《2023届高三下学期2月大联考（全国乙卷）试卷含答案（六科试卷）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023届高三下学期2月大联考（全国乙卷）试卷含答案（六科试卷）.pdf（109页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）试卷含答案（六科试卷）目录1.2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）理科数学试卷含答案2.2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）理科综合试卷含答案3.2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）文科数学试卷含答案4.2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）文综试卷含答案5.2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）英语试卷含答案6.2023 届高三下学期 2 月大联考（全国乙卷）语文试卷含答案理科数学 全解全析及评分标准 第 1 页（共 15 页）2023 年高三 2 月大联考（全国乙卷）理科数学全解全析及评
2、分标准 一、选择题：本题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 B A B C D B C C A D A B 1B【解析】由(2i)8iz，得8i1510i32i2i5z，所以32iz 故选 B 2A【解析】由103xx，得(1)(3)0 xx且30 x，解得13x，所以|13Mxx.由22yx，得2y，所以|2Ny y，所以2,3)MN 故选 A 3B【解析】根据全称命题的否定为特称命题，可知p为“1x，(1)0 x x”，故选 B 4C【解析】A：a可能在平面内，所以 A 错误
3、；B：a与m可能平行，从而与可能相交，所以 B错误；C：a且bm，所以 C 正确；D：如图，考虑正方形沿对角线折叠，另一条对角线折起后形成的两条直线，以及折痕和一条半平面内与折痕平行的直线，它们符合垂直关系，但两个半平面不一定垂直，所以 D 错误故选 C 5D【解析】因为(,)4 2，所以2(,)2.又4sin25，所以23cos21sin 25 ，所以2312sin5，解得2 5sin5（负值舍去）故选 D 6B【解析】由函数的值域，可以排除 A.由函数的奇偶性，可以排除 D.C:2cossin()xxxfxx，令()cossing xxxx，则()sing xxx 当(0,)x时，()0g
4、 x恒成立，所以()g x在(0,)上单调递减 因为(0)0g，所以()(0)0g xg在(0,)上恒成立，所以当(0,)x时，()0fx恒成立，所以()f x在(0,)上单调递减，所以排除 C故选 B 7C【解析】（1）若“糕点制作”安排 1 名女教师，有12C种不同的安排方法，后续项目分两类：若“自行车修理”安排 1 名男教师，则余下 4 人安排到另两个项目，每个项目 2 人，有122442C C C种不同的安排方法；若“自行车修理”安排2名男教师，则余下3人，1人安排到“绿植修剪”，2人安排到“蔬菜种植”，有212432C C C理科数学 全解全析及评分标准 第 2 页（共 15 页）种
5、不同的安排方法.（2）若“糕点制作”安排 2 名女教师，则“自行车修理”只能安排 1 名男教师，余下 3 人，1 人安排到“绿植修剪”，2 人安排到“蔬菜种植”，有21122432C C C C种不同的安排方法，所以，一共有1122212211224424322432C(C C CC C C)C C C C96种不同的安排方法故选 C8C【解析】2()2sin(cossin)1sin22sin1sin2cos22cos(2)4f xxxxxxxxx ，所以()f x的最大值为2，将8x代入()2cos(2)4f xx，得2cos(2)2884f（），故 A 和 D 错误；将2cos2yx的图象
6、向右平移4个单位长度得到2cos2()2cos(2)2sin242yxxx的图象，所以 B 错误；由2224kxkk Z，得5()88kxkk Z，所以5 88，是()f x的一个单调递减区间，所以()f x在3()48，上单调递减故选 C 9A【解析】由题意，知x，y满足约束条件0,0113xyxyxyxy，作出不等式组表示的平面区域，如图中阴影部分所示（五边形OEBCD（包含边界），作出直线24xy，易得5 2(,)3 3A，(2,1)B，(1,2)C，(0,1)D，(1,0)E，连接 DE，则非负数x，y对应的可行域的面积为151 12222ODEBCDESS 正方形，事件“24xy”对
7、 应 的 可 行 域 的 面 积 为112122233ABCSAB BC，所 以 所 求 概 率 为1235152P 故选 A 10 D【解析】由题图（2）得，圆形木板的直径为221055 5 设截得的四边形木板为ABCD，A，ABc，,BDa ADb BCn CDm，如图 理科数学 全解全析及评分标准 第 3 页（共 15 页）由3cos5得4sin5在ABD中，由正弦定理，得5 52sin2a，解得4 5a 在ABD中，由余弦定理，得2222cosabcbc，226805bcbc，配方，得216()805bcbc(*)2()2bcbc，(*)式可化为22161()()55bcbcbc，21
8、()805bc，20bc，当且仅当10bc时等号成立 同理，在CBD中，得10mn，当且仅当5mn时等号成立，这块四边形木板周长的最大值为 30故选 D 11A【解析】设1|MFm，2|MFn，椭圆 C 的半焦距为 c，则2mna，24mnc，所以224ac 22()()22mnmnmn2()ma因为acmac，所以22224()0,acmac，即224ca 25c，则21154e，所以5152e故选 A 12B【解析】（1）先比较,a b：0.40.40.40.6ee(1lne)a，2ln42(1ln2)b，可以构造函数()(1ln)f xxx，则0.4(e)af，(2)bf 对()f x求
9、导，得()lnfxx，当(1)x,时，()0fx，()f x在(1)，上单调递减 00.40.51 eee2，0.4(e)(2)ff，即ab（2）再比较,b c：4ln4e42ln2ebc 可以构造函数()2lneg xxxx，则()1lng xx，当(0,e)x时，()0g x；当(e,)x时，()0g x，()g x在(0e)，上单调递增，在(e)，上单调递减，max()(e)0g xg，理科数学 全解全析及评分标准 第 5 页（共 15 页）即22213()()323baR，即22394ba，所以三棱锥PABC的体积为 231 1333(12)3 221216Vabbabaa(02 3a
10、).令33()(12)16V xxx(02 3)x，则23 33 3()(4)(2)(2)1616Vxxxx 当02x时，()0V x；当22 3x时，()0V x，所以()V x在(0,2)上单调递增，在(2,2 3上单调递减，所以()V x在2x 处取得极大值，也是最大值，所以，当2a 时，三棱锥PABC的体积V最大，且最大值为3故填3 说明：第 13 题写成135也给分.第 14 题写成2 20 xy，2 20yx，204xy，204yx或24xy 也给分.三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 1721 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 22、23
11、题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共 60 分。17（12 分）【解析】（1）由题意知，11.613.012.811.812.012.811.512.713.412.412.912.813.213.511.212.611.812.813.212.0（1 分）250.0，（2 分）所以25012.520 x，（3 分）222212201()()()20sxxxxxx（4 分）理科数学 全解全析及评分标准 第 6 页（共 15 页）20222222122012201112()202020iixxxx xxxxxx（5 分）0.43 所以估计该种植大户收获的果实长度的平均数和方差分别为 1
12、2.5,0.43.（6 分）（2）由表中数据得，样本中果实长度不小于 12cm 的频率为34.（8 分）由于收获的果实数量巨大，所以X近似服从二项分布，即3(4,)4XB，（10 分）所以3333()43,()4(1)4444E XD X.（11 分）所以据此可以估计，X的数学期望与方差分别为 3，34（12 分）说明：第一问：1.写出11.613.012.0给 1 分；2.得到“250”给 1 分；3.4 分段：若最后结果正确，不写全公式不扣分，最后结果错误，正确写出公式给 1 分；4.5 分段：若最后结果正确，不写全公式不扣分，最后结果错误，正确写出公式给 1 分.第二问：1.11 分段，
13、(),()E XD X都求正确，给 1 分，最后用文字叙述X的数学期望与方差都正确给 1 分；2.若(),()E XD X求解正确一个且用文字叙述X的数学期望或方差正确一个，给 1 分.18（12 分）【解析】（1）因为对任意*mnN，n mnmaaa，所以11nnaaa，（1 分）所以数列na是公差1da的等差数列，1nana（2 分）设等比数列 nb的公比为q，因为11ba，220ba，331ba，所以112112031a qaa qa 又因为110ba，解得111ba，2q，所以12nnnanb，（6 分）（2）因为12nnnc，所以01231123422222nnnT，12341234
14、222222nnTn，（8 分）两式相减，得234111(1)1111122(1)2122222222212nnnnnnTnnn，所以1242nnnT（12 分）理科数学 全解全析及评分标准 第 7 页（共 15 页）说明：第一问：1.1 分段为考生写出“11nnaaa”或“数列na是等差数列”；2.6 分段为12nnnanb，写出一个给 1 分.第二问：1.写出12nnnc给 1 分，写出2nT正确给 1 分，相减正确给 1 分，求和正确给 1 分，化简正确给 1 分，结果正确给 1 分；2.若结果正确，11(1)21212nnn和222nn 都没有写，不扣分；3.若2nT展开没有写，结果正
15、确，只给 1 分，中间过程分全部扣掉.19（12 分）【解析】（1）如图，取AD的中点F，连接PFEF，PAPD，PFAD 平面PAD 平面ABCD，平面PAD 平面ABCD=AD，PF 平面PAD，PF 平面ABCD.（1 分）又BD 平面ABCD，PFBD（2 分）四边形ABCD为菱形，ACBD 点EF，分别为CDAD，的中点，EFAC，EFBD（3 分）PFBD，EFBD，PFEFF，PFEF，平面PEF，BD 平面PEF（4 分）又PE 平面PEF，BDPE（5 分）（2）记ACBDO，则OAOB 由（1）知，PF 平面ABCD，则PFOAPFOB，过点O作OQPF，则OAOBOQ，两
16、两垂直（6 分）理科数学 全解全析及评分标准 第 8 页（共 15 页）如图，以OAOBOQ，所在直线分别为 x 轴，y 轴，z 轴，建立空间直角坐标系Oxyz，则(4,0,0)A，(0,2,0)B，(4,0,0)C，(2,1,0)E，(2,1,2)P，（7 分）(2,1,2)PA，(6,1,0)AE ，(2,3,2)PB ，(6,1,2)PC .设平面PAE的法向量为111(,)x y zm，由00PAAE mm，得1111122060 xyzxy，令11x，则16y ，12z ，所以(1,6,2)m是平面PAE的一个法向量（9 分）设平面PBC的法向量为222(,)xyzn，由00PBPC
17、 nn，得2222222320620 xyzxyz，令21x，则22y ，24z ，所以(1,2,4)n是平面PBC的一个法向量（10 分）设平面PBC与平面PAE所成锐二面角为，则 222222|1 1(6)(2)(2)(4)|861cos|411(6)(2)1(2)(4)m nmn，所以平面PBC与平面PAE所成锐二面角的余弦值为86141(12 分)说明：第一问：1.1 分段没有“平面PAD 平面ABCD=AD，PF 平面PAD”不扣分；2.2 分段没有“又BD 平面ABCD”不扣分；3.4 分段没有“PFEFF，PFEF，平面PEF”不扣分；4.5 分段没有“又PE 平面PEF”不扣分
18、.第二问：1.6 分段必须有三线两两垂直的叙述或简证，否则扣 1 分；2.7 分段可以写“如图建系”且正确写出至少 2 个点坐标即可得 1 分；3.9 分段和 10 分段法向量正确，过程省略，不扣分；4.12 分段求解正确即使无公式也给满分；若求解错误，写对公式，给 1 分.理科数学 全解全析及评分标准 第 10 页（共 15 页）说明：第一问：1.1 分段为圆与抛物线联立；2.2 分段为化简为 x 的方程.第二问：1.5 分段为设直线 1 分；2.6 分段为将直线AB的方程代入圆E的方程；3.7 分段为求出22122121yym；4.8 分段和 9 分段为求出34,yy，各 1 分；5.10
19、 分段为求出1234|yyyy；6.11 分段为代入求出21221212()16|4()16|y ym y ym yy；7.“显然直线AB的斜率不为 0，”这句话必须有，否则最多得 11 分.21（12 分）【解析】（1）()f x的定义域为R，()(e1)xfxxax，()e1(0)xg xaxx，2()e1ag aa（1 分）令2()e1(0)xh xxx，则()e2xh xx 令()e2(0)xxx x，则()e2xx（2 分）由()0 x，得ln2x，当(0,ln2)x时，()0 x；当(ln2,)x时，()0 x，()x在(0,ln2)上单调递减，在(ln2,)上单调递增，理科数学
20、全解全析及评分标准 第 11 页（共 15 页）当(0,)x时，()(ln2)22ln20 x，即当(0,)x时，()0h x，()h x在(0,)上单调递增 0a，()(0)0h ah，当0a 时，()0g a 恒成立（4 分）（2）由（1）知，()(e1)xfxxax 设()e1xm xax(xR)，则()exm xa 当0a 时，()0m x 恒成立，()m x在R上单调递增(0)0m，当(0)x，时，()0m x，从而()0fx；当(0)x，时，()0m x，从而()0fx 又(0)0f，x R，都有()0fx，()f x在R上单调递增，此时()f x无极值（5 分）当0a 时，由()
21、0m x，得lnxa，当(ln)xa，时，()0m x；当(ln)xa，时，()0m x，()m x在(,ln)a上单调递减，在(ln,)a 上单调递增，当lnxa时，()m x取得最小值，且最小值为(ln)ln1maaaa（6 分）令()ln1F xxxx(0 x)，()lnF xx，当(01)x,时，()0F x；当(1,)x时，()0F x，()F x在(0,1)上单调递增，在(1,)上单调递减(1)0F，当(0,)x时，()0F x，即当0a 时，(ln)ln10maaaa(当且仅当1a 时等号成立)（7 分）（i）当1a 时，(ln)(0)0mam，且当0 x 时，都有()0m x，
22、(0)0f，且当(,0)x 时，()0fx；当(0,)x时，()0fx，()f x在(,0)上单调递减，在(0,)上单调递增，()f x在0 x 处取得极小值，符合题意.（8 分）（ii）当01a时，ln0a，且(ln)0ma 11()e0ama，(0)0m，()ym x的图象大致如图（1）理科数学 全解全析及评分标准 第 12 页（共 15 页）由函数的单调性及零点存在定理，得在1(ln)aa，内存在唯一的实数1x，使得1()0m x，当1(,)xx 时，()0m x，从而()0fx；当1(,0)xx时，()0m x，从而()0fx；当(0)x，时，()0m x，从而()0fx，()f x在
23、1(,)x上单调递减，在1(,)x 上单调递增，()f x在1xx处取得极小值，符合题意.（10 分）（）当1a 时，ln0a，且(ln)0ma (0)0m，由（1）知，()0m a，()ym x的图象大致如图（2）由函数的单调性及零点存在定理，得在(ln,)a a内存在唯一的实数2x，使2()0m x，当(,0)x 时，()0m x，从而()0fx；当2(0,)xx时，()0m x，从而()0fx；当2(,)xx时，()0m x，从而()0fx，()f x在2(,)x上单调递减，在2(,)x 上单调递增，()f x在2xx处取得极小值，符合题意 综上，当()f x存在极小值时，a的取值范围为
24、(0,)（12 分）说明：第一问：1.求出()g a，1 分；2.对()h x求 2 次导，1 分；3.证出()0h x，1 分；理科数学 全解全析及评分标准 第 13 页（共 15 页）4.最后证出()0g a，1 分.第二问:1.证明“当0a 时，()f x无极值”，1 分；2.当0a 时，求出()m x最小值为(ln)ln1maaaa，1 分；证明(ln)0ma，1 分；3.当1a 时，()f x在0 x 处取得极小值，1 分；4.当01a时()f x有极小值，2 分；5.当1a 时()f x有极小值，1 分；6.综上，1 分.（二）选考题：共 10 分。请考生在第 22、23 题中任选
25、一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。22（10 分）选修 4-4：坐标系与参数方程【解析】（1）()2 cos04m，222(cossin)022m，（1 分）即sincos0m（2 分）又sin,cosyx，（3 分）0 xym，即直线l的直角坐标方程为0 xym（4 分）（2）依题意，知曲线C的普通方程为2214yx，（5 分）其与x轴的交点分别为 A(1 0)，B(1 0)，（6 分）设点(,)M x y，由|3|MAMB，得2222(1)3(1)xyxy，（7 分）即22410 xyx，（8 分）22(2)3xy，它表示圆心为(2 0)E，半径为3的圆 点(,)M x y既在直线
26、l上，又在圆E上，|2|32m，即|2|6m，（9 分）2626m ，即实数m的取值范围为 26 26，（10 分）说明：第一问：1.(2 cos4)的展开正确，给 1 分；理科数学 全解全析及评分标准 第 14 页（共 15 页）2.直线l的直角坐标方程为0 xym求解正确，sin,cosyx没有写不扣分；直线l的直角坐标方程求解错误，写sin,cosyx给 1 分.第二问：1.正确求出曲线C的普通方程给 1 分；2.正确求出 A，B 点的坐标给 1 分；3.代入|3|MAMB正确，给 1 分；4.得到圆的方程22410 xyx 或22(2)3xy给 1 分；5.只要得到2626m 给 1
27、分.23（10 分）选修 4-5：不等式选讲 【解析】（1）当2a 时，原不等式可化为2|1|2|2xx（1 分）当2x 时，原不等式可化为2(1)(2)2xx，整理得2x，所以2x （2 分）当12x时，原不等式可化为2(1)(2)2xx，整理得2x，所以此时不等式的解集是空集（3 分）当1x 时，原不等式可化为2(1)(2)2xx，整理得2x ，所以2x （4 分）综上，当2a 时，不等式()2f x 的解集为(,2)(2,)（5 分）（2）若存在2 4x，使得()0f x，即存在2 4x，使得|2|2axx 式可转化为(2)22xaxx，（6 分）即2222xaxaxx （7 分）因为2
28、 4x，所以式可化为41(1)0axax，（8 分）若存在2,4x使得式成立，则min4(1)10axa，即01aa，（9 分）所以01a，即a的取值范围为0 1，（10 分）说明：第一问：1.把2a 代入正确得 1 分；三种情况讨论各 1 分；综上 1 分；2.当12x时，得2x，没有得出不等式的解集是空集扣掉 1 分；但是答案正确，答案分不扣，这理科数学 全解全析及评分标准 第 15 页（共 15 页）1 分仍然给.第二问：1.转化 1 分，化简 1 分，2 种讨论各 1 分，综上 1 分；2.或另解：即22xax 且22axx（7 分）对于22xax，即41ax2 4)(,x，所以min
29、44(1)104ax.（8 分）对于22axx，即(1)0ax2 4)(,x，所以10,a 即1a.（9 分）综上，01a，即a的取值范围为0 1，（10 分）理科综合全解全析及评分标准 第1页（共16页）2023 年高三 2 月大联考（全国乙卷）理综生物全解全析及评分标准 1 2 3 4 5 6 B C D B C A 1B【解析】发光细菌细胞中的核酸为 DNA 和 RNA，因此含有 2 种五碳糖、5 种碱基、8 种核苷酸，A正确。根据题干中发光细菌发光的化学反应式可知，该过程需要消耗 ATP，属于吸能反应，而吸能反应常与 ATP 的水解相联系，B 错误。发光细菌可能进行耗氧的有氧呼吸并合成
30、 ATP，从发光反应式中可知，发光细菌中存在耗氧的 ATP 水解过程，C 正确。当环境中存在抑制细胞呼吸的毒物时，发光细菌中 ATP的合成减少，发光过程受抑制，发光能力降低，D 正确。2C【解析】丙酮酸通过内膜进入线粒体基质时，需要借助 H+载体蛋白，并且由内膜两侧 H+电化学梯度提供能量，所以属于主动运输，A 正确；根据“丙酮酸先由线粒体外膜上孔蛋白构成的通道顺浓度梯度进入膜间隙”可知，丙酮酸经过孔蛋白进入线粒体膜间隙需要蛋白质协助，由于是顺浓度梯度运输，所以属于协助扩散，B 正确；由图可知，线粒体内膜上具有载体蛋白，真核生物的有氧呼吸中，丙酮酸的分解发生在第二阶段，场所为线粒体基质，所以分
31、解丙酮酸的酶在线粒体基质中，C 错误；降低膜间隙 H+浓度，H+电化学梯度会降低，线粒体内膜上丙酮酸的运输速率下降，膜间隙中丙酮酸浓度增大，外膜与膜间隙丙酮酸浓度差减小，所以外膜对丙酮酸运输速率会下降，D 正确。3D【解析】探究酵母菌细胞呼吸的方式实验中，氧气条件属于自变量，A 正确。鲁宾和卡门研究光合作用中氧气的来源实验中，利用的方法是同位素标记法，因变量是产物中 O2的相对分子质量（即产物是O2还是18O2），B 正确。沃泰默的三组实验中，自变量为是否切除通向小肠段的神经和注入稀盐酸的部位，C 正确。探索生长素类似物促进插条生根的最适浓度实验中，生根的数量和生根的长度都属于因变量，无关变量
32、有插条种类、插条数量等，D 错误。4B【解析】基因的选择性表达会受到外界环境条件的影响，OsDREB1C 基因的表达受光照和低氮状态诱导，是基因选择性表达的表现，A 正确。OsDREB1C 基因的表达产物是一种转录激活剂，而 mRNA 是转录产物，所以 OsDREB1C 基因表达产物的作用位点不在 mRNA 上，B 错误。OsDREB1C 基因的表达产物可以增强与光合作用、氮利用和开花密切相关的五个基因的表达，而不是增强或者影响所有基因的表达，故具有一定的特异性，C 正确。由题干信息推知，OsDREB1C 基因可以影响光合作用、氮利用、开花等多个性状，D 正确。5C【解析】海洋牧场具有休闲、观
33、光功能，体现了生物多样性的直接价值，A 正确；与单一养殖生态系统相比，海洋牧场生态系统中的物种丰富度高，营养结构复杂，抵抗力稳定性更强，B 正确；生态系统的组成成分包括生产者、消费者、分解者，以及非生物的物质和能量，生活在海洋牧场中的所有生物构理科综合全解全析及评分标准 第2页（共16页）成了群落，C 错误；海洋牧场中的立体养殖体现了生物在垂直方向上的分布，属于群落的垂直结构，有利于提高资源的利用率，D 正确。6A【解析】由不患甲病的 1 号和 2 号生出患甲病的女儿 4 号（符合“无中生有为隐性，生女患病为常隐”的特点），可以得出甲病为常染色体隐性遗传病；3 号和 4 号不患乙病，生出的 9
34、 号患乙病，则乙病也为隐性遗传病，由 2 号和 6 号的电泳条带完全不同可以得出，乙病为伴 X 染色体隐性遗传病，A 正确。假设与甲病有关的基因为 A/a，与乙病有关的基因为 B/b，根据 4 号的表现型和 1 号的电泳结果可推出，1 号的基因型为 AaXBXB，进一步分析可知，3 号的基因型为 AaXBY，4 号的基因型为 aaXBXb，8 号的基因型为 1/2AaXBXB、1/2AaXBXb，所以 8 号与 1 号基因型相同的概率为 1/2，B 错误。6 号的基因型为 aaXBY，由于 10 号和 12 号均患甲病，7 号表现正常，所以 7 号关于甲病的基因型为 Aa，根据电泳图分析可推出
35、7 号关于乙病的基因型为 XBXb，6 号和 7 号再生一个孩子，其同时患两种病的概率为 1/21/4=1/8，C 错误。5 号的基因型为A_XBXb，正常男性的基因型为A_XBY，所生女孩不患乙病，但可能患甲病，D 错误。29（9分）（1）蓝紫光和红（2 分）无水乙醇（或体积分数为 95%的乙醇加入适量无水碳酸钠）（2 分）（2）95%遮阴处理下的叶绿素 a 含量和叶绿素 b 含量均高于 85%遮阴处理下的（2 分）（评分细则：对比两种遮阴条件下叶绿素 a 和叶绿素 b 的含量）（3）低（1 分）与 95%遮阴处理相比，该时间段内 85%遮阴处理下叶片的气孔导度下降，CO2吸收量减少（1 分
36、）；该时间段内净光合速率增大，说明对 CO2的利用量增大，最终表现为胞间 CO2浓度下降（1 分）（评分细则：气孔导度下降，CO2吸收量减少；净光合速率增大，CO2的利用量增大）【解析】（1）叶绿素 a 和叶绿素 b 主要吸收蓝紫光和红光；叶绿素可以溶于有机溶剂，常用无水乙醇（或体积分数为 95%的乙醇加入适量无水碳酸钠）提取。（2）由表可知，95%遮阴处理下叶绿素 a 含量和叶绿素 b 含量均高于 85%遮阴处理下的。（3）由图 2 可知，在 10:0012:00 时间段，85%遮阴处理条件下的胞间 CO2浓度比 95%遮阴处理条件下的低；结合图 3 可知，该时间段内 85%遮阴处理条件下叶
37、片的气孔导度下降，CO2的吸收量减少；而图 1 显示，该时间段内 85%遮阴处理条件下的净光合速率大于 95%遮阴处理下的，说明前者对 CO2的利用量较大，所以最终表现为胞间 CO2浓度更低。30（10 分）（1）显著低于 K 组；与 Q 组相近（答出一点给 1 分，共 2 分）苦味对甜味可能具有一定的抑制作用（2 分）（2）突触（1 分）由负变正（1 分）（3）苦味（剂）、甜味（剂）（2 分）（4）苦味中枢和 X 区均可抑制 C 神经元的兴奋（答出一点给 1 分，共 2 分）【解析】（1）由图 2 可知，K+Q 组小鼠的舔舐次数显著低于 K 组，与 Q 组相近，说明苦味对甜味可能理科综合全解
38、全析及评分标准 第3页（共16页）具有一定的抑制作用。（2）神经元之间通过突触连接，神经元兴奋时膜电位由内负外正变为内正外负。（3）给实验小鼠饲喂苦味剂，S 神经元兴奋，C 神经元不兴奋；饲喂甜味剂，C 神经元兴奋，S 神经元不兴奋，说明 S 神经元、C 神经元分别对苦味（剂）、甜味（剂）作出响应。（4）饲喂甜味剂的同时刺激苦味中枢，C 神经元不兴奋，说明苦味中枢可抑制 C 神经元；饲喂甜味剂的同时刺激 X 区，C 神经元也不兴奋，说明苦味中枢和 X 区均可抑制 C 神经元的兴奋。31（10 分）（1）物种组成（2 分）降低（2 分）（2）捕食蜥蜴、爬行类昆虫的鸟类数量减少（2 分）（3）标志
39、重捕（2 分）风电场的建设使鸟类栖息地丧失，降低了鸟类的繁殖成功率，从而降低了出生率（1 分）；同时鸟类会与旋转的风车叶片发生碰撞而死亡，升高了死亡率（或迁出率升高、迁入率降低）（1 分）（评分细则：出生率降低、死亡率升高或迁出率升高、迁入率降低）【解析】（1）物种组成是区别不同群落的重要特征。根据题干信息，风电场的建设导致鸟类数量减少，间接影响营养级较低的种群，使该地生态系统的自我调节能力降低。（2）风电场周围的蜥蜴、爬行类昆虫逐渐增多，最可能的原因是捕食蜥蜴、爬行类昆虫的鸟类数量减少。（3）调查风电场周围鸟类的种群数量可用标志重捕法。出生率和死亡率、迁入率和迁出率直接决定种群密度的大小，根
40、据题干信息分析，从种群的数量特征角度分析风电场周围的某鸟类种群数量降低的原因是：风电场的建设使鸟类栖息地丧失，降低了鸟类的繁殖成功率，从而降低了出生率；同时鸟类会与旋转的风车叶片发生碰撞而死亡，升高了死亡率（或迁出率升高、迁入率降低）。32（10 分）（1）4（2 分）（2）两条 II 号染色体（A/a 或 B/b 所在片段）发生了交叉互换（2 分）减数第一次分裂前期（2 分）（3）灰身长翅灰身残翅黑身长翅黑身残翅=9331（2 分）灰身长翅黑身残翅=31或灰身长翅灰身残翅黑身长翅=211（2 分）【解析】（1）减数第一次分裂前的间期进行了染色体的复制，故在减数第一次分裂中期可观察到 4 个荧
41、光点。（2）A 基因和 B 基因在同一条染色体上，在不考虑突变的情况下，出现 Ab 类型的配子的原因可能是 A/a 或 B/b 基因所在染色体发生了部分片段的交换，交叉互换发生在减数第一次分裂前期。（3）若两对等位基因位于两对同源染色体上，则符合自由组合定律，后代的表现型及比例为灰身长翅灰身残翅黑身长翅黑身残翅=9331。如果两对等位基因在一对同源染色体上，则有两种情况，一种是 M与N 在一条染色体上，m 和n 在同源的另一条染色体上，后代的表现型及比例为灰身长翅黑身残翅=31；另一种是 M 与 n 在一条染色体上，m 和 N 在同源的另一条染色体上，则后代的表现型及比例为灰身长翅灰身残翅黑身
42、长翅=211。理科综合全解全析及评分标准 第4页（共16页）37（15 分）（1）氮源和无机盐（答不全不给分）（2 分）稀释涂布平板法（2 分）（2）从第二次开始，每次都从上一次划线的末端开始划线（2 分）（3）多于（2 分）（4）纤维素分解菌（2 分）C（2 分）从 A、B、C 三种菌株中分别提取纤维素酶，（1 分）将等量的三种酶分别与等量且足量的纤维素混合，（1 分）反应相同时间后检测纤维素的剩余量（1 分）（评分细则：遵循实验设计的等量原则、控制单一变量原则，答案合理即可给分）【解析】（1）微生物培养基的基本成分一般都包括水、无机盐、碳源、氮源等。分离纤维素分解菌时，通常采用平板划线法或
43、稀释涂布平板法。（2）进行平板划线时，从第二次划线开始，每次操作都要从上次划线的末端开始，以保证随着划线次数的增多，纤维素分解菌的数目逐渐减少，最终得到由单个细菌繁殖而来的菌落。（3）在以纤维素为唯一碳源的培养基中，只有能分解纤维素的细菌才能存活，因此与对照组相比，选择培养基上的菌落数目会明显减少。（4）用刚果红染色法鉴定纤维素分解菌时，培养基上会出现以纤维素分解菌为中心的透明圈，且透明圈与菌落直径的比值越大，菌株分解纤维素的能力越强，即菌株 C 分解纤维素的效果最好。欲从纤维素酶活性的角度分析三种菌株降解纤维素能力的大小，可从 A、B、C 三种菌株中分别提取纤维素酶，将等量的三种酶分别与等量
44、且足量的纤维素混合，反应相同时间后检测纤维素的剩余量，纤维素剩余量越少，说明菌株所含的纤维素酶活性越大。38（15 分）（1）抗原结构（2 分）基因工程（2 分）（2）2（2 分）新型冠状病毒基因的部分核苷酸序列（2 分）（3）单克隆抗体（2 分）特异性强、灵敏度高、可大量制备（3 分）（4）此人没有注射过新冠疫苗并且刚刚感染新型冠状病毒，（1 分）机体还没有产生相应抗体（1 分）（评分细则：刚刚感染新型冠状病毒但没有产生相应抗体）【解析】（1）灭活是指用物理或化学手段使病原体失去感染能力，但是并不破坏这些病原体的抗原结构。此外，还可以利用基因工程技术来表达抗原蛋白，以大规模生产疫苗。（2）利
45、用实时荧光 RT-PCR 技术扩增目的基因时需加入 2 种引物，荧光探针的设计依据是新型冠状病毒基因的部分核苷酸序列。（3）对新型冠状病毒感染的诊断还可以通过抗体检测，这需要利用动物细胞工程技术获取单克隆抗体，其优点为特异性强、灵敏度高、可大量制备。（4）对某人进行检测时发现，其抗体检测呈阴性，核酸检测呈阳性，说明此人体内有新型冠状病毒，但没有产生抗体，可能是因为此人没有注射过新冠疫苗并且刚刚感染新型冠状病毒，机体还没有产生相应抗体。理科综合全解全析及评分标准 第6页（共16页）确；催化剂不影响化学平衡，其平衡常数不变，C 项错误；温度越低，反应的平衡常数越大，即反应正向进行的程度越大，D 项
46、正确。26（14 分）（1）恒压滴液漏斗（1 分，其他答案不给分）不需要（1 分）搅拌可以起到防暴沸的作用（1 分，合理即可）反应物炭化或发生副反应等（1 分，答“减少试剂挥发”不给分）（2）反应剧烈，产生大量泡沫而使产物溢出（2 分，合理即可）（3）B（2 分）（4）乙酰二茂铁（2 分）（5）60.1（2 分）（6）需要大量洗脱剂、耗时过长等（2 分，任写一种即可）【解析】（1）仪器名称为恒压滴液漏斗。实验中，无论是机械搅拌还是磁力搅拌均能起到防暴沸的作用，故不需要添加沸石。高温下，有机物容易炭化，同时，二茂铁上的 H 原子可以被多个乙酰基取代，发生副反应。（2）碳酸钠与酸反应时生成 CO2
47、，产生大量泡沫，可使产物溢出，故加入碳酸钠不能过快。（3）乙酰二茂铁易溶于乙醚等有机溶剂，在水中有一定溶解性，故选择冰水洗涤为最佳。（4）根据二茂铁为黄色粉末、乙酰二茂铁为橙色固体可以判断，先洗脱的是二茂铁，后洗脱的是乙酰二茂铁，故硅胶对乙酰二茂铁的吸附能力更强。（5）理论上 1.86 g 二茂铁完全反应生成 2.28 g 乙酰二茂铁，故产率为1.37 g2.28 g100%60.1%。（6）分析柱色谱分离操作过程，可知该实验方法的缺点是需要大量洗脱剂、耗时过长等。27（15 分）（1）2Fe2+H2O2+2H+=2Fe3+2H2O（2 分，化学式正确 1 分，配平正确 1 分）Fe(OH)3
48、（1 分，多写 CaSO4不扣分）（2）Fe3+在溶液中存在水解平衡：Fe3+3H2OFe(OH)3+3H+，加入 CaCO3消耗 H+，使溶液中 c(H+)减小，水解平衡正向移动，形成 Fe(OH)3沉淀，从而达到沉铁的目的（2 分，合理即可）（3）pH=3.5（2 分，错答不给分）（4）Ca2+（2 分）c(Ca2+)=1.0105 molL1时，c2(F)=2.7106 mol2L2，则 Q(MgF2)=c(Mg2+)c2(F)=0.36242.7106=4.05108Ksp(MgF2)，故 Mg2+已沉淀（2 分，计算过程正确 1 分，结论正确 1 分）（5）不溶于水、液体（1 分，答
49、对一条即得 1 分）硫酸或 H2SO4（1 分）控制溶液的 pH（2 分）【解析】（1）加入 H2O2的目的是氧化 Fe2+，故离子方程式为 2Fe2+H2O2+2H+=2Fe3+2H2O。用 CaCO3调 pH，Fe3+转化为 Fe(OH)3，同时生成的 CaSO4微溶，也可能是滤渣 I 的主要成分之一。（2）Fe3+在溶液中存在水解平衡：Fe3+3H2OFe(OH)3+3H+，加入 CaCO3能消耗 H+，使溶液中 c(H+)减小，Fe3+水解平衡正向移动，形成 Fe(OH)3沉淀，从而达到沉铁的目的。（3）由图可得，在保证 Fe 的去除率较高的前提下，选择的最佳条件是 pH=3.5。理科
50、综合全解全析及评分标准 第7页（共16页）（4）根据表中数据计算，溶液中 Ca2+和 Mg2+的浓度接近，分别为110.52 4g Lg0 mol=0.013 molL1、110.36 2g Lg4 mol=0.015 molL1，根据Ksp数据可知，题目条件下CaF2和MgF2沉淀所需要的F的最低浓度为Mg2+Ca2+，故 Ca2+先沉淀。c(Ca2+)=1.0105 molL1时，c2(F)=2.7106 mol2L2，则 Q(MgF2)=c(Mg2+)c2(F)0.36242.7106=4.05108Ksp(MgF2)，故 Mg2+已沉淀。（5）萃取剂的萃取原理：利用溶质在两种互不相溶且