致致死死，B、D正正确确；F1中中白白花花植植株株的的基基因因型型为RrII、RrIi、rrII、rrIi、rrii，C错误。答案答案C2.(2019山山东名名校校联盟盟)在在一一个个玉玉米米的的自自然然种种群群中中，等等位位基基因因A、a控控制制高高茎茎和和矮矮茎茎，等等位位基基因因B、b控控制制抗抗病病和和感感病病，两两对对基基因因分分别别位位于于两两对对常常染染色色体体上上，其其中中含含A基基因因的的花花粉粉致致死死。现现选选择择高高茎茎抗抗病病植植株株自自交交，F
21、1有有四四种种表表现现型型，以以下下叙叙述述错错误误的的是是()A.F1中抗病植株与感病植株的比为中抗病植株与感病植株的比为31B.高茎对矮茎是显性，抗病对感病是显性高茎对矮茎是显性，抗病对感病是显性C.F1高茎抗病植株的基因型有高茎抗病植株的基因型有4种种D.F1抗病植株间相互随机传粉，后代抗病植株占抗病植株间相互随机传粉，后代抗病植株占8/9解解析析由由题意意分分析析可可知知含含A基基因因的的花花粉粉致致死死，而而选择的的高高茎茎抗抗病病植植株株自自交交，F1有有四四种种表表现型型，所所以以高高茎茎抗抗病病植植株株为AaBb，F1中中抗抗病病植植株株与与感感病病植植株株应为31，A正正确确
22、；因因为子子代代中中出出现了了亲本本没没有有的的性性状状，而而亲本本的的性性状状应是是显性性性性状状，所所以以高高茎茎对矮矮茎茎是是显性性，抗抗病病对感感病病是是显性性，B正正确确；因因为含含A基基因因的的花花粉粉致致死死，所所以以F1高高茎茎抗抗病病植植株株的的基基因因型型有有2种种，C错误；F1抗抗病病植植株株有有1/3纯合合子子，2/3杂合合子子，它它们之之间相相互互随随机机传粉，后代中不抗病植株占粉，后代中不抗病植株占1/31/31/9，所以抗病植株占，所以抗病植株占8/9，D正确。正确。答案答案C(三三)多对等位基因的自由组合现象问题多对等位基因的自由组合现象问题巧用巧用“性状比之和
23、性状比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数，快速判断控制遗传性状的基因的对数(1)自自交交情情况况下下，得得到到的的“性性状状比比之之和和”是是4的的几几次次方方，就就说说明明自自交交的的亲亲代代中中含含有有几几对等位基因；对等位基因；(2)测测交交情情况况下下，得得到到的的“性性状状比比之之和和”是是2的的几几次次方方，则则该该性性状状就就由由几几对对等等位位基基因因控制。控制。【例例证证】某某植植物物红红花花和和白白花花为为一一对对相相对对性性状状，同同时时受受多多对对等等位位基基因因控控制制(如如A、a；B、b；C、c)，当当个个体体的的基基因因型型中中每每对对等等位位基基因因都都至
24、至少少含含有有一一个个显显性性基基因因时时(即即A_B_C_)才才开开红红花花，否否则则开开白白花花。现现有有甲甲、乙乙、丙丙、丁丁4个个纯纯合合白白花花品品系系，相相互互之之间间进进行行杂杂交交，杂杂交交组组合合、后后代代表表现现型型及及其其比比例例如如表表所所示示，下下列列分分析析错错误误的的是是()组一组一组二组二组三组三组四组四组五组五组六组六P甲甲乙乙乙乙丙丙乙乙丁丁甲甲丙丙甲甲丁丁丙丙丁丁F1白色白色红色红色红色红色白色白色红色红色白色白色F2白色白色红色红色81白白色色175红色红色27白白色色37白色白色红色红色81白白色色175白色白色A.组二组二F1基因型可能是基因型可能是
25、AaBbCcDdB.组五组五F1基因型可能是基因型可能是AaBbCcDdEEC.组二和组五的组二和组五的F1基因型可能相同基因型可能相同D.这一对相对性状最多受四对等位基因控制，且遵循自由组合定律这一对相对性状最多受四对等位基因控制，且遵循自由组合定律解解析析组二二和和组五五的的F1自自交交，F2的的分分离离比比为红白白81175，即即红花花占占81/(81175)(3/4)4，则可可推推测这对相相对性性状状至至少少受受四四对等等位位基基因因控控制制，且且四四对基基因因分分别位位于于四四对同同源源染染色色体体上上，遵遵循循自自由由组合合定定律律。组二二、组五五的的F1至至少少含含四四对等等位位
26、基基因因，当当该对性性状状受受四四对等等位位基基因因控控制制时，组二二、组五五的的F1基基因因型型都都可可为AaBbCcDd；当当该对性性状受五状受五对等位基因控制等位基因控制时，组五五F1基因型可能是基因型可能是AaBbCcDdEE。答案答案D1.(2019山山东青青岛模模拟)某某植植物物叶叶形形的的宽宽叶叶和和窄窄叶叶是是一一对对相相对对性性状状，用用纯纯合合的的宽宽叶叶植植株株与与窄窄叶叶植植株株进进行行杂杂交交，如如下下表表(相相关关基基因因用用A、a；B、b；C、c表表示示)。下下列列相相关叙述错误的是关叙述错误的是()母本母本父本父本子一代子一代子二代子二代杂交组合一杂交组合一宽叶
27、宽叶窄叶窄叶宽叶宽叶宽叶宽叶窄叶窄叶31杂交组合二杂交组合二宽叶宽叶窄叶窄叶宽叶宽叶宽叶宽叶窄叶窄叶151杂交组合三杂交组合三宽叶宽叶窄叶窄叶宽叶宽叶宽叶宽叶窄叶窄叶631A.该植物的叶形至少受三对等位基因控制该植物的叶形至少受三对等位基因控制B.只要含有显性基因该植株的表现型即为宽叶只要含有显性基因该植株的表现型即为宽叶C.杂交组合一亲本的基因型可能是杂交组合一亲本的基因型可能是AABBcc、aaBBccD.杂交组合三的子二代宽叶植株的基因型有杂交组合三的子二代宽叶植株的基因型有26种种解解析析由由表表格格信信息息可可知知，宽叶叶植植株株与与窄窄叶叶植植株株杂交交，子子一一代代都都是是宽叶叶
28、，说明明宽叶叶是是显性性性性状状。杂交交组合合一一，子子二二代代窄窄叶叶植植株株所所占占的的比比例例是是1/4，说明明符符合合一一对杂合合子子自自交交实验结果果；杂交交组合合二二，子子二二代代窄窄叶叶植植株株所所占占的的比比例例是是1/16，说明明符符合合两两对杂合合子子自自交交实验结果果；杂交交组合合三三，子子二二代代窄窄叶叶植植株株所所占占的的比比例例是是1/64，说明明符符合合三三对杂合合子子自自交交实验结果果，因因此此该植植物物的的宽叶叶和和窄窄叶叶性性状状至至少少由由三三对等等位位基基因因控控制制，且且三三对等等位位基基因因在在遗传过程程中中遵遵循循自自由由组合合定定律律，隐性性纯合
29、合子子表表现为窄窄叶叶，其其他他都都表表现为宽叶叶。杂交交组合合三三，子子一一代代的的基基因因型型是是AaBbCc，子子二二代代的的基基因因型型有有33327(种种)，其其中中基基因因型型为aabbcc的的植植株株表表现为窄窄叶叶，因因此此杂交交组合合三三的的子子二二代代宽叶叶植植株株的的基基因型有因型有26种。种。答案答案C2.(2019北北京京海海淀淀模模拟)某某植植物物种种子子的的颜颜色色有有黄黄色色和和绿绿色色之之分分，受受多多对对独独立立遗遗传传的的等等位位基基因因控控制制。现现有有两两个个绿绿色色种种子子的的纯纯合合品品系系，定定为为X、Y。让让X、Y分分别别与与一一纯纯合合的的黄
30、黄色色种种子子的的植植物物杂杂交交，在在每每个个杂杂交交组组合合中中，F1都都是是黄黄色色，再再自自花花受受粉粉产产生生F2，每每个个组组合的合的F2分离如下：分离如下：X：产生的：产生的F2，27黄黄37绿绿Y：产生的：产生的F2，27黄黄21绿绿回答下列问题：回答下列问题：(1)根根据据上上述述哪哪个个品品系系的的实实验验结结果果，可可初初步步推推断断该该植植物物种种子子的的颜颜色色至至少少受受三三对对等等位位基因控制？请说明判断的理由。基因控制？请说明判断的理由。_。(2)请请从从上上述述实实验验中中选选择择合合适适的的材材料料，设设计计一一代代杂杂交交实实验验证证明明推推断断的的正正确
31、确性性。(要要求求：写出实验方案，并预测实验结果写出实验方案，并预测实验结果)_。解解析析(1)纯合合绿色色种种子子与与纯合合黄黄色色种种子子植植物物杂交交，F1都都是是黄黄色色，表表明明黄黄色色对绿色色为显性性。X品品系系产生生的的F2中中，黄黄色色占占27/64(3/4)3，表表明明F1中中有有三三对基基因因是是杂合合的的，三三对基基因因均均为显性性时呈呈黄黄色色，其其余余呈呈绿色色，X与与亲本本黄黄色色之之间有有三三对等等位位基基因因存存在在差差异异。(2)要要验证上上述述判判断断的的正正确确性性，可可设计测交交实验，即即取取与与X杂交交形形成成的的F1(三三对基基因因是是杂合合的的)与
32、与X品品系系杂交交，若若后后代代中中黄黄色色占占(1/2)31/8，黄黄色色绿色色17，则上述判断正确。上述判断正确。答案答案(1)X品系品系F1都是黄色，表明黄色对绿色为显性。都是黄色，表明黄色对绿色为显性。X品系产生的品系产生的F2中，黄色占中，黄色占27/64(3/4)3，表明，表明F1中有三对基因是杂合的，中有三对基因是杂合的，X与亲本黄色之间有三对等位基因存与亲本黄色之间有三对等位基因存在差异在差异(其他合理答案也可其他合理答案也可)(2)取与取与X杂交形成的杂交形成的F1，与，与X品系杂交，后代中将出现品系杂交，后代中将出现黄色与绿色两种表现型，且比例为黄色与绿色两种表现型，且比例
33、为17重点题型重点题型2探究不同对基因在染色体上的位置探究不同对基因在染色体上的位置1.判断基因是否位于一对同源染色体上判断基因是否位于一对同源染色体上(1)图示分析图示分析基因完全连锁现象基因完全连锁现象基因不完全连锁现象基因不完全连锁现象如如果果减减数数分分裂裂时时部部分分初初级级精精母母细细胞胞及及初初级级卵卵母母细细胞胞发发生生了了交交叉叉互互换换，无无论论是是图图1还还是是图图2都会出现基因不完全连锁现象。都会出现基因不完全连锁现象。(2)实例判断实例判断以以AaBb为为例例，若若两两对对等等位位基基因因位位于于一一对对同同源源染染色色体体上上，不不考考虑虑交交叉叉互互换换，则则产产
34、生生两两种种类类型型的的配配子子，在在此此基基础础上上进进行行自自交交会会产产生生两两种种或或三三种种表表现现型型，测测交交会会出出现现两两种种表表现现型型；若若两两对对等等位位基基因因位位于于一一对对同同源源染染色色体体上上，考考虑虑交交叉叉互互换换，则则产产生生四四种种类类型型的的配子，在此基础上进行自交或测交会出现四种表现型。配子，在此基础上进行自交或测交会出现四种表现型。2.判断基因是否易位到一对同源染色体上判断基因是否易位到一对同源染色体上若若两两对对基基因因遗遗传传具具有有自自由由组组合合定定律律的的特特点点，但但却却出出现现不不符符合合自自由由组组合合定定律律的的现现象象，可可考
35、考虑虑基基因因转转移移到到同同一一对对同同源源染染色色体体上上的的可可能能，如如由由染染色色体体易易位位引引起起的变异。的变异。3.判断外源基因整合到宿主染色体上的类型判断外源基因整合到宿主染色体上的类型外外源源基基因因整整合合到到宿宿主主染染色色体体上上有有多多种种类类型型，有有的的遵遵循循孟孟德德尔尔遗遗传传定定律律。若若多多个个外外源源基基因因以以连连锁锁的的形形式式整整合合在在同同源源染染色色体体的的一一条条上上，其其自自交交会会出出现现分分离离定定律律中中的的31的的性性状状分分离离比比；若若多多个个外外源源基基因因分分别别独独立立整整合合到到非非同同源源染染色色体体的的一一条上，各
36、个外源基因的遗传互不影响，则会表现出自由组合定律的现象。条上，各个外源基因的遗传互不影响，则会表现出自由组合定律的现象。【例例证证】(2018全全国国卷卷，31)某某小小组组利利用用某某二二倍倍体体自自花花传传粉粉植植物物进进行行两两组组杂杂交交实实验验，杂杂交交涉涉及及的的四四对对相相对对性性状状分分别别是是：红红果果(红红)与与黄黄果果(黄黄)、子子房房二二室室(二二)与与多多室室(多多)、圆形果圆形果(圆圆)与长形果与长形果(长长)、单一花序、单一花序(单单)与复状花序与复状花序(复复)。实验数据如表。实验数据如表。组别组别杂交组合杂交组合F1表现型表现型F2表现型及个体数表现型及个体数
37、甲甲红二红二黄多黄多红二红二450红二、红二、160红多、红多、150黄二、黄二、50黄多黄多红多红多黄二黄二红二红二460红二、红二、150红多、红多、160黄二、黄二、50黄多黄多乙乙圆单圆单长复长复圆单圆单660圆单、圆单、90圆复、圆复、90长单、长单、160长复长复圆复圆复长单长单圆单圆单510圆单、圆单、240圆复、圆复、240长单、长单、10长复长复回答下列问题：回答下列问题：(1)根根据据表表中中数数据据可可得得出出的的结结论论是是：控控制制甲甲组组两两对对相相对对性性状状的的基基因因位位于于上上，依据是依据是_；控控制制乙乙组组两两对对相相对对性性状状的的基基因因位位于于(填
38、填“一一对对”或或“两两对对”)同同源源染染色色体体上上，依依据据是是_。(2)某某同同学学若若用用“长长复复”分分别别与与乙乙组组的的两两个个F1进进行行杂杂交交，结结合合表表中中数数据据分分析析，其其子子代的统计结果不符合代的统计结果不符合的比例。的比例。解解析析(1)依依据据甲甲组实验可可知知，不不同同性性状状的的双双亲杂交交，子子代代表表现出出的的性性状状为显性性性性状状(红二二)，F2出出现9331的的性性状状分分离离比比，所所以以控控制制红果果与与黄黄果果、子子房房二二室室与与多多室室两两对性性状状的的基基因因位位于于非非同同源源染染色色体体上上；同同理理可可知知乙乙组中中，圆形形
39、果果单一一花花序序为显性性性性状状，F2中中圆长31、单复复31，但但未未出出现9331的的性性状状分分离离比比，说明明两两对等等位位基基因因的的遗传遵遵循循分分离离定定律律但但不不遵遵循循自自由由组合合定定律律，所所以以控控制制乙乙组两两对性性状状的的基基因因位位于于一一对同同源源染染色色体体上上。(2)根根据据乙乙组表表中中的的数数据据分分析析可可知知，乙乙组的的两两个个F1“圆单”为双双显性性状状，则“长复复”为双双隐性性状状，且且F2未未出出现9331的的性性状状分分离离比比，说明明F1“圆单”个个体体不不能能产生生1111的的四四种种配配子子，因因此此用用“长复复”分分别与与乙乙组的
40、的两两个个F1进行行测交交，其子代的其子代的统计结果不符合果不符合1111的比例。的比例。答答案案(1)非非同同源源染染色色体体F2中中两两对对相相对对性性状状表表现现型型的的分分离离比比符符合合9331一一对对F2中中每每对对相相对对性性状状表表现现型型的的分分离离比比都都符符合合31，而而两两对对相相对对性性状状表表现现型型的的分分离离比比不不符符合合9331(2)11111.(2019北北京京四四中中模模拟)为为提提高高小小麦麦的的抗抗旱旱性性，有有人人将将大大麦麦的的抗抗旱旱基基因因(HVA)导导入入小小麦麦，筛筛选选出出该该基基因因成成功功整整合合到到染染色色体体上上的的抗抗旱旱小小
41、麦麦(假假定定该该基基因因都都能能正正常常表表达达，黑黑点点表表示示该该基基因因的的整整合合位位点点)。让让下下图图所所示示类类型型的的抗抗旱旱小小麦麦自自交交，其其子子代代中中抗抗旱旱小小麦麦所所占占比例是比例是()A.1/16B.1/8C.15/16D.8/16解解析析据据图分分析析可可知知，HVA基基因因整整合合到到两两对染染色色体体上上，第第一一对染染色色体体基基因因型型可可写写为HVA0，第第二二对染染色色体体基基因因型型也也可可写写为HVA0，让如如题图所所示示类型型的的T植植株株自自交交，子子代代中中不不抗抗旱旱性性植植株株所所占占比比例例是是1/41/41/16，故故子子代代中
42、中抗抗旱旱性性植植株株所所占占比比例例是是11/1615/16。答案答案C2.(201811月月浙浙江江选考考)某某昆昆虫虫的的红红眼眼与与朱朱红红眼眼、有有眼眼与与无无眼眼分分别别由由基基因因A(a)、B(b)控控制制，其其中中有有一一对对基基因因位位于于性性染染色色体体上上，且且存存在在两两对对隐隐性性基基因因纯纯合合致致死死现现象象。一一只只红红眼眼雌雌性性个个体体与与一一只只朱朱红红眼眼雄雄性性个个体体交交配配，F1雌雌性性个个体体中中有有红红眼眼和和无无眼眼，雄雄性性个个体全为红眼。让体全为红眼。让F1雌雄个体随机交配得到雌雄个体随机交配得到F2，F2的表现型及比例如下表。的表现型及
43、比例如下表。红眼红眼朱红眼朱红眼无眼无眼雌性个体雌性个体15/615/619/61雄性个体雄性个体24/618/610回答下列问题：回答下列问题：(1)有眼对无眼为有眼对无眼为性，控制有眼与无眼的性，控制有眼与无眼的B(b)基因位于基因位于染色体上。染色体上。(2)若若要要验验证证F1红红眼眼雄雄性性个个体体的的基基因因型型，能能否否用用测测交交方方法法？，其其原原因因是是 。(3)F2红红眼眼雄雄性性个个体体有有种种基基因因型型，让让其其与与F2红红眼眼雌雌性性个个体体随随机机交交配配，产产生生的的F3有有种表现型，种表现型，F3中无眼雌性个体所占的比例为中无眼雌性个体所占的比例为。解析解析
44、本本题考考查遗传规律，可采用两律，可采用两对性状分开考性状分开考虑的方法分析。的方法分析。(1)有有眼眼与与有有眼眼杂交交后后代代出出现了了无无眼眼，说明明有有眼眼对无无眼眼为显性性，且且无无眼眼性性状状只只在在雌雌性性中中出出现，与与性性别相相关关，说明明是是伴伴性性遗传。红眼眼与与朱朱红眼眼杂交交后后代代都都是是红眼眼，说明明红眼眼对朱朱红眼眼为显性，且基因位于常染色体上。性，且基因位于常染色体上。(2)测交交是是让F1的的红眼眼雄雄性性与与双双隐性性基基因因型型的的雌雌性性杂交交，由由题意意可可知知，该群群体体中中没没有有符合要求的符合要求的对象。象。(3)由由于于F1的的雌雌性性、F2
45、的的雌雌性性中中都都出出现了了无无眼眼，所所以以相相关关基基因因很很有有可可能能位位于于X、Y的的同同源源区区段段，所所以以亲代代基基因因型型为AAXBXbaaXbYB，因因此此F2中中红眼眼雄雄性性的的基基因因型型为：AAXBYB、2AaXBYB、3AAXbYB、6AaXbYB(两两对基基因因分分开开考考虑：AAAa12；XBYBXbYB13)，红眼眼雌雌性性的的基基因因型型为：AAXBXB、4AAXBXb、2AaXBXB、8AaXBXb(两两对基基因因分分开开考考虑：AAAa12；XBXBXBXb14)，所所以以F3中中的的致致死死个个体体 数数：2/32/31/43/44/51/4 1/60；存存 活活 个个 体体 数数：1 1/60 59/60，无无 眼眼 雌雌 性性 为：3/44/51/4(12/32/31/4)2/15，所以，所以F3中无眼雌性个体所占的比例中无眼雌性个体所占的比例为2/1559/608/59。答案答案(1)显显X和和Y(2)不能不能aaXbXb个体致死个体致死(3)458/59