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1、2011届高考第一轮总复习总分值练兵场第8章第三节一、选择题1(2009安徽师大附中模仿)广义的水解观认为：不管是盐的水解依然非盐的水解，其最终结果是反响中各物质和水分别解离成两部分，然后两两重新组合成新的物质。依照上述信息，以下说法不正确的选项()ACaO2的水解产物是Ca(OH)2的H2O2BPCl3的水解产物是HClO和PH3CNaClO的水解产物之一是HClODMa3N2的水解产物是两种碱性物质解析：由题意可知发生水解的物质离解成阳离子和阴离子，其中阳离子与水离解出的OH结合，阴离子与H结合生成新物质；CaO2离解生成Ca2和O，故水解产物为Ca(OH)2和H2O2，NaClO离解成N
2、a和ClO，水解产物为NaOH和HClO，Mg3N2离解成Mg2和N3，水解产物为Mg(OH)2和NH3两种碱性物质，故A、C、D正确；PCl3离解成P3和Cl，其水解产物应为H3PO3和HCl，B项错误。答案：B2(2008重庆高考) molL1CH3COONa溶液中分别参加少量NH4NO3、Na2SO3、FeCl3固体(忽略溶液体积变化)，则CH3COO浓度的变化依次为()A减小、增大、减小B增大、减小、减小C减小、增大、增大 D增大、减小、增大答案：A3有Na2CO3溶液CH3COONa溶液NaOH溶液各25 mL， molL1，以下说法正确的选项()A3种溶液pH的大小顺序是B假设将3
3、种溶液稀释一样倍数，pH变化最大的是C假设分别参加25 mL molL1盐酸后，pH最大的是D假设3种溶液的pH均为9，则物质的量浓度的大小顺序是答案：C4(2009江南十校模仿)A、B、C、D四种离子两两组成四种可溶性盐，其中：AC和BD盐溶液pH7，BC盐溶液pH7，则以下说法不正确的选项()AAD盐溶液pHBOHD酸的电离程度一定是：HDHC解析：在盐类水解中，遵照“有弱就水解，越弱越水解，谁强显谁性，同强显中性”的规律，AC、BD盐溶液pH7，说明AOH与HC、BOH与HD的电离程度相当，而BC盐溶液pH7，说明BOH比HC的电离程度大，故碱的电离程度AOHHC，D项正确，C项错误；A
4、D为强酸弱碱盐，显酸性，A正确；AC为弱酸弱碱盐，其溶液pH7，即c(H)c(OH)，则c(A)c(C)，水解生成的c(AOH)c(HC)，B项正确。答案：C5(2008全国卷)已经知道乙酸(HA)的酸性比甲酸(HB)弱， mol/L的NaA和NaB混合溶液中，以下排序正确的选项()Ac(OH)c(HA)c(HB)c(H)Bc(OH)c(A)c(B)c(H)Cc(OH)c(B)c(A)c(H)Dc(OH)c(HB)c(HA)c(H)答案：A6已经知道25时有关弱酸的电离平衡常数：弱酸化学式CH3COOHHCNH2CO3电离平衡常数(25)1051010K1107K21011则以下有关说法正确的
5、选项()A等物质的量浓度的各溶液pH关系为：pH(NaCN)pH(Na2CO3)pH(CH3COONa)Ba molL1HCN溶液与b molL1NaOH溶液等体积混合后，所得溶液中c(Na)c(CN)，则a一定大于bC冰醋酸中逐滴加水，则溶液的导电性、醋酸的电离度、pH均先增大后减小DNaHCO3和Na2CO3混合溶液中，一定存在c(Na)c(H)c(OH)c(HCO)2c(CO)答案：D7关于氯化铁水解的说法错误的选项是()A水解到达平衡(不饱和)时，不管加氯化铁饱和溶液依然加水稀释，平衡均向正方向挪动B浓度为5 molL1 molL1的两种FeCl3溶液，其他条件一样时，Fe3的水解程度
6、前者比后者小C有50和20的同浓度的FeCl3溶液，其他条件一样时，Fe3的水解程度前者比后者小D为抑制Fe3水解，较好地保存FeCl3溶液，应加少量盐酸答案：C8(2009广东高考)盐酸、醋酸和碳酸氢钠是生活中常见的物质。以下表述正确的选项()A在NaHCO3溶液中参加与其等物质的量的NaOH，溶液中的阴离子只有CO和OHBNaHCO3溶液中：c(H)c(H2CO3)c(OH)C10 mL molL1CH3COOH溶液参加等物质的量的NaOH后，溶液中离子浓度由大到小的顺序是：c(Na)c(CH3COO)c(OH)c(H)D中和体积与pH都一样的HCl溶液和CH3COOH溶液所耗费的NaOH
7、物质的量一样答案：C9室温下，在25 mL molL1 molL1CH3COOH溶液，pH与滴加CH3COOH溶液体积的关系曲线如下图，假设忽略两溶液混合时的体积变化，以下有关粒子浓度关系的说法错误的选项是()A在A、B间任一点，溶液中一定都有c(Na)c(H)c(CH3COO)c(OH)B在B点：a，且有c(Na)c(CH3COO)c(OH)c(H) C在C点：c(Na)c(CH3COO)c(H)c(OH)D在D点：c(CH3COO)c(CH3COOH) molL1 答案：C10(2009启东模仿)某酸性溶液中只有Na、CH3COO、H、OH四种离子。则以下描绘正确的选项()A该溶液由等物质
8、的量浓度、等体积的NaOH溶液和CH3COOH溶液混合而成B该溶液由pH3的CH3COOH溶液与pH11的NaOH溶液等体积混合而成C参加适量的NaOH，溶液中离子浓度为c(CH3COO)c(Na)c(OH)c(H)D参加适量氨水，c(CH3COO)一定大于c(Na)、c(NH)之和答案：B11(2009福建)在一定条件下，Na2CO3溶液存在水解平衡：COH2OHCOOH。以下说法正确的选项()A稀释溶液，水解平衡常数增大B通入CO2，平衡朝正反响方向挪动C升高温度，减小D参加NaOH固体，溶液pH减小解析：A中K稀释溶液，各离子浓度均减小，但同时平衡正向挪动，使得该式子中分子减小的程度更大
9、，故平衡常数减小。C中水解吸热故升高温度，平衡正向挪动，c(HCO)增大，c(CO)减小，则增大。答案：B12(2009天津)25时，3和Na2CO3溶液中，以下推断不正确的选项()A均存在电离平衡和水解平衡B存在的粒子品种一样Cc(OH)前者大于后者D分别参加NaOH固体，恢复到原温度，c(CO)均增大解析：在浓度相等时，Na2CO3的水解程度大于NaHCO3，其溶液的c(OH)Na2CO3NaHCO3。答案：C13(2009全国卷) molL1 molL1的氨水，滴定过程中不可能出现的结果是()Ac(NH)c(Cl)，c(OH)c(H)Bc(NH)c(Cl)，c(OH)c(H)Cc(Cl)
10、c(NH)，c(OH)c(H)Dc(Cl)c(NH)，c(H)c(OH)解析：据电荷守恒，在滴定后的溶液中存在c(NH)c(H)c(Cl)c(OH)，因而不可能出现阴离子浓度都大于阳离子浓度的情况。答案：C14(2009广东)以下浓度关系正确的选项()A氯水中：c(Cl2)2c(ClO)c(Cl)c(HClO)B氯水中：c(Cl)c(H)c(OH)c(ClO)C等体积等浓度的氢氧化钠与醋酸混合：c(Na)c(CH3COO)DNa2CO3溶液中：c(Na)c(CO)c(OH)c(HCO)c(H)解析：氯水中存在Cl2、HClO、Cl、H、OH等微粒，Cl2与其它含氯元素的微粒间没有明确的定量关系
11、，溶液中的电荷守恒关系为c(H)c(Cl)c(OH)c(ClO)，故A、B两项均不正确。C选项中NaOH与CH3COOH恰好完全反响生成CH3COONa，进一步水解使溶液显碱性，c(Na)c(CH3COO)。答案：D15(2009宣武)在试管中注入某红色溶液，将试管微热，溶液颜色逐步变浅，则原溶液可能是()滴有石蕊的NH4Cl溶液滴有酚酞的氨水溶液滴有酚酞的饱和石灰水滴有酚酞的CH3COONa溶液ABCD解析：加热促进水解使颜色加深，中因氨的挥发碱性降低，中因Ca(OH)2溶解度减小而使颜色变浅。答案：B16(2009浦东)叠氮酸(HN3)与醋酸酸性类似，以下表达中错误的选项是()AHN3水溶
12、液中微粒浓度大小顺序为：c(HN3)c(H)c(N)c(OH)BHN3与NH3作用生成的叠氮酸铵是共价化合物CNaN3水溶液中离子浓度大小顺序为：c(Na)c(N)c(OH)c(H)DN与CO2含相等电子数解析：由于HN3和CH3COOH酸性类似，类比CH3COOH溶液及CH3COONa溶液中的离子浓度的大小关系可知A、C两项皆正确；而由CH3COONH4为离子化合物(盐)可知HN3与NH3反响所构成的为铵盐，是离子化合物，B项不正确；经计算可知D项正确。答案：B1720C时，两种一元弱酸的钠盐NaX和NaY，已经知道，往NaX溶液中通入CO2只能生成HX和NaHCO3；往NaY溶液中通入CO
13、2能生成HY和Na2CO3。以下说法正确的选项()A酸性HYHXB结合H的才能YCO23XHCO3C溶液的碱性：NaXNa2CO3NaYNaHCO3DHX和HY酸性一样但比H2CO3弱解析：NaX中通入CO2可认为X得H2CO3中1个H生成HCO3与HX，故得H才能：CO23XHCO3。NaY中通入CO2可认为Y得H2CO3中2个H生成CO23，故得H才能YCO23，因而得H才能：YCO23XHCO3，B正确；由B项可知HY是比HX更弱的酸，故A、C、D错误。答案：B18在蒸发皿中加热蒸干并灼烧(低于400C)以下物质的溶液，能够得到该物质固体的是()AAlCl3 B碳酸钠C碳酸氢镁 D高锰酸
14、钾【答案】B二、非选择题19(2009北京市东城区高中示范校高三质检)：Na2CO3；NaHCO3；HCl；NH3H2O。(1)上述溶液中，可发生水解的是_(填序号，下同)。(2)上述溶液中，既能与氢氧化钠反响，又能和硫酸反响的溶液中离子浓度由大到小的顺序为_。(3)向溶液中参加少量氯化铵固体，如今c(NH4)/c(OH)的值_(填增大、减小、不变)。(4)假设将和的溶液混合后溶液恰好呈中性，则混合前的体积_的体积(填大于、小于、等于)，如今溶液中离子浓度由大到小的顺序是_。(5)取10mL溶液，加水稀释到500mL，则该溶液中由水电离出的c(H)_。答案：(1)(2)c(Na)c(HCO3)
15、c(OH)c(H)c(CO23)(3)增大(4)小于c(NH4)c(Cl)c(H)c(OH)(5)1012mol/L20(2009安徽六校模仿)从10时加热NaHCO3饱和溶液，测得溶液的pH发生如下变化。温度()102030加热煮沸后冷却到50pH(1)NaHCO3溶液呈碱性是由于_。(2)甲同学认为：溶液pH升高的缘故是由于温度升高HCO的水解程度增大。乙同学认为：溶液pH升高的缘故是NaHCO3受热分解生成了Na2CO3，并推断Na2CO3的水解程度大于NaHCO3。丙同学认为甲、乙的推断都不充分，丙认为：只要在加热煮沸的溶液中参加适量的试剂X，假设能产生沉淀，则乙同学的推断正确，试剂X
16、是_ABa(OH)2溶液 BBaCl2溶液CNaOH溶液 D澄清的石灰水将加热后的溶液冷却到10，假设溶液的pH_8.3(填“高于”、“低于”或“等于”)，则甲同学的推断正确。查阅材料发觉，NaHCO3的分解温度为150，丙断言_同学推断是错误的，理由是_。解析：(1)NaHCO3溶于水后将建立以下平衡：HCOHCO，HCOH2OH2CO3OH，由于HCO的水解程度大于其电离程度，故NaHCO3溶液显碱性。(2)假设乙同学的观点正确，则煮沸后的溶液中含大量CO，只需参加BaCl2溶液，会生成沉淀，而假设参加Ba(OH)2溶液或澄清石灰水，即便NaHCO3没有分解，也会产生沉淀，故X应是BaCl
17、2溶液。假设HCO的水解程度随温度的升高而增大，则降低温度时，HCO水解程度应减小，pH减小，故降温至10时pH假设等于8.3，则甲同学推断正确。常压下加热NaHCO3溶液至沸腾，温度达不到150，NaHCO3不会分解，故乙同学推断错误。答案：(1)HCO的水解程度大于其电离程度(2)B等于乙常压下加热NaHCO3的水溶液温度达不到15021有A、B、C、D四种强电解质，它们在水中电离时可产生以下离子(每种物质只含一种阴离子且互不重复)。阳离子Na、Ba2、NH阴离子CH3COO、Cl、OH、SO已经知道：A、C溶液的pH均大于7，A、B的溶液中水的电离程度一样；C溶液和D溶液相遇时只生成白色
18、沉淀，B溶液和C溶液相遇时只生成刺激性气味的气体，A溶液和D溶液混合时无明显现象。(1)A是_，B是_。(2)写出C与D反响的离子方程式_。(3)25时， molL1B溶液的pHa，则B溶液中c(H)c(NH3H2O)_(用含有a的关系式表示)。(4)将等体积、等物质的量浓度的B溶液和C溶液混合，反响后溶液中各种离子浓度由大到小的顺序为_。 molL1的C溶液中， molL1的盐酸时，混合溶液的pH11，假设反响后溶液的体积等于C溶液与盐酸的体积之和，则C溶液与盐酸的体积比是_。答案：(1)CH3COONaNH4Cl(2)Ba2SO=BaSO4(3)10a14 mol/L(4)c(OH)c(B
19、a2)c(Cl)c(NH)c(H)(5)1422(2009郑州)已经知道H2O2、KMnO4、NaClO、K2Cr2O7均具有强氧化性；将溶液中的Cu2、Fe2、Fe3沉淀为氢氧化物，需溶液的pH分别为：、。现有含有FeCl2杂质的氯化铜晶体(CuCl22H2O)，为制取纯洁的CuCl22H2O，首先将其制成水溶液，然后按以下图所示步骤进展提纯：请答复以下咨询题：(1)本实验最合适的氧化剂X是_(选填下面的序号)。AK2Cr2O7 BNaClOCH2O2 DKMnO4(2)物质Y是_。(3)本实验用加碱沉淀法能不能到达目的？_缘故是_。(4)除去Fe3的有关化学方程式是：_，_。(5)加氧化剂
20、的目的是_。(6)最后能不能直截了当蒸发结晶得到CuCl22H2O晶体？_。如何操作_。解析：此题将氧化复原反响、盐类水解及其应用综合在一起，是一道典型的水解原理应用题。依照沉淀时溶液的pH知除去杂质时要将Fe2先转化为Fe3再除去容易些，如此就需参加适宜的氧化剂。关于氧化剂的选取原则是既能氧化Fe2，又不引入杂质，应选择H2O2好些。参加Y的目的是增大溶液的pH但不引入杂质，因Fe33H2OFe(OH)33H，故加难溶的铜的化合物CuO、Cu(OH)2或CuCO3等耗费H，使平衡正向挪动。本实验中不能加碱，是为了防止生成Cu(OH)2沉淀而达不到目的，要想得到CuCl22H2O晶体，必须在HCl气流中蒸发，防止CuCl2水解。答案：(1)C(2)CuO、Cu(OH)2或CuCO3(3)不能因加碱的同时Cu2也会生成Cu(OH)2沉淀(4)Fe33H2OFe(OH)33HCuO2H=Cu2H2O(5)将Fe2氧化成Fe3，便于Fe3生成沉淀而与Cu2别离(6)不能应在HCl气流中蒸发【点拨】盐类水解经常与实验室制备物质、除杂质等联络在一起进展综合考察，一般涉及Al3、Fe3、Mg2，如制取Fe(OH)3、Al(OH)3及加热蒸干MgCl2溶液等，均需要考虑离子的水解。