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1、考试题型,1、填空题（20分，每空1分或2分）,1、他励直流电动机的制动方法有（ ）、（ ）、（ ）。,三相鼠笼式异步电动机在相同电源电压下，空载启动比满载启动的启动转矩（ ）。,2、简答题（15-25分，每题4-5分）,直流他励电动机启动时，若在加上励磁电流之前就把电枢电压加上，这时会产生什么后果(试从TL=0和 TL=TN两种情况加以说明)?,晶闸管的导通条件是什么？晶闸管由导通转变为阻断的条件是什么？,3、选择题（10分，每题10分）,直流电动机调速系统，若想采用恒功率调速，则可改变什么参数？ A Ke B C U,三相鼠笼式异步电动机在运行中断了一根电源线，则电动机的转速怎样变化？ A
2、增加 B减少 C停转,4、计算题（20-25分，每题5、10分）,1、(5分) 有一直流调速系统，n011450 r/min，n02145 r/min，nN10 r/min，试求：系统的调速范围和系统允许的静差度。,（10分）一台三相异步电动机，定子绕组型连接，其额定数据为：PN=45kW，nN=1480r/min，UN=380V，N=92.3%，cos=0.88 , Ist/IN=7.0,Tst/TN=1.9,Tmax/TN=2.2， 求： (1) 额定电流IN? (2) 额定转差率SN? (3) 额定转矩 TN 、最大转矩Tmax 和起动转矩Tst (4）如果负载转矩为 510.2Nm，试
3、问在U=UN和U=0.9UN两种情况下电动机能否起动？,基本在第3、5章,5、阅读分析题（20-25分，每题10分）,（10分）说明图1是什么控制电路，并分析其工作原理。,基本在第八章,6、设计题（10-25分）,试设计一条自动运输线，该运输线上有两台电动机（1M和2M），1M拖动运输机，2M拖动卸料机，该系统需要满足以下条件： （1）1M先启动后，才允许2M启动； （2）2M 先停止，经一段时间后1M 才自动停止，2M还可单独停止； （3）两台电动机均有短路保护和长期过载保护。 要求绘出主电路和控制电路。,基本在第八章,第8章 继电器-接触器,考试在1/3左右 两类题：分析、设计 一般不会是
4、作业原题 理解了，比较简单,1、主回路,星形-三角形换接起动控制,正反转控制线路,串电阻启动,多速电机,控制回路,2.星形-三角形换接起动控制,KMF,SB1,KMF,SBF,FR,KMR,KMR,KMR,KMF,机械互锁,2. 正反转控制线路双重互锁保护,但在实际工作中，生产设备往往既要求点动，又要能长期连续工作(即长动)。,3.点动控制线路,4.多电动机的连锁控制线路,保护一个电器通电时，另一个电器不能通电，若需后者通电，则前者必须先断电的一种保护。,启动顺序 停车顺序 长动、点动,1）两台电动机的互锁,1M启动，2M才能启动，但同时停车 如润滑油泵(1M)必须先启动,主传动(2M)才能再
5、启动,工作互锁，同时停车,1）两台电动机的互锁,1M启动，2M才能启动，可以单独停车 主轴旋转(1M),进给装置(2M)才能工作 可单独停车,工作互锁,可单独停车,1M启动，2M才能启动，且2M停止后1M才可以停车 如铣床的要求：主轴旋转，进给装置才能工作。进给装置停止，主轴才能停止。,1）两台电动机的互锁,工作、停车都有互锁,1M和2M不能同时工作 如龙门刨床的横粱与工作台之间,刀架的进给与快速移动之间要求两者不能同时工作,1）两台电动机的互锁,两电动机不能同时工作的互锁,6.顺序控制,在自动化生产中需要根据加工工艺按一定的程序进行，一个工步完成后才能自动转换到下一工步。,通过行程开关控制（
6、1K、2K、3K）顺序动作,自动往复运动控制电路,KMR,SBR,KMF,FR,KMF,SB1,KMF,SBF,KMR,KMR,STa,STb,(4)程序控制,8.16 要求三台电动机1M、2M、3M按一定顺序启动：即1M启动后，2M才能启动； 2M启动后，3M才能启动；停产时则同时停。试设计此控制线路。,第三章直流电机的工作原理,一般会有一个计算题 填空题 选择题,3.1 为什么直流电机的转子要用表面有绝缘层的硅钢片叠压而成？,答：转子在主磁通中旋转，要产生涡流和磁滞损耗，采用硅钢软磁材料，可减少磁滞损耗，而采用“片”叠压成，可减少涡流损耗。,*3.3 一台他励直流电动机所拖动的负载转矩TL
7、常数，当电枢电压或电枢附加电阻改变时，能否改变其稳定运行状态下电枢电流的大小？为什么？这时拖动系统中哪些量必然要发生变化？,Ia均不变。,n会变化。,E会变化。,*3.4一台他励直流电动机在稳定运行时，电枢反电势E=E1，如负载转矩TL=常数，外加电压和电枢电路中的电阻均不变，问减弱励磁使转速上升到新的稳定值后，电枢反电势将如何变化？是大于、小于还是等于E1？,当 时， Ia,由U=E+IaRa，EUIaRa当Ia 时， E ， 所以：EE1,*3.6已知他励直流电动机的铭牌数据如下：PN=7.5kW，UN=220V，nN=1500r/min，N=88.5%，Ra=0.2。试求该电机的额定电流
8、和额定转矩。,直流电动机的额定值,1. 额定功率PN : 电机轴上输出的机械功率(千瓦)。,2. 额定电压UN ：额定工作情况下的电枢上加的直流电压。,3. 额定电流IN ： 额定电压下，轴上输出额定功率时的电流 三者关系：PN=UNIN （ ：效率）,额定值：电机制造厂对电机正常运行时，对相关电量或机械量所规定的数据。 额定工况：在额定值运行,4.额定转速nN ：在PN，UN，IN时的转速。,*3.6已知他励直流电动机的铭牌数据如下：PN=7.5kW，UN=220V，nN=1500r/min，N=88.5%，Ra=0.2。试求该电机的额定电流和额定转矩。,3.8一台他励直流电动机的铭牌数据为
9、：PN=5.5kW，UN=110V，IN=62A，nN=1000r/min，试绘出它的固有机械特性曲线。,3.9一台并励直流电动机的技术数据如下：PN=5.5kW，UN=110V，IN=61A，额定励磁电流IfN=2A，nN=1500r/min，电枢电阻Ra=0.2 ，若忽略机械磨擦和转子的铜耗、铁损，认为额定运行状态下的电磁转矩近似等于额定输出转矩，试绘出它近似的固有机械特性曲线。,答：,3.10一台他励直流电动机的技术数据如下：PN=6.5kW，UN=220V，IN=34.4A，nN=1500r/min，Ra=0.242 ，试计算出此电动机的如下特性： 固有机械特性 电枢附加电阻分别为3
10、和5 时的人为机械特性 电枢电压为UN/2时的人为机械特性 磁通0.8 N时的人为机械特性,3.10一台他励直流电动机的技术数据如下：PN=6.5kW，UN=220V，IN=34.4A，nN=1500r/min，Ra=0.242 ，试计算出此电动机的如下特性： 固有机械特性,3.10一台他励直流电动机的技术数据如下：PN=6.5kW，UN=220V，IN=34.4A，nN=1500r/min，Ra=0.242 ，试计算出此电动机的如下特性： 电枢附加电阻分别为3 和5 时的人为机械特性,3.10一台他励直流电动机的技术数据如下：PN=6.5kW，UN=220V，IN=34.4A，nN=1500
11、r/min，Ra=0.242 ，试计算出此电动机的如下特性： 电枢电压为UN/2时的人为机械特性,3.10一台他励直流电动机的技术数据如下：PN=6.5kW，UN=220V，IN=34.4A，nN=1500r/min，Ra=0.242 ，试计算出此电动机的如下特性： 磁通0.8 N时的人为机械特性,*3.11为什么直流电动机直接启动时启动电流很大？,答： 因为n=0，E=0，Ra很小，Ist=UN/Ra，所以Ist很大，会产生控制火花，电动应力，机械动态转矩冲击，使电网保护装置动作，切断电源造成事故，或电网电压下降等。故不能直接启动。,*3.12 他励直流电动机启动过程中有哪些要求？如何实现？
12、,答： 要求电流Ist（1.52）IN，可采用降压启动、电枢回路串电阻进行启动。,*3.13直流他励电动机启动时，为什么一定要先把励磁电流加上，若忘了先合励磁绕组的电源开关就把电枢电源接通，这时会产生什么现象（试从TL=0和TL=TN两种情况加以分析）？当电动机运行在额定转速下，若突然将励磁绕组断开，此时又将出现什么情况？,答： 当TL=0启动时：因为励磁绕组有一定剩磁，使0；启动时，n0，E0，根据UN=E+IaRa 知，UN全加在电阻Ra上，产生很大的Ia （(1020)IN） ，但因为0，所以 TKtIa并不大，因为TL0，所以Td大于0，系统会加速启动；启动后，虽有n，使E变大点，但因
13、为0，所以E仍不大， UN大部分仍要加在电阻Ra上，产生很大Ia和不大的T，使系统不断加速；当系统达到“飞车”时，在相当大的某一n稳速运行时， TKtIa=TL 0，所以Ia 0，此时，E相当大，UN几乎和E平衡。,当TL=TN启动时：n0，E0，根据UN=E+IaRa 知，UN全加在电阻Ra上，产生很大的Ia（(1020)IN），但因为0，所以 TKtIa并不大，因为TL= TN，所以系统无法启动。,当电动机运行在额定转速下， TKtNIaN = TLTN，nnN，此时断开励磁， 0，虽然仍有nnN，但E 0，根据UN=E+IaRa 知，UN全加在电阻Ra上，产生很大的Ia，但因为0，所以
14、TKtIa并不大，因为TL= TN，所以T TL，系统逐渐减速到停车。,*3.15一台直流他励电动机，其额定数据如下：PN=2.2kW，UN=Uf=110V，nN=1500r/min，N=0.8，Ra=0.4，Rf=82.7 。试求： 额定电枢电流IaN；额定励磁电流IfN；励磁功率Pf；额定转矩TN； 额定电流时的反电势； 直接启动时的启动电流； 如果要使启动电流不超过额定电流的2倍，求启动电阻为多少？此时启动转矩又为多少？,3.16直流电机用电枢电路串电阻的办法启动时，为什么要逐渐切除启动电阻？切除太快，会带来什么后果？,答：见书上图3.23。如果只一段启动电阻，当启动后，把电阻一下切除，
15、则电流会超过2IN，冲击大。所以应采用逐级切除电阻办法，切除太快，也会产生电流冲击大，见书上图3.24。,3.17 转速调节（调速）与固有的速度变化在概念上有什么区别？,答：调速：在一定负载条件下，人为地改变电动机的电路参数，以改变电动机的稳定转速。 速度变化：由于电动机负载转矩发生变化而引起的电动机转速变化。,*3.18他励直流电动机有哪些方法进行调速？它们的特点是什么？,答：改变电枢电路外串电阻调速：机械特性较软，稳定度低；空载或轻载时，调速范围不大；实现无级调速困难；电阻上消耗电能大。用于起重机、卷扬机等低速运转时间不长的传动系统。 改变电动机电枢供电电压调速：电源电压连续变化时，转速可
16、以平滑无级调节；在额定转速以下调；特性与固有特性平行，硬度不变，稳定度高，调速范围大；属恒转矩调速，适合拖动恒转矩负载，可以靠调电枢电压启动电机，不用其它设备。 改变电机主磁通调速：可无级调速，额定转速以上调（弱磁升速），特性软，最高转速不得超过额定转速的1.2倍，调速范围不大；属恒功率调速，适合于恒功率负载。往往和调压调速配合使用。,3.19直流电动机的电动与制动两种运转状态的根本区别何在？,电动：电动机发出的转矩T与转速n方向相同；制动：T与n相反。,*3.20他励直流电动机有哪几种制动方法？它们的机械特性如何？试比较各种制动方法的优缺点。,反馈制动：运行在二、四象限，转速大于理想空载转速
17、。用于起重机调速下放重物，电网吸收电能，运行经济。 电源反接制动：制动迅速，能量靠电阻吸收，但容易反向启动。 倒拉反接制动：可得较低下降速度，对TL大小估计不准，本应下降，也许会上升，特性硬度小，稳定性差，电阻消耗全部能量。 能耗制动：用于迅速准确停车及恒速下放重物，电阻消耗全部能量。,3.21一台直流他励电动机拖动一台卷扬机构，在电动机拖动重物匀速上升时将电枢电源突然反接，试利用机械特性从机电过程上说明： （1）从反接开始到系统达到新的稳定平衡状态之间，电动机经历了几种运行状态？最后在什么状态下建立系统新的稳定平衡点？ （2）各种状态下转速变化的机电过程怎样？,答：（1）经历反接制动、反向电
18、动、反向回馈制动，最后在反向回馈制动运行状态下建立系统新的稳定平衡点。,（2）当电压反向时，n不变，电压平衡方程式： UEIa(Ra+Rad)，Ia=(-U-E)/(Ra+Rad)0 T与TL一起使n ，E 反向Ia 反向T ，到c点，n=0； 此时，TL和T使电动机n反向，重物下降。处于反向电动状态。因为n反向，所以E也反向， Ia=(-UE)/(Ra+Rad)，即反向电流Ia 反向T；,所以T与n方向相反，制动；,在T和TL作用下，反向n 反向E，在某一时刻，UE0， Ia=0，T0，即达到d点。 但此时仍有TL 反向n 反向E UE0 Ia0，T0，产生制动。当TTL时，还会 反向n E
19、 Ia T ，达到TTL，达到e点，稳速运行。,第5章交流特性电动机的工作原理与特性,一般会有一个计算题 填空题 选择题,*5.1有一台四极三相异步电动机，电源电压的频率为50Hz，满载时电动机的转差率为0.02，求电动机的同步转速、转子转速和转子电流频率。,*5.2将三相异步电动机接三相电源的三根引线中的两根对调，此电动机是否会反转？为什么？,答：会反转。因为三相绕组中电流的相序发生改变。,5.3有一台三相异步电动机，其nN=1470r/min，电源频率为50Hz。当在额定负载下运行，试求：(1) 定子旋转磁场对定子的转速；(2) 定子旋转磁场对转子的转速；(3) 转子旋转磁场对转子的转速；
20、(4) 转子旋转磁场对定子的转速；(5) 转子旋转磁场对定子旋转磁场的转速。,(5) 转子旋转磁场对定子旋转磁场的转速。,(1) 定子旋转磁场对定子的转速；,(2) 定子旋转磁场对转子的转速；,(3) 转子旋转磁场对转子的转速；,(4) 转子旋转磁场对定子的转速；,5.4当三相异步电动机的负载增加时，为什么定子电流会随转子电流的增加而增加？,答：当负载增加时，转子电流增加；因为转子相当于变压器的副边，而定子相当于变压器的原边，所以当转子电流增加时，定子电流也会增加。,5.5三相异步电动机带动一定的负载运行时，若电源电压降低了，此时电动机的转矩、电流及转速有无变化？如何变化？,TN,b,c点和a
21、点比，因为U ，而且s cos2 ,根据T=KmI2cos2TL常数，知：I2 ,答：原来运行在a点，当电压减小时，运行在b点，因为n不变，s不变，所以cos 2不变 因为UE1=4.44Kf1N1 ，所以当U E2 I2 时，根据T=KmI2cos2知：T ，此后： n s I2 T 直到c点。,a,c,*5.6有一台三相异步电动机，其技术数据如下表所示。,试求: (1) 线电压为380V时，三相定子绕组应如何接法？ (2) 求n0，p，SN，TN，Tst，Tmax，Ist； (3) 额定负载时电动机的输入功率是多少？,答： (1) Y接法。P56,*5.7三相异步电动机正在运行时，转子突然
22、被卡住，这时电动机的电流如何变化？对电动机有何影响？,电动机的电流会迅速增加,如果时间稍长电机有可能会烧毁.,*5.8三相异步电动机断了一根电源线后，为什么不能启动？而在运行时断了一线，为什么仍能继续转动？这两种情况对电动机将产生什么影响？,答：断了一根电源线后，变成单相异步电动机，没有旋转磁场，所以不能启动。但仍能继续运转。 启动时，脉动磁场使转子产生交变电流，发热。 运转时，因为断了一相，变成单相，而单相产生的脉动磁场，分解成两个转向相反的旋转磁场后，存在： Bm1=Bm2=Bm/2 与转子旋转方向相同的旋转磁场的比三相运转时的要小，所以I2增大；另外，与转子旋转方向相反的旋转磁场的使T减
23、小。所以，断了一根电源线后，如果较大的TL还不变，当稳定运行时，不但n下降，且I2相当大，会烧坏电机。,如果电流：iA=Imcost,则电流：iB=Imcos（t-180），即 iB为流出，与iA相位相反,5.9 三相异步电动机在相同电源电压下，满载和空载启动时，启动电流是否相同？启动转矩是否相同？,答：启动电流一样，启动转矩相同。,5.10 三相异步电机 为什么不运行在Tmax或接近Tmax的情况下？,答：一般Tmax是TN的22.5倍，在Tmax或接近Tmax运行时，I2大很多，电机会被烧坏。,根据异步电动机的固有机械特性在Tmax或接近Tmax的情况下运行是非常不稳定的，有可能造成电动机
24、的停转。,*5.11 有一台三相异步电动机，其铭牌数据如下：,当负载转矩为250N.m时，试问在U=UN和U1=0.8UN两种情况下电动机能否启动？ 欲采用Y- 换接启动，问当负载转矩为0.45TN和0.35TN两种情况下，电动机能否启动？ 若采用自耦变压器降压启动，设降压比为0.64，求电源线路中通过的启动电流和电动机的启动转矩。,(3),当负载转矩为250N.m时，试问在U=UN和U1=0.8UN两种情况下电动机能否启动？,欲采用Y- 换接启动，问当负载转矩为0.45TN和0.35TN两种情况下，电动机能否启动？,若采用自耦变压器降压启动，设降压比为0.64，求电源线路中通过的启动电流和电
25、动机的启动转矩。,*5.15 异步电动机有哪几种调速方法？各种调速方法有何优缺点？,答：调压调速：可无级调速，但减小U时，T按U2减少，所以调速范围不大。 转子电路串电阻调速：只适于线绕式。启动电阻可兼作调速电阻，简单、可靠，但属有级调速。随转速降低，特性变软，低速损耗大，用在重复短期运转的机械，如起重机。 变极对数调速：多速电动机，体积大，价贵，有级调速。结构简单，效率高，调速附加设备少。用于机电联合调速。 变频调速：用于一般鼠笼式异步电动机，采用晶闸管变频装置。,5.16 什么叫恒功率调速？什么叫恒转矩调速？,答：在调速过程中，无论速度高低，当电动机电流保持不变时，电磁转矩也不变，这种调速
26、叫恒转矩调速。 在调速过程中，无论速度高低，当电动机电流保持不变时，功率也不变，叫恒功率调速。,5.18 异步电动机有哪几种制动状态？各有何特点？,答：反馈制动：用于起重机高速下放重物，反馈制动时，动能变为电能回馈给电网，较经济，只能在高于同步转速下使用。 反接制动：电源反接时，制动电流大，定子或转子需串接电阻，制动速度快容易造成反转，准确停车有一定困难，电能损耗大。当倒拉制动时，用于低速下放重物，机械功率、电功率都消耗在电阻上。 能耗制动：比较常用的准确停车方法，制动效果比反接制动差。,第2章 机电传动系统的动力学基础,2.1从运动方程式怎样看出系统是加速的、减速的、稳定的和静止的各种工作状
27、态？,答：运动方程式：,Td0时：系统加速； Td=0 时：系统稳速； Td0时，系统减速或反向加速,2.2 说明机电传动系统运动方程式中的拖动转矩、静态转矩和动态转矩的概念。,拖动转矩：电动机产生的转矩Tm或负载转矩TL与转速n相同时，就是拖动转矩。( 客服负载，带动电动机转动） 静态转矩：电动机轴上的负载转矩TL，它不随系统加速或减速而变化。 动态转矩：系统加速或减速时，存在一个动态转矩Td，它使系统的运动状态发生变化。,*2.3 试列出以下几种情况下系统的运动方程式，并说明系统的运行状态是加速、减速还是匀速？（图中箭头方向表示转矩的实际作用方向）,答：a匀速，b减速，c减速，d加速，e减
28、速，f匀速,2.4 多轴拖动系统为什么要折算成单轴拖动系统？转矩折算为什么依据折算前后功率不变的原则？转动惯量折算为什么依据折算前后动能不变的原则？,答：在多轴拖动系统情况下，为了列出这个系统运动方程，必须先把各传动部分的转矩和转动惯量或直线运动部分的质量都折算到电动机轴上。 由于负载转矩是静态转矩，所以可根据静态时功率守恒原则进行折算。 由于转动惯量和飞轮转矩与运动系统动能有关，所以可根据动能守恒原则进行折算。,*2.5 为什么低速轴转矩大？高速轴转矩小？,答：忽略磨擦损失的情况下，传动系统的低速轴和高速轴传递的功率是一样的，即P1P2,而P1T11，P2T22,所以T11T22，当12时，
29、 T1T2,2.6 为什么机电传动系统中低速轴的GD2比高速轴的GD2大得多？,答：因为低速轴的转矩大，所设计的低速轴的直径及轴上的齿轮等零件尺寸大，质量也大，所以GD2大，而高速轴正好相反。,答： j1=M/1= nM/n1=900/300=3,2.7 如图所示，电动机轴上的转动惯量JM2.5kg.m2，转速nM900r/mim；中间传动轴的转动惯量J12kg.m2，转速n1300r/mim；生产机械轴的惯量JL16kg.m2，转速nL60r/mim。试求折算到电动机轴上的等效转动惯量。,jL=M/L= nM/nL=900/60=15,2.8 如图所示，电动机转速nM950r/mim，齿轮减
30、速箱的传动比J1 J2 4，卷筒直径D0.24m，滑轮的减速比J3 2，起重负荷力F100N，电动机的飞轮转矩GDM21.05N.m，齿轮、滑轮和卷筒总的传动效率为0.83。试求提升速度v和折算到电动机轴上的静态转矩TL以及折算到电动机轴上整个拖动系统的飞轮惯量GDZ2。,TL=9.55Fv/(1nM) =9.551000.37/(0.83950) =0.45N.m,功率守恒 TLMF v /c TL 9.55 F v /(c n),2.9 一般生产机械按其运动受阻力的性质来分可有哪几种类型的负载？,答：恒转矩型、泵类、直线型、恒功率型。,T,n,0,T,n,0,*2.10 反抗静态转矩与位能
31、静态转矩有何区别，各有什么特点？,答：反抗性恒转矩负载恒与运动方向相反。 位能性恒转矩负载作用方向恒定，与运动方向无关。,*2.11 如图所示，曲线1和2分别为电动机和负载的机械特性，试判断哪些是系统的稳定平衡点？哪些不是？,答：（d）不是稳定运动点，其余都是稳定运行点。,1. 特性曲线必需有交点； 2. 当nn,必须有TM TL ，,第6章,考试内容很少,6.2 何谓“自转”现象？交流伺服电动机是怎样克服这一现象，使其当控制信号消失时，能迅速停止。,答：工作原理同单相异步电动机。WC上加Uc，WF上加Uf时，两相绕组便产生旋转磁场，使转子旋转。 当WC上的Uc去掉后，转子仍转，叫自转。 消除
32、自转的措施：使转子导条有较大电阻，出现Sm1，此时，交流伺服电动机当Uc0时，T总是制动性的。这样便消除自转且能迅速停止。,6.3 有一台直流伺服电动机，电枢控制电压和励磁电压均保持不变，当负载增加时，电动机的控制电流、电磁转矩和转速如何变化？,答：当TL T ，由 T=KtIa知，Ia，由n=f(T)方程知，n 。,6.4 有一台直流伺服电动机，当电枢控制电压Uc110V时，电枢电流Ia10.05A，转速n1=3000r/min，加负载后，电枢电流Ia21A，转速n2=1500r/min。试作出其机械特性n=f(T)。,答：,6.5 若直流伺服电动励磁电压一定，当电枢控制电压Uc=100V时
33、，理想空载转速n0=3000r/min；当Uc=50V时，n0等于多少？,答：,6.11 交流测速发电机在理想情况为什么转子不动时没有输出电压？转子转动后，为什么输出电压与转子转速成正比？,答：当n=0时，f1的Uf加在WF上f1的f， f fmsint，方向同WF轴线。 f在转子涡流磁通，阻止f变化，与f合成1，1轴线同WF轴，与WC轴线垂直，所以不在WC上产生感应电动势，Uc0。,当n0时，转子切割1 e2p i2p E2p 1mn，而当Uf 一定时，1m 基本不变(Uf 4.44f1 N1 1m ), E2p n E2p i2p 脉动磁通2 ，正好和CW轴线重合CW上e0 。 E0 2
34、E2p n E0 n或U0E0Kn,7.1 电动机的温升与哪些因素有关？电动机铭牌上的温升值其含义是什么？电动机的温升、温度以及环境温度三者之间有什么关系？,答：温升与负载大小、负载持续时间（即运行方式）有关。 铭牌上的温升值：指电动机允许的温度与周围介质温度（40）之差。 电动机温升电动机温度环境温度,7.2 电动机在运行中，其电压、电流、功率、温升能否超过额定值？是何原因？,答：电压、温升不许超过额定值，否则烧坏电机。电流、功率可短时超过额定值，因为热惯性，电动机在短时温升不能超过允许值。,*7.3 电动机的选择包括哪些具体内容？,答：容量、种类、电压、转速、结构形式。,7.4 选择电动机
35、的容量时主要应考虑哪些因素？,答：发热：应有max a 过载能力： 启动能力： TLst TN,*7.5 电动机有哪几种工作方式？当电动机的实际工作方式与铭牌上标注的工作方式不一致时，应注意哪些问题？,答：连续工作制、短时工作制、重复短时工作制。 应采用等效功率法进行计算。,7.6 一台室外工作的电动机，在春、夏、秋、冬四季其实际允许的使用容量是否相同？为什么？,答：容量可以不相同，因为在不同的季节里，环境温度不同，如在冬季，电动机的温升可以较大，也不会超过允许的温度，所以容量可以大一些；而在很热的夏季，如果温度很高，超过40度时，电动机的容量必须降低使用。,7.7 有一抽水站的水泵向高度H1
36、0m处送水，排水量Q500m3/h，水泵的效率10.9，传动装置的效率20.78，水的重度1000kg/m3，试选择一台电动机拖动水泵。,答：,7.8 有一生产机械的实际负载转矩曲线如题7.8图所示，生产机械要求的转速nN=1450r/min，试选一台容量合适的交流电动机来拖动此生产机械。,答：,7.9 一生产机械需要直流电动机拖动，负载曲线如题7.9图所示，试选择电动机的容量。,答：,7.10 有台35KW、工作时间30min的短时工作电动机，欲用一台Th90min的长期工作制电动机代替。若不考虑其它问题（如过载能力等）试问长期工作制电动机的容量应选多大？,答：,7.11 暂载率表示什么？当
37、15%时，能否让电动机工作15min，休息85min？为什么？试比较15%，30KW和40%，20KW两个重复短时工作制的电动机，哪一台容量大一些？,答：,换算（按SN折合 ）,7.12 有一台生产机械的功率为10KW，其工作时间tP=0.72min，t0=2.28min，试选择所用电动机的容量。,答：,第10章电力电子学,*10.1 晶闸管的导通条件是什么？导通后流过晶闸管的电流决定于什么？晶闸管由导通转变为阻断的条件是什么？阻断后它所承受的电压大小决定于什么？,答：导通条件：阳极、控制极同时加控制电压。 导通后，电流决定于主电压和负载。 阻断：晶闸管由导通转变为阻断的条件是当减少阳极电压或
38、增加负载电阻时,阳极电流随之减少,当阳极电流小于维持电流时,晶闸管便从导通状态转化维阻断状态. 阻断后：承受电压大小决定于主电压。,10.2 晶闸管能否和晶体管一样构成放大器？为什么？,答：不能。当加上控制电流Ig后，晶闸管有强烈正反馈，立即导通，导通后阳极电流I（由主电压和负载决定）和Ig无关。,10.3试画出图中负载电阻R上的电压波形和晶闸管上的电压波形。,10.4 如题10.4图所示，试问： （1）在开关S闭合前灯泡亮不亮？为什么？ （2）在开关S闭合后灯泡亮不亮？为什么？ （3）再把开关S断开后灯泡亮不亮？为什么？,答：（1）不亮。因为控制极没加正向电压； （2）亮。因为控制极加正向电
39、压，当阳极也加正向电压时，晶闸管导通。 （3）再把S断开，不亮。因为U2为交流，当S断开，且U2为负时，晶闸管关断，此后，没有Ug，不会再导通。,10.5如题10.5图所示，若在t1时刻合上开关S，t2时刻断开S，试画出负载电阻R上的电压波形和晶闸管上的电压波形。,答：,10.6晶闸管的主要参数有哪些？,答： UDRM为断态重复峰值电压，在控制极断路时，可以重复加在晶闸管两端的正向峰值电压，其数值规定比正向转折电压小100V。,URRM为反向重复峰值电压，在控制极断路时，可以重复加在晶闸管元件上的反向峰值电压，其数值规定比反向击穿电压小100V。,IT为额定通态平均电流（额定正向平均电流）。在
40、环境温度不大于40和标准散热及全导通条件下，晶闸管元件可以连续通过的工频正弦半波电流（在一个周期内）的平均值，简称额定电流。,IH为维持电流。在规定的环境温度和控制极断路时，维持元件继续导通的最小电流。,10.7 如何用万用表粗测晶闸管的好坏？,答：见书上表10.1,*10.8 晶闸管的控制角和导通角是何含义？,答：控制角：晶闸管元件承受正向电压起始点到触发脉冲的作用点之间的电角度。 导通角：晶闸管在一周期内导通的电角度。,10.9有一单相半波可控整流电路，其交流电源电压U2220V，负载电阻RL=10，试求输出电压平均值Ud的调节范围，当/3时，输出电压平均值Ud、电流平均值Id为多少，并选
41、择晶闸管。,答：,输出电压平均值,负载电流平均值,当 0时， Ud99V；当 时， Ud0V。所以Ud的调节范围是099V。当/3时，Ud74.25V,当/3时，Id7.425A。,考虑晶闸管的安全系数，一般取1.52，所以：,IT（1.52）8.89（13.33517.78）A,晶闸管最大反向电压：,考虑安全系数为23，故断态和反向重复峰值电压为：,UDRM（23）311V（622933）V,根据以上IT和UDRM的值查有关资料，选取合适的晶闸管。,10. 10续流二极管有何作用？为什么？若不注意把它的极性接反了会产生什么后果？,答：当电源电压变负时，V导通，负载上由电感维持的电流流经二极管
42、。VS关断，电源负电压不加于负载上。 作用：可提高大电感负载时的单相半波可控整流电路整流输出平均电压。 极性若接反：造成短路。,答：见图10.10、图10.11、图10.12,10. 11试画出单相半波可控整流电路带不同性质负荷时，晶闸管的电流波形与电压波形。,77.75，导通角18077.75102.25 ,10.12. 有一电阻性负载，需要直流电压Ud=60V，电流Id=30A供电，若采用单相半波可控整流电路，直接接在220V的交流电网上，试计算晶闸管的导通角。,10.13 有一电阻负载，需要可调直流电压Ud=0V60V，电流Id=0A10A，现选用一单相半控桥式可控整流电路，试求变压器副
43、边的电压和晶闸管与二极管的额定电压和电流。,当0时，电压应达最大，即为60V，所以变压器副边电压：,元件承受的最大正反向电压为,考虑安全系数为23，故断态和反向重复峰值电压（额定电压）为： UDRM（23）94.281V（188.563282.844）V,额定电流：因0 ，所以IT（1.52）10（1520）A,10.14 三相半波可控整流电路，如在自然相点之前加入触发脉冲会出现什么现象？画出这时负载侧的电压波形图。,答：,10.15 三相半波电阻负载的可控整电路，如果由于控制系统故障，A相的触发脉冲丢失，试画出控制角0时整流电压波形。,答：,10. 16三相桥式全控整流电路带电阻性负载，如果
44、有一只晶闸管击穿，其它晶闸管会受什么影响？,答：见图10.29。如VS1被击穿，则VS3、VS5会短路，因为UBA、UCA不会加于负载，VS4用不着导通。,10.17晶闸管对触发电路有哪些要求？触发电路主要有哪三个环节？每个环节的功能是什么？,对晶闸管触发脉冲的要求主要有 、 、 、 和 。,足够大的触发电压和电流,有一定的脉宽度,不触发时的输出电压小最好为负,前沿要陡,与主电路同步,主要有三个环节：同步波形产生、移相控制、脉冲形成三个环节组成。,同步波形产生：产生与主电路电压同步的电压波形，使对应每一主电压波形的控制角都一样。,移相控制：为了改变输出主电压平均值，需要对同步波形移相，以改变控
45、制角大小。,脉冲形成：把产生的具有一定控制角且可人为改变控制角的同步波形变成触发脉冲输出。,10.18单结晶体管自振荡电路的振荡频率是由什么决定的？为获得较高的振荡频率，减小充电电阻R与减小电容C效果是否一样？R大小受哪些因素限制？为什么？,答：振荡频率是由充电常数（RC）决定。为了获得较高的振荡频率，减小充电电阻R与减小电容C效果是一样的。,R受以下因素的限制：,10.19为什么晶闸管的触发脉冲必须与主电路电压同步？,答：如果不同步，由于每个正半周的控制角不同，输出电压就会忽大忽小的波动。所以要求在晶闸管承受正向电压的半周内，控制极获得第一个正向触发脉冲的时刻都相同。,10.20在单节晶体管
46、触发电路中，改变电阻R为什么能实现移相？移相的目的是什么？,答：改变R就改变了电容的充电时间常数（RC），也就改变了电容充电的快慢，也就改变了第一个正向触发脉冲的时刻，即实现移相。移相的目的是：改变整流电路输出直流电压平均值大小。,图10.31(b)，为2/3的情况。,在t1触发VS1，uduA，且在12区间，ud0，由式,到23区间，ud0，但Ud更负，由上式，id，L、交流电网吸收能量，电动机输出能量。,，id，即eL极性为左正右负，L储能。交流电网、电动机输出能量。,10.21试简述有源逆变器的工作原理，逆变的条件和特点是什么？,到3点，udUd，id达最大值。,过3点后，ud比Ud更负
47、，id，eL左负右正，L、电动机输出能量，交流侧电流由高电位流向低电位，吸收能量。L释放能量维持VS1导通直到触发VS2导通为止。 。,ud波形负面积正面积，故Ud0，一周期中变流器总的是吸收能量，直流电动机电枢电流由低电位到高电位是输出能量，,特点：直流电变成交流电回送到电网。电动机工作于发电(制动)状态。,有源逆变条件：Ud及E的极性与整流状态相反，且,逆变角：，对三相半波逆变电路，有 Ud-1.17U2P cos,当0，UdUdmax；,当/2，Ud0，为使逆变电路工作可靠，一般min/6，故逆变电路：/6/2。,第11章,11.1何谓开环控制系统？何谓闭环控制系统？两者各具有什么优缺点
48、？,答：只有控制量（输入量）对被控制量（输出量）的单向控制作用，而不存在被控制量对控制量的影响和联系，这样的控制系统称为开环控制系统。开环控制系统不能满足高要求的生产机械的需要，调速范围小。,输入量与输出量之间既有正向的控制作用，又有反向的反馈控制作用，形成一个闭环，即闭环控制系统。闭环控制系统调速范围大。,*11.2什么叫调速范围、静差度？它们之间有什么关系？怎样才能扩大调速范围？,答：电动机在额定负载下所允许的最高转速和在保证生产机械对转速变化率的要求前提下所能达到的最低转速之比叫调速范围。,电动机由理想空载到额定负载时的转速降与理想空载转速之比叫静差度。,在一个调速系统中，转速降一定时，
49、在不同的静差度下就有不同的调速范围。静差度越大，调速范围也越大。,保证在一定静差度的前提下，扩大系统调速范围的方法是提高电动机机械特性的硬度，以减小转速降。,*11.3生产机械对调速系统提出的静态、动态技术指标主要有哪些？为什么要提出这些指标？,答：静态指标：静差度S 、调速范围D 、调速的平滑性,动态指标：过渡过程时间、最大超调量、振荡次数,静态指标,静差度S,TL变化时，应使n变化维持在一定范围。静差度S表示n稳定的程度，即S应小于一定值。,一般S50，普通车床S30，龙门刨床S5，冷轧机S2，热连轧机S=0.20.5，造纸机S0.1。,由式,机械特性愈硬，S愈小，n相对稳定性愈高。,在一个调速系统中，如果在nmin运行能满足S要求，则在其他转速必能满足要求。,调速范围D,如式,不同生产机械要求D不相同，如S一定，车床D=20120，龙门刨床D=