《2022年本科生计算机组成原理题库期末试卷及答案 10.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年本科生计算机组成原理题库期末试卷及答案 10.pdf（6页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、1 / 6 本科生期末试卷十九一、 选择题（每小题 1 分，共 10分）1 从器件角度看，计算机经历了四代变化。但从系统结构看，至今绝大多数计算机仍属于 _型计算机。A. 并行 B.冯.诺依曼 C.智能 D.实时处理2下列数中最大的数是_。A. （10011001）2 B.（227）8C.（98）16D.（152）10 3 有关运算器的描述，_是正确的。A. 只做加法 B.只做算术运算C.既做算术运算又做逻辑运算 D.只做逻辑运算4 EPROM 是指 _。A. 读写存储器 B.只读存储器 C.闪速存储器 D.光擦除可编程只读存储器5 常用的虚拟存储系统由_两级存储器组成，其中辅存是大容量的磁表
2、石存储器。A.cache主存 B.主存 辅存 C.cache辅存 D.通用寄存器 主存6 二地址指令中，操作数的物理位置可以安排在_。A. 栈顶和次栈顶 B. 两个主存单元C.一个主存单元和一个通用寄存器 D.两个通用寄存器7 当代 CPU 包括 _。A.控制器 B.控制器、运算器、cache C.运算器和主存 D.控制器、 ALU 和主存8 流水CPU 是由一系列叫做“段”的处理线路所组成。和具备m 个并行部件的CPU相比，一个m 段流水 CPU_。A. 具备同等水平的吞吐能力 B.不具备同等水平的吞吐能力C.吞吐能力小于前者的吞吐能力 D.吞吐能力大于前者的吞吐能力9 在集中式总线仲裁中，
3、_方式响应时间最快，_方式对电路故障最敏感。A. 菊花链 B.独立请求 C.计数器定时查询10CRT 的分辨率为10241024 像素，像素的颜色数为256 色，则刷新存储器的容量是_。A. 256KB B.2MB C.512KB D.1MB 二、 填空题（每小题 3 分，共 15分）1 字符信息是A_数据，它处理B_领域的问题。国际上采用的字符系统是七单元的C_码。2 闪速存储器能提供高性能、低功耗、字可靠性以及A_能力，为现有的B_体系结构带来巨大变化，因此作为C_用于便携式电脑中。3 指令格式中，操作码字段表征指令的A_，地址码字段指示B_。微型机中多采用C_混合方式的指令格式。4 并行
4、处理技术已经成为计算机技术发展的主流。从原理上概括，主要有三种形式： A_并行， B_并行， C_并行。5 总线有A _特性、 B_特性、 C_特性、 D_特性，因此必须标准化。三、（10分）有两个浮点数x=2(+01)2(-0.111)2Y=2(+01)2(+0.101)2精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 6 页2 / 6 设阶码 2位，阶符1 位，数符1 位，尾数3位，用补码运算规则计算x-y 的值。四、（ 9 分）CPU 执行一段程序时，cache 完成存取的次数为5000 次，主存完成存取的次数为200次。已知ca
5、che存取周期为40ns，主存存取周期为160ns。求：1Cache 命中率 H，2Cache/主存系统的访问效率e，3平均访问时间Ta。五、（ 9 分）某微机指令格式如下所示：格式中 D 为位移量， X 为寻址方式特征值： X=00 , 直接寻址； X=01, 用变址寄存器R1进行变址 X=10, 用变址寄存器R2进行变址 X=11, 相对寻址设（ PC）=1234H ，（ R1）=0037H,(R2)=1122H,(.H 代表十六进制数)，请确定如下指令的有效地址：（1）4420H (2) 2244H (3)1322H (4)3521H (5)6723H六、（ 10 分）某计算机的数据通路
6、如图B19.1 所示，其中M 主存，MBR 主存数据寄存器， MAR 主存地址寄存器， R0-R3通用寄存器， IR指令寄存器， PC程序计数器（具有自增能力），C、 D-暂存器，ALU 算术逻辑单元（此处做加法器看待）， 移位器 左移、右移、直通传送。所有双向箭头表示信息可以双向传送。请按数据通路图画出“ADD （R1），（ R2）+”指令的指令周期流程图。该指令的含义是两个数进行求和操作。其中源操作地址在寄存器R1 中，目的操作数寻址方式为自增型寄存器间接寻址（先取地址后加1）。图 B19.1 七、（ 9 分）某机器的中断系统采用一级链路排队，优先级别由设备距CPU 的物理位15 10 9
7、 8 7 0 OP X D 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 6 页3 / 6 置决定（近高远低），如图B19.2 所示。 DVC0 是扫描仪， DVC1 是打印机，。如在某一时刻，扫描仪和打印机均产生一个事件，试问IRQ 线上的请求是由谁发出的？为什么？这个结论总是成立吗？图 B19.2 八、（ 9 分）刷新存储器的重要性能指标是它的带宽。实际工作时，显示适配器的几个功能部件要采用刷新存储器的带宽。假定总带宽60%用于刷新屏幕，保留40%带宽用于其他非刷新功能。若显示工作方式采用分辨率为10241024，颜色深度为3B，
8、刷新速率为 72Hz，计算刷新存储器总带宽是多少？九、（ 10 分）设计一个启停控制电路，要求在一个CPU 周期中产生T1T4四个时钟周期信号。 (提示，机器一启动就会自动产生原始的节拍脉冲信号T1*- T4*,但是只有在启动机器运行的的情况下，才允许时序发生器发出CPU 工作所需的节拍脉冲T1T4。) 十、（ 9 分）在流水处理中，把输入的任务分割为一系列子任务，并使各子任务在流水线的各个过程段并发地执行，从而使流水处理具有更强大的数据吞吐能力。请用定量分析法证明这个结论的正确性。本科生期末试卷十九答案一、 选择题1 B 2A 3C 4D 5B 6 B，C， D 7B 8A 9A ，B 10
9、D二填空题1 A符号 B非数值 CASC码2 A瞬时启动 B存储器 C固态盘3 A操作特性与功能 C操作数的位置 C二地址、单地址、零地址4 A时间 B空间 C时间 +空间5 A物理 B功能 C电气 D时间三、解：1)设 Sx为 x 的尾数， Sy为 y 的尾数，则Sx=(-0.111)2 Sx补=1.001 Sy=(+0.101)2 Sy补=0.101 又设 Ex为 x 的阶码， Ey为 y 的阶码，则精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 6 页4 / 6 Ex=(+01)2 ， Ex补=001 Ey=(+10)2， Ey补
10、=010 2）对阶：Ex-Ey=(01)2-(10)2=（ -01）2，阶码不相等，故小阶的尾数Sx右移一位，Sx=(-0.0111)2，Ex阶码加 1，则 Ex=(10)2=Ey， Sx经舍入后得Sx=(-0.100)2，对阶完毕。 x 的补码浮点格式： 010 ， 1100 y 的补码浮点格式： 010 ， 0101 3）尾数相减 Sy补=11.100 -Sy补=11.011 Sx补=11.100 + Sy补=11.011 Sx-Sy补= 10.111 4)规格化与舍入尾数右移1 位，最低有效位舍掉，阶码加1（右规）则 Sx-Sy补=11.011 Ex补=Ey补=011 规格化结果： 01
11、1， 1011 四、解：命中率 H = Nc/（ Nc+Nm ） = 5000/（5000+2000）=5000/5200=0.96 主存慢于cache 的倍率 R = Tm/Tc=160Ns/40Ns=4 访问效率：（）+（）. . 平均访问时间. n五、解 1）X=00 , D=20H ,有效地址E=20H 2) X=10 , D=44H ,有效地址E=1122H+44H=1166H 3) X=11 , D=22H ,有效地址E=1234H+22H=1256H 4) X=01 , D=21H ,有效地址E=0037H+21H=0058H 5) X=11 , D=23H ,有效地址 E=12
12、34H+23H=1257H 六、解：“ ADD （R1），（ R2）+”指令是SS 型指令，两个操作数均在主存中。其中源操作数地址在R1中，所以是R1间接寻址。目的操作数地址在R2中，由 R2 间接寻址，但R2的内容在取出操作数以后要加1 进行修改。指令周期流程图如下：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 6 页5 / 6 送指令地址图 B19。 3 七、解：当扫描仪和打印机同时产生一个事件时，IRQ上的请求是扫描仪发出的。因为这种链路中排队的设备只有当其IEI为高时才能发出中断请求，且该设备有中断请求时，其IEO 为低，因此
13、其后面的设备就不可能发出中断请求信号。因此，当扫描仪和打印机同时产生一个事件时，只有扫描仪才能发出中断请求。但如果扫描仪接口中的屏蔽触发被置位（禁止中断），则IRQ 上的请求信号将是打印机发出的。八、刷新存储器容量分辨率每个像素点颜色深度102410243B 3MB 刷新存储器带宽刷新存储器容量刷新速率3MB 72/S 216MB/S 刷新存储器的总带宽应为 216MB/S 100/60 360MB/S 九详细的电路图见下面图B19.4 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 6 页6 / 6 图 B19.4十、解：设P1是有总
14、延迟时间t1的非流水线处理器，故其最大吞吐量（数据带宽）为1/t1。又设Pm是相当于Pi的 m 段流水线处理器。其中每一段处理线路具有同样的延迟时间tc，和缓冲寄存器延迟时间tr，这样 Pm的每段总延迟时间为tc+tr，故 Pm 的带宽为Wm=1/（tc+tr）。如果 Pm是将 Pi划分成延迟相同的若干段形成的，则t1mti，因此 Pi的带宽为W1=1/（ mtc）。由此可得出结论：条件mtc(tc+tr)满足，则Pm比 Pi有更强的吞吐能力。.T01 T02 T03 T04 T1 T2 T3 T4Q QCr D T40 CLR启动停机图 B19.4 R 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 6 页