《考点31 数列通项的通项公式18种常见考法归类-【考点通关】备战2024年高考数学一轮题型归纳与解题策略(新高考地区专用)含解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《考点31 数列通项的通项公式18种常见考法归类-【考点通关】备战2024年高考数学一轮题型归纳与解题策略(新高考地区专用)含解析.docx（117页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、考点31 数列通项的通项公式18种常见考法归类-【考点通关】备战2024年高考数学一轮题型归纳与解题策略(新高考地区专用)考点31 数列的通项公式18种常见考法归类考点一 观察法考点二 等差等比定义求通项考点三 由an与Sn的关系求通项（一）消Sn（二）消an（三）内部消化（四）隐藏的Sn考点四 因式分解考点五 累加法求通项考点六 累乘法求通项考点七 构造法求通项（一）型（二）型（三）型（四）型（五）型考点八 同除以指数考点九 取倒数求通项（一）形如型（二）形如型考点十 不动点法求通项考点十一 对数变换法考点十二 周期数列考点十三 等和数列考点十四 等积数列考点十五 前n项积型考点十六 正负相
2、间讨论、奇偶讨论型考点十七 结合实际背景求通项考点十八 构造常数列解决递推数列通项公式1.观察法：观察法即根据所给的一列数、式、图形等，通过观察分析数列各项的变化规律，求其通项使用观察法时要注意：观察数列各项符号的变化，考虑通项公式中是否有或者 部分考虑各项的变化规律与序号的关系应特别注意自然数列、正奇数列、正偶数列、自然数的平方、与有关的数列、等差数列、等比数列以及由它们组成的数列2.等差等比定义求通项等差数列判定：定义法：“欲证等差，直接作差”，即证an1an定值；等差中项法：即证2an1anan2； 函数结论法：即an为一次函数或Sn为无常数项的二次函数.等比数列的判定方法：(1)定义法
3、：“欲证等比，直接作比”，即证q(q0的常数)数列an是等比数列；(2)等比中项法：即证aanan2(anan1an20，nN*)数列an是等比数列3.利用与的关系依据求出. 已知Sn求an的三个步骤(1)先利用a1S1求出a1.(2)用n1替换Sn中的n得到一个新的关系，利用anSnSn1(n2)便可求出当n2时an的表达式(3)对n1时的结果进行检验，看是否符合n2时an的表达式，如果符合，则可以把数列的通项公式合写；如果不符合，则应该分n1与n2两段来写注：an与Sn关系的应用策略(1)仅含有Sn的递推数列或既含有Sn又含有an的递推数列，一般利用公式SnSn1an(n2)实施消元法，将
4、递推关系转化为仅含an的关系式或仅含Sn的关系式，即“二者消元留一象”(2)究竟消去an留Sn好，还是消去Sn留an好？取决于消元后的代数式经过恒等变形后能否得到简单可求的数列关系，如等差数列关系或等比数列关系，若消去an留Sn可以得到简单可求的数列关系，那么就应当消去an留Sn，否则就尝试消去Sn留an，即“何知去留谁更好，变形易把关系找”(3)值得一提的是：数列通项公式an求出后，还需要验证数列首项a1是否也满足通项公式，即“通项求出莫疏忽，验证首项满足否”，这一步学生容易忘记，切记！4.累加法与累乘法（1）累加法：形如的解析式 形如型的递推数列（其中是关于的函数）可构造： 将上述个式子两
5、边分别相加，可得：若是关于的一次函数，累加后可转化为等差数列求和； 若是关于的指数函数，累加后可转化为等比数列求和；若是关于的二次函数，累加后可分组求和； 若是关于的分式函数，累加后可裂项求和注：累加法求通项公式的4步骤（2） 累乘法：形如的解析式形如型的递推数列（其中是关于的函数）可构造： 将上述个式子两边分别相乘，可得：有时若不能直接用，可变形成这种形式，然后用这种方法求解注：累乘法求通项公式的4步骤5.构造法(1)形如型的递推式：f(n) 是一个常数当 f(n)=0 时, an 是等比数列, 首项 a1=a, 公比为 p, 则 an=apn1 当 f(n)=q(q0) 时, 由 an+1
6、=pan+q, 设 an+1+ x=pan+x, 则 an+1=pan+(p1)x, 所以 (p1)x= q, 得 x=qp1, 从而 an+1+qp1=pan+qp1, 当 a+qp10 时, 数列 an+qp1 是等比数列, an= a+qp1pn1qp1 f(n) 是一次函数型设 f(n)= An+B(A0),an+1=pan+An+B, 设 an+1+x(n+ 1) +y=pan+xn+y, 则 an+1=pan+(p1)xn+(p1)yx,(p1)x=A,(p1)yx=B, 得 x= Ap1,y=(p1)B+A(p1)2 。当 a+x+y0 时, 数列 an+xn+y 是等比数列,
7、则 an=a+Ap1+ (p1)B+A(p1)2pn1Ap1n(p1)B+A(p1)2 f(n) 是二次函数型设 f(n)= An2+Bn+c(A0), 设 an+1+x(n+ 1)2+y(n+1)+z=pan+xn2+yn+z，与已知递推式比较，解出，z,从而转化为是公比为的等比数列.f(n) 是指数函数型设 f(n)=pn+1因 an+1=pan+pn+1, 则 an+1pn+1= anpn+1, 所以 anpn 是等差数列, 解得 an=apn1+(n1)pn .设 f(n)=qn+1(qp)方法一：因 an+1=pan+qn+1, 则 an+1qn+1=pqanqn+ 1 , 设 bn
8、=anqn, 则 bn+1=pqbn+1 , bn+1+qpq=pq. bn+qpq, 当 aq+qpq0 时, 可得 bn=aq+ qpqpqn1qpq, 所以 an=a+q2pqpn1qn+1pq 。方法二：因 an+1=pan+qn+1, 设 an+1+xqn+1=pan+ xqn, 则 an+1+xqn+1=pan+pxqn, 即 an+1=pan+ (pq)xqn, 所以 x=qpq, 当 a+xq0 时, an+ xqn 是等比数列, 则 an=a+q2pqpn1qn+1pq (2)形如型的递推式：用待定系数法，化为特殊数列的形式求解方法为：设，比较系数得，可解得，于是是公比为的等
9、比数列，这样就化归为型6.同除法对于an1pancqn(其中p,q,c均为常数)型方法一：观察所给的递推公式，它一定可以变形为an1xqn+1p(anxqn ),将递推关系an1pancqn待入得pancqnxqn+1p(anxqn )解得x,则由原递推公式构造出了an1qn+1p(anqn )，而数列anqn是以a1q为首相以为公比的等比数列。（注：应用待定系数法时，要求pq，否则待定系数法会失效）方法二：将an1pancqn两边分别除以,则有 然后利用累加法求得。方法三：将an1pancqn两边分别除以qn+1，则有，然后利用待定系数法求解。7.分式型取倒数法：形如（为常数且）的递推式：两
10、边同除于，转化为形式，化归为型求出的表达式，再求；还有形如的递推式，也可采用取倒数方法转化成形式，化归为型求出的表达式，再求8.不动点法求通项（1）定义：方程的根称为函数的不动点利用函数的不动点，可将某些递推关系所确定的数列化为等比数列或较易求通项的数列，这种求数列通项的方法称为不动点法（2）形如的递推关系式当时，若，利用特征根方程求出特征根，如果特征方程只有一个实根，可将视为一个整体，构造等差数列求解，即将递推关系式两边减去，然后用1除化简得，其中.如果特征方程有两个实根，可将可视为一个整体，构造等比数列求解。即递推关系式两边分别减去，再将两式相除得，其中，.如果特征方程无实根，则是周期数列
11、。9.对数变换法形如型的递推式：在原递推式两边取对数得，令得：，化归为型，求出之后得（注意：底数不一定要取10，可根据题意选择）10.常见周期数列数列周期62323211.形如型（1）若(p为常数)，则数列为“等积数列”，它是一个周期数列，周期为2，其通项分奇数项和偶数项来讨论;（2）若f(n)为n的函数（非常数）时，可通过逐差法得，两式相除后，分奇偶项来分求通项.12.前n项积类比前项和求通项过程：（1），得（2）时，13.关于正负相间型和奇偶分类型（1）利用n的奇偶分类讨论，观察正负相消的规律（2）分段数列（3）奇偶各自是等差，等比或者其他数列考点一 观察法1（2023秋新疆喀什高三统考期
12、末）若数列的前6项为，则数列的通项公式可以为（）ABCD2（2023全国学军中学校联考二模）已知无穷数列满足，写出满足条件的的一个通项公式：_.（不能写成分段数列的形式）3（2023陕西西安校考模拟预测）将石子摆成如图的梯形形状称数列为“梯形数”根据图形的构成，则数列的第项_4（2023全国高三专题练习）古希腊毕达哥拉斯学派的“三角形数”是一列点（或圆球）在等距的排列下可以形成三角形数，如1，3，6，10，15.我国宋元时期数学家朱世杰在四元玉鉴中所记载的“垛积术”，其中的“落一形”堆垛就是每层为“三角形数”垛（如图所示，顶上一层1个球，下一层3个球，再下一层6个球）.若一“落一形”三角锥垛有
13、10层，则该堆垛第10层球的个数为_.考点二 等差等比定义求通项5（2023江苏无锡校联考三模）记为数列的前项和，已知，.(1)求的通项公式；(2)记，数列的前项和为，求除以3的余数.6（2023云南昆明昆明一中校考模拟预测）设正项数列的前n项和为，且，当时，(1)求数列的通项公式；(2)设数列满足，且，求数列的通项公式7（2023全国模拟预测）已知正项数列中，则_，_8（2023全国高三专题练习）已知数列，(1)求证：数列是等差数列(2)设，求证：数列的前n项和考点三 由an与Sn的关系求通项（一）消Sn9（2023内蒙古赤峰校考模拟预测）已知数列的前n项和为，且(1)求证：数列是等差数列；
14、(2)设 求数列的前n项和.10（2023四川凉山三模）数列的前n项和为，若，则_11（2023四川成都树德中学校考模拟预测）数列前项和，若，令，则前10项和_12（2023山东德州三模）已知为数列的前项和，(1)求数列的通项公式；(2)设，记的前项和为，证明：13（2023春江苏高三江苏省前黄高级中学校联考阶段练习）已知数列的前项和为.(1)求数列的通项公式;(2)若对一切正整数.不等式恒成立.求的最小值.14（2023全国高三专题练习）已知数列an的前n项和为，求an的通项15（2023黑龙江哈尔滨哈九中校考模拟预测）记为数列的前项和，已知，(1)求的通项公式；(2)证明：16（2023湖
15、北荆门市龙泉中学校联考模拟预测）已知数列的各项均不为0，其前n项和满足，且.(1)求的通项公式；(2)求数列的前项和.（二）消an17（2023全国高三专题练习）设是数列的前n项和，且，则下列选项错误的是（ ）ABC数列为等差数列D505018（2023全国高三专题练习）已知数列的前n项和为，求19（2023云南校联考二模）正项数列的前n项和为，已知(1)求证：数列为等差数列，并求出，；(2)若，求数列的前2023项和（三）内部消化20（2023黑龙江大庆大庆实验中学校考模拟预测）数列的前项的和为，已知，当时，(1)求数列的通项公式；(2)设，求的前项和21（2023全国校联考模拟预测）已知数
16、列的前n项和为，且，则2023是数列的（）A第566项B第574项C第666项D第674项22（2023春福建厦门高三厦门一中校考期中）已知等比数列的前n项和为，且，成等差数列(1)求的通项公式；(2)若数列满足，求的前2n项和.23（2023全国高三专题练习）已知正项数列的前项和为，且，则（）ABCD（四）隐藏的Sn24（2023全国高三专题练习）已知正项数列满足，求数列的通项公式.25（2023重庆统考模拟预测）已知数列满足，等差数列的前n项和为，且(1)求数列和的通项公式；(2)若，求数列的前n项和26（2023四川校联考模拟预测）已知数列满足，则的通项公式为（）ABCD27（2023湖
17、北襄阳襄阳四中校考模拟预测）数列满足，则数列的通项公式为_.考点四 因式分解28（2023湖南长沙雅礼中学校考一模）已知正数数列，且满足(1)求数列的通项公式；(2)设，求数列的前项和29（2023江西江西师大附中校考三模）已知各项为正数的数列的前项和为，满足(1)求数列的通项公式；(2)设，求数列的前项的和30（2023安徽合肥合肥市第八中学校考模拟预测）已知正项数列，其前项和为，且满足，数列满足，其前项和，设，若对任意恒成立，则的最小值是_.31（2023湖北黄冈黄冈中学校考三模）已知正项数列的前项和为，且.(1)求数列的通项公式；(2)将数列和数列中所有的项，按照从小到大的顺序排列得到一
18、个新数列，求的前100项和.32（2023全国高三专题练习）已知数列满足，则=（）A80B100C120D14333（2023全国高三专题练习）若正项数列满足，则数列的通项公式是_考点五 累加法求通项34（2023全国高三对口高考）已知数列的前n项和为，数列满足，则数列的通项公式_；数列的通项公式_35（2023河南郑州模拟预测）已知数列满足：，(1)求数列的通项公式；(2)令，求数列的前n项和36（2023内蒙古赤峰校联考三模）设各项都为正数的数列的前n项和为，且，(1)求数列的通项公式；(2)设函数，且，求数列的前n项和37（2023广西南宁南宁三中校考一模）已知数列满足，则数列的通项公式
19、为_38（2023全国高三专题练习）已知数列满足，则数列的通项公式为_.39（2023北京大兴校考三模）如图的形状出现在南宋数学家杨辉所著的详解九章算法商功中，后人称为“三角垛”.“三角垛”的最上层有1个球，第二层有3个球，第三层有6个球，第四层有10个球，设各层球数构成一个数列，则（）ABCD40（2023全国高三对口高考）已知向量序列：满足如下条件：，且若，则_；中第_项最小考点六 累乘法求通项41（2023江苏镇江江苏省镇江中学校考二模）已知数列满足：.(1)求数列的通项公式；(2)若，求数列的前n项和.42（2023全国高三专题练习）已知数列中，(1)求数列的通项公式；(2)设，数列的
20、前n项和，求证：43（2023河南模拟预测）已知数列满足，则（）A2023B2024C4045D404744（2023河南郑州一中校联考模拟预测）已知数列的前n项和为，且（且），若，则（）A46B49C52D5545（2023河南洛阳模拟预测）已知数列满足，且，则数列的前18项和为（）ABCD考点七 构造法求通项（一） 型46（2023全国高三专题练习）若数列满足，则数列的通项公式为_47（2023全国高三专题练习）已知数列满足，则_48（2023全国模拟预测）在数列中，(1)求的通项公式；(2)求数列的前项和（二） 型49（2023全国高三专题练习）已知数列满足，则数列的通项公式为_.50（
21、2023全国高三专题练习）已知在数列中，则_（三） 型51（2023全国高三专题练习）设数列满足，则数列的通项公式为_.52（2023全国高三专题练习）已知数列是首项为.(1)求通项公式；(2)求数列的前项和.（四） 型53（2023全国高三专题练习）已知数列满足，求54（2023江苏统考三模）已知数列满足，(1)证明：是等比数列；(2)证明：存在两个等比数列，使得成立55（2023全国高三专题练习）已知数列满足，求数列的通项公式（五） 型56（2023全国高三专题练习）已知数列满足，且，分别求和的通项公式57（2023福建福州统考模拟预测）已知数列满足，.(1)若，求数列的通项公式；(2)求
22、使取得最小值时的值.考点八 同除以指数58（2023全国高三专题练习）数列an满足，则数列an的通项公式为_.59（2023全国高三专题练习）已知数列满足，求数列的通项公式.60（2023全国高三专题练习）已知数列中，求数列的通项公式；考点九 取倒数求通项（一） 形如型61（2023春新疆高三校考阶段练习）已知数列中，求数列的通项公式；62（2023全国高三专题练习）已知正项数列满足，若的前项和为，且，则_（二） 形如型63（2023全国高三专题练习）已知，求的通项公式64（2023春江西鹰潭高三贵溪市实验中学校考阶段练习）已知数列的各项均不为零，且满足，（，），则的通项公式_65【多选】（2
23、023江苏镇江扬中市第二高级中学校考模拟预测）已知数列满足，则下列结论正确的有（）A为等比数列B的通项公式为 C为递增数列D的前n项和考点十 不动点法求通项66（2023全国高三专题练习）已知，求的通项公式67（2023全国高三专题练习）在数列中，且，求其通项公式68（2023全国高三专题练习）已知数列的递推公式，且首项，求数列的通项公式69（2023全国高三专题练习）已知数列满足，求数列的通项70（2023全国高三专题练习）已知，则的通项公式为_考点十一 对数变换法71（2023山东日照三模）已知数列满足，则的值为（）ABCD72（2023河南校联考模拟预测）已知正项数列满足，(1)求数列的
24、通项公式；(2)设为数列的前n项和，且求数列的通项公式73（2023全国高三专题练习）已知为正项数列的前n项的乘积，且(1)求的通项公式；(2)若，求证：74（2023春重庆渝中高三重庆巴蜀中学校考阶段练习）已知数列满足，.(1)证明数列是等比数列，并求数列的通项公式；(2)若，数列的前项和，求证：.75（2023全国高三专题练习）已知数列满足，则_考点十二 周期数列76（2023全国高三专题练习）设数列满足，且，则_77（2023全国高三专题练习）已知数列满足，则_.78（2023山东潍坊统考模拟预测）数列1，3，2，中，则（）A6B5C4D379（2023河北邯郸统考三模）已知数列满足：对
25、任意，均有若，则_80（2023秋河北保定高三校考期末）已知数列满足且，为数列的前n项和，则=_81（2023全国高三专题练习）已知为数列的前n项和，平面内三个不共线的向量，满足，若A，B，C三点在同一直线上，则_考点十三 等和数列82（2023全国高三专题练习）设数列的前n项和为，且，若，则n的最大值为（）A50B51C52D5383（2023山西太原太原五中校考一模）数列满足，则_.84（2023全国高三专题练习）已知数列中，则（）A4B2C-2D-4考点十四 等积数列85（2023春安徽高三统考开学考试）已知数列满足，,则的前项积的最大值为（）ABC1D486（2023全国高三专题练习）
26、已知数列满足，若的前n项积的最大值为3，则的取值范围为（）ABCD考点十五 前n项积型87（2023全国高三专题练习）记为数列的前项和，为数列的前项积，已知，则的通项公式为_.88（2023四川校联考模拟预测）已知数列的前项和为,且满足,数列的前项积.(1)求数列和的通项公式;(2)求数列的前n项和.89（2023吉林长春长春吉大附中实验学校校考模拟预测）已知数列的前项的积(1)求数列的通项公式；(2)数列满足，求.考点十六 正负相间讨论、奇偶讨论型90（2023秋浙江湖州高三安吉县高级中学校考期末）已知数列满足.(1)若数列满足，求及的通顼公式；(2)数列的前项和.91（2023辽宁辽宁实验
27、中学校联考模拟预测）已知数列的前n项和为，且，若，则_92（2023全国高三专题练习）已知数列满足，数列满足(1)求数列和的通项公式；(2)求数列的前项和93（2023全国高三专题练习）在数列中，则_；的前2022项和为_考点十七 结合实际背景求通项94（2023全国高三专题练习）甲、乙两人各拿两颗骰子做抛掷游戏，规则如下：若掷出的点数之和为3的倍数，原掷骰子的人再继续掷；若掷出的点数之和不是3的倍数，就由对方接着掷第一次由甲开始掷，则第n次由甲掷的概率_（用含n的式子表示）95（2023全国高三专题练习）有一种投掷骰子走跳棋的游戏：棋盘上标有第1站、第2站、第3站、第10站，共10站，设棋子
28、跳到第n站的概率为，若一枚棋子开始在第1站，棋手每次投掷骰子一次，棋子向前跳动一次若骰子点数小于等于3，棋子向前跳一站；否则，棋子向前跳两站，直到棋子跳到第9站（失败）或者第10站（获胜）时，游戏结束则_；该棋手获胜的概率为_96（2023春山西高三校联考阶段练习）一对夫妻计划进行为期60天的自驾游已知两人均能驾驶车辆,且约定:在任意一天的旅途中,全天只由其中一人驾车,另一人休息;若前一天由丈夫驾车,则下一天继续由丈夫驾车的概率为,由妻子驾车的概率为;妻子不能连续两天驾车已知第一天夫妻双方驾车的概率均为(1)在刚开始的三天中,妻子驾车天数的概率分布列和数学期望;(2)设在第n天时,由丈夫驾车的
29、概率为,求数列的通项公式97（2023海南海口校考模拟预测）某电视台综艺栏目拟组织如下一个活动：将全体演员分成甲、乙两组，各组每次表演一个节目（同一个节目可以由一个演员单独表演，也可以由几个演员合作表演），在一组表演完节目后，主持人将一枚质地均匀的骰子随机抛掷两次，若所得两个点数之和为的倍数，则该组再继续表演一个节目：否则，由另一组表演一个节目经抽签，第一次由甲组表演节目(1)设在前次表演中甲组表演的次数为，求的分布列和数学期望；(2)求第次表演者是甲组的概率98（2023河北河北衡水中学校考模拟预测）一只蚂蚁在四面体上从一个顶点等可能地爬向其余顶点，若其爬X次后的位置是出发点（可以继续爬），
30、则当时，_（用n表示）.考点十八 构造常数列解决递推数列通项公式99（2023春高三校联考阶段练习）已知数列 an 满足 an+1an= lnn+1n, 且 a1=1 求数列 an 的通项公式.100（2023春高三校联考阶段练习）已知数列an满足nan+1=(n+1)an,且a1=1求数列an的通项公式.101（2023春高三校联考阶段练习）已知数列an满足an+1=2an+1,且a1=1求数列an的通项公式.102（2023山西校联考模拟预测）记为数列的前n项和，已知，是公差为2的等差数列(1)求的通项公式；(2)证明：103（2023河南驻马店统考二模）设数列的前项和为，且，若恒成立，则
31、的最大值是（）ABCD8考点31 数列的通项公式18种常见考法归类考点一 观察法考点二 等差等比定义求通项考点三 由an与Sn的关系求通项（一）消Sn（二）消an（三）内部消化（四）隐藏的Sn考点四 因式分解考点五 累加法求通项考点六 累乘法求通项考点七 构造法求通项（一）型（二）型（三）型（四）型（五）型考点八 同除以指数考点九 取倒数求通项（一）形如型（二）形如型考点十 不动点法求通项考点十一 对数变换法考点十二 周期数列考点十三 等和数列考点十四 等积数列考点十五 前n项积型考点十六 正负相间讨论、奇偶讨论型考点十七 结合实际背景求通项考点十八 构造常数列解决递推数列通项公式1.观察法：
32、观察法即根据所给的一列数、式、图形等，通过观察分析数列各项的变化规律，求其通项使用观察法时要注意：观察数列各项符号的变化，考虑通项公式中是否有或者 部分考虑各项的变化规律与序号的关系应特别注意自然数列、正奇数列、正偶数列、自然数的平方、与有关的数列、等差数列、等比数列以及由它们组成的数列2.等差等比定义求通项等差数列判定：定义法：“欲证等差，直接作差”，即证an1an定值；等差中项法：即证2an1anan2； 函数结论法：即an为一次函数或Sn为无常数项的二次函数.等比数列的判定方法：(1)定义法：“欲证等比，直接作比”，即证q(q0的常数)数列an是等比数列；(2)等比中项法：即证aanan
33、2(anan1an20，nN*)数列an是等比数列3.利用与的关系依据求出. 已知Sn求an的三个步骤(1)先利用a1S1求出a1.(2)用n1替换Sn中的n得到一个新的关系，利用anSnSn1(n2)便可求出当n2时an的表达式(3)对n1时的结果进行检验，看是否符合n2时an的表达式，如果符合，则可以把数列的通项公式合写；如果不符合，则应该分n1与n2两段来写注：an与Sn关系的应用策略(1)仅含有Sn的递推数列或既含有Sn又含有an的递推数列，一般利用公式SnSn1an(n2)实施消元法，将递推关系转化为仅含an的关系式或仅含Sn的关系式，即“二者消元留一象”(2)究竟消去an留Sn好，
34、还是消去Sn留an好？取决于消元后的代数式经过恒等变形后能否得到简单可求的数列关系，如等差数列关系或等比数列关系，若消去an留Sn可以得到简单可求的数列关系，那么就应当消去an留Sn，否则就尝试消去Sn留an，即“何知去留谁更好，变形易把关系找”(3)值得一提的是：数列通项公式an求出后，还需要验证数列首项a1是否也满足通项公式，即“通项求出莫疏忽，验证首项满足否”，这一步学生容易忘记，切记！4.累加法与累乘法（1）累加法：形如的解析式 形如型的递推数列（其中是关于的函数）可构造： 将上述个式子两边分别相加，可得：若是关于的一次函数，累加后可转化为等差数列求和； 若是关于的指数函数，累加后可转
35、化为等比数列求和；若是关于的二次函数，累加后可分组求和； 若是关于的分式函数，累加后可裂项求和注：累加法求通项公式的4步骤（3） 累乘法：形如的解析式形如型的递推数列（其中是关于的函数）可构造： 将上述个式子两边分别相乘，可得：有时若不能直接用，可变形成这种形式，然后用这种方法求解注：累乘法求通项公式的4步骤5.构造法(1)形如型的递推式：f(n) 是一个常数当 f(n)=0 时, an 是等比数列, 首项 a1=a, 公比为 p, 则 an=apn1 当 f(n)=q(q0) 时, 由 an+1=pan+q, 设 an+1+ x=pan+x, 则 an+1=pan+(p1)x, 所以 (p1
36、)x= q, 得 x=qp1, 从而 an+1+qp1=pan+qp1, 当 a+qp10 时, 数列 an+qp1 是等比数列, an= a+qp1pn1qp1 f(n) 是一次函数型设 f(n)= An+B(A0),an+1=pan+An+B, 设 an+1+x(n+ 1) +y=pan+xn+y, 则 an+1=pan+(p1)xn+(p1)yx,(p1)x=A,(p1)yx=B, 得 x= Ap1,y=(p1)B+A(p1)2 。当 a+x+y0 时, 数列 an+xn+y 是等比数列, 则 an=a+Ap1+ (p1)B+A(p1)2pn1Ap1n(p1)B+A(p1)2 f(n)
37、是二次函数型设 f(n)= An2+Bn+c(A0), 设 an+1+x(n+ 1)2+y(n+1)+z=pan+xn2+yn+z，与已知递推式比较，解出，z,从而转化为是公比为的等比数列.f(n) 是指数函数型设 f(n)=pn+1因 an+1=pan+pn+1, 则 an+1pn+1= anpn+1, 所以 anpn 是等差数列, 解得 an=apn1+(n1)pn .设 f(n)=qn+1(qp)方法一：因 an+1=pan+qn+1, 则 an+1qn+1=pqanqn+ 1 , 设 bn=anqn, 则 bn+1=pqbn+1 , bn+1+qpq=pq. bn+qpq, 当 aq+
38、qpq0 时, 可得 bn=aq+ qpqpqn1qpq, 所以 an=a+q2pqpn1qn+1pq 。方法二：因 an+1=pan+qn+1, 设 an+1+xqn+1=pan+ xqn, 则 an+1+xqn+1=pan+pxqn, 即 an+1=pan+ (pq)xqn, 所以 x=qpq, 当 a+xq0 时, an+ xqn 是等比数列, 则 an=a+q2pqpn1qn+1pq (2)形如型的递推式：用待定系数法，化为特殊数列的形式求解方法为：设，比较系数得，可解得，于是是公比为的等比数列，这样就化归为型6.同除法对于an1pancqn(其中p,q,c均为常数)型方法一：观察所给
39、的递推公式，它一定可以变形为an1xqn+1p(anxqn ),将递推关系an1pancqn待入得pancqnxqn+1p(anxqn )解得x,则由原递推公式构造出了an1qn+1p(anqn )，而数列anqn是以a1q为首相以为公比的等比数列。（注：应用待定系数法时，要求pq，否则待定系数法会失效）方法二：将an1pancqn两边分别除以,则有 然后利用累加法求得。方法三：将an1pancqn两边分别除以qn+1，则有，然后利用待定系数法求解。7.分式型取倒数法：形如（为常数且）的递推式：两边同除于，转化为形式，化归为型求出的表达式，再求；还有形如的递推式，也可采用取倒数方法转化成形式，
40、化归为型求出的表达式，再求8.不动点法求通项（1）定义：方程的根称为函数的不动点利用函数的不动点，可将某些递推关系所确定的数列化为等比数列或较易求通项的数列，这种求数列通项的方法称为不动点法（2）形如的递推关系式当时，若，利用特征根方程求出特征根，如果特征方程只有一个实根，可将视为一个整体，构造等差数列求解，即将递推关系式两边减去，然后用1除化简得，其中.如果特征方程有两个实根，可将可视为一个整体，构造等比数列求解。即递推关系式两边分别减去，再将两式相除得，其中，.如果特征方程无实根，则是周期数列。9.对数变换法形如型的递推式：在原递推式两边取对数得，令得：，化归为型，求出之后得（注意：底数不
41、一定要取10，可根据题意选择）10.常见周期数列数列周期62323211.形如型（1）若(p为常数)，则数列为“等积数列”，它是一个周期数列，周期为2，其通项分奇数项和偶数项来讨论;（2）若f(n)为n的函数（非常数）时，可通过逐差法得，两式相除后，分奇偶项来分求通项.12.前n项积类比前项和求通项过程：（1），得（2）时，13.关于正负相间型和奇偶分类型（1）利用n的奇偶分类讨论，观察正负相消的规律（2）分段数列（3）奇偶各自是等差，等比或者其他数列考点一 观察法1（2023秋新疆喀什高三统考期末）若数列的前6项为，则数列的通项公式可以为（）ABCD【答案】D【分析】观察每项的特点，分别确定项的符号以及分子分母的取值的规律，即可找出数列的通项公式.【详解】通过观察数列的前6项，可以发现有如下规律：且奇数项为正，偶数项为负，故用表示各项的正负；各项的绝对值为分数，分子等于各自的序号数，而分母是以1为首项，2为公差的等差数列，故第n项的绝对值是，所以数列的通项可为，故选：D2（2023全国学军中学校联考二模）已知无穷数列满足，写出满足条件的的一个通项公式：_.（不能写成分段数列的形式）【答案】（或）（答案不唯一）【分析】根据猜想.【详解】由，猜想.故答案为：.（答案不唯一）3（2023陕西西安校考模拟预测）将石子摆成如图的梯形形