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1、2023年高考真题数学（北京卷）1. 已知集合，则（）A.B.C.D.知识点：交集答案：A解析：由题意，根据交集的运算可知，故选：A.2. 在复平面内，复数对应的点的坐标是，则的共轭复数（）A.B.C.D.知识点：复平面内的点、复数及平面向量共轭复数答案：D解析：在复平面对应的点是，根据复数的几何意义，由共轭复数的定义可知，故选：D.3. 已知向量满足，则（ ）A.B.C.D.知识点：平面向量坐标运算的综合应用答案：B解析：向量满足，所以故选B.4. 下列函数中，在区间上单调递增的是（ ）A.B.C.D.知识点：复合函数的单调性判定指数（型）函数的单调性答案：C解析：对于A，因为在上单调递增，
2、在上单调递减，所以在上单调递减，故A错误；对于B，因为在上单调递增，在上单调递减，所以在上单调递减，故B错误；对于C，因为在上单调递减，在上单调递减，所以在上单调递增，故C正确；对于D，因为，显然在上不单调，D错误故选C.5. 的展开式中的系数为（）A.B.C.D.知识点：展开式中的特定项或特定项的系数二项展开式的通项答案：D解析：的展开式的通项为，令得，所以的展开式中的系数为.故选：D.6. 已知抛物线的焦点为，点在上若到直线的距离为，则（）A.B.C.D.知识点：抛物线的定义答案：D解析：因为抛物线的焦点，准线方程为，点在上，所以到准线的距离为，又到直线的距离为，所以，故故选：D.7. 在
3、中，则（ ）A.B.C.D.知识点：余弦定理及其应用正弦定理及其应用答案：B解析：因为，所以由正弦定理得，即，则，故，又，所以故选B.8. 若，则是的（ ）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件知识点：充分、必要条件的判定答案：C解析：解法一：因为，且，所以，即，即，所以所以是的充要条件解法二：充分性：因为，且，所以，所以，所以充分性成立；必要性：因为，且，所以，即，即，所以所以必要性成立所以是的充要条件解法三：充分性：因为，且，所以，所以充分性成立；必要性：因为，且，所以，所以，所以，所以，所以必要性成立所以是的充要条件故选C.9. 坡屋顶是我国传统建筑造型
4、之一，蕴含着丰富的数学元素安装灯带可以勾勒出建筑轮廓，展现造型之美如图，某坡屋顶可视为一个五面体，其中两个面是全等的等腰梯形，两个面是全等的等腰三角形若，且等腰梯形所在的平面、等腰三角形所在的平面与平面的夹角的正切值均为，则该五面体的所有棱长之和为（）A.B.C.D.知识点：二面角其他多面体的结构特征及其性质直线与平面垂直的判定定理答案：C解析：如图，过做平面，垂足为，过分别做，垂足分别为，连接，由题意得等腰梯形所在的面、等腰三角形所在的面与底面夹角分别为和，所以因为平面，平面，所以，因为，平面，所以平面，因为平面，所以，同理：，又，故四边形是矩形，所以由得，所以，所以，所以在直角三角形中，在
5、直角三角形中，又因为，所有棱长之和为故选：C.10. 已知数列满足，则（）A.当时，为递减数列，且存在常数，使得恒成立B.当时，为递增数列，且存在常数，使得恒成立C.当时，为递减数列，且存在常数，使得恒成立D.当时，为递增数列，且存在常数，使得恒成立知识点：数列的递推公式数列的函数特征*数学归纳法答案：B解析：因为，故，对于A，若，可用数学归纳法证明：即，证明：当时，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立，由数学归纳法可得成立而，故，故，故为减数列，注意.故，结合，所以，故，故，若存在常数，使得恒成立，则，故，故，故恒成立仅对部分成立，故A不成立对于B，若可用数学归纳法证明：即，证明：当时
6、，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立即由数学归纳法可得成立而，故，故，故为增数列，若，则恒成立，故B正确对于C，当时， 可用数学归纳法证明：即，证明：当时，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立即由数学归纳法可得成立而，故，故为减数列，又，结合可得：，所以，若，若存在常数，使得恒成立，则恒成立，故，的个数有限，矛盾，故C错误对于D，当时， 可用数学归纳法证明：即，证明：当时，此时不等关系成立；设当时，成立，则，故成立由数学归纳法可得成立而，故，故为增数列，又，结合可得：，所以，若存在常数，使得恒成立，则，故，故，这与的个数有限矛盾，故D错误故选B.11. 已知函数，则知识点：正分数
7、指数幂函数求值对数的运算性质答案：解析：函数，所以12. 已知双曲线的焦点为和，离心率为，则的方程为知识点：双曲线的离心率双曲线的顶点、长轴、短轴、焦点、焦距双曲线的标准方程答案：解析：令双曲线的实半轴、虚半轴长分别为，显然双曲线的中心为原点，焦点在轴上，其半焦距，由双曲线的离心率为，得，解得，则，所以双曲线的方程为13. 已知命题若为第一象限角，且，则能说明为假命题的一组的值为， 知识点：正切（型）函数的单调性答案：； 解析：因为在上单调递增，若，则，取，则，即，令，则，因为，则，即，则不妨取，即满足题意故答案为：.14. 我国度量衡的发展有着悠久的历史，战国时期就已经出现了类似于砝码的、用
8、来测量物体质量的环权已知枚环权的质量（单位：铢）从小到大构成项数为的数列，该数列的前项成等差数列，后项成等比数列，且，则；数列所有项的和为知识点：数列的前n项和等差、等比数列的综合应用数列中的数学文化问题答案：； 解析：方法一：设前项的公差为，后项公比为，则，且，可得，则，即，可得，空：可得，空：方法二：空：因为为等比数列，则，且，所以；又因为，则；空：设后项公比为，则，解得，可得，所以故答案为：15. 设，函数给出下列四个结论：在区间上单调递减；当时，存在最大值；设，则；设若存在最小值，则的取值范围是其中所有正确结论的序号是知识点：函数的最大(小)值直线与圆的方程的应用分段函数的图象答案：解
9、析：依题意，当时，易知其图像为一条端点取不到值的单调递增的射线；当时，易知其图像是，圆心为，半径为的圆在轴上方的图像（即半圆）；当时，易知其图像是一条端点取不到值的单调递减的曲线；对于，取，则的图像如下，显然，当，即时，在上单调递增，故错误；对于，当时，当时，；当时，显然取得最大值；当时，综上：取得最大值，故正确；对于，结合图像，易知在，且接近于处，的距离最小，当时，当且接近于处，此时，故正确；对于，取，则的图像如下，因为，结合图像可知，要使取得最小值，则点在上，点在，同时的最小值为点到的距离减去半圆的半径，此时，因为的斜率为，则，故直线的方程为，联立，解得，则，显然在上，满足取得最小值，即也
10、满足存在最小值，故的取值范围不仅仅是，故错误故答案为：16. 如图，在三棱锥中，平面，(1) 求证：平面；(2) 求二面角的大小知识点：直线与平面垂直的判定定理用空间向量研究两个平面所成的角答案：(1) 因为平面平面，所以，同理，所以为直角三角形，又因，所以，则为直角三角形，故，又因为，所以平面.(2) 由（）平面，又平面，则，以为原点，为轴，过且与平行的直线为轴，为轴，建立空间直角坐标系，如图，则，所以，设平面的法向量为，则，即，令，则，所以，设平面的法向量为，则，即，令，则，所以，所以，又因为二面角为锐二面角，所以二面角的大小为.解析：(1) 略(2) 略17. 设函数(1) 若，求的值(
11、2) 已知在区间上单调递增，再从条件、条件、条件这三个条件中选择一个作为已知，使函数存在，求的值条件：；条件：；条件：在区间上单调递减注：如果选择的条件不符合要求，第（2）问得分；如果选择多个符合要求的条件分别解答，按第一个解答计分知识点：根据三角函数的性质求参数取值范围特殊角的三角函数值三角函数的性质综合答案：(1) 因为，所以，因为，所以.(2) 因为，所以，所以的最大值为，最小值为若选条件：因为的最大值为，最小值为，所以无解，故条件不能使函数存在；若选条件：因为在上单调递增，且，所以，所以，所以，又因为，所以，所以，所以，因为，所以所以，；若选条件：因为在上单调递增，在上单调递减，所以在
12、处取得最小值，即以下与条件相同解析：(1) 略(2) 略18. 为研究某种农产品价格变化规律，收集得到了该农产品连续天的价格变化数据，如下表所示在描述价格变化时，用表示上涨，即当天价格比前一天价格高；用表示下跌，即当天价格比前一天价格低；用表示不变，即当天价格与前一天价格相同时段价格变化第天到第天第天到第天用频率估计概率(1) 试估计该农产品价格上涨的概率；(2) 假设该农产品每天的价格变化是相互独立的在未来的日子里任取天，试估计该农产品价格在这天中天上涨、天下跌、天不变的概率；(3) 假设该农产品每天的价格变化只受前一天价格变化的影响判断第天该农产品价格上涨下跌和不变的概率估计值哪个最大（结
13、论不要求证明）知识点：古典概型的应用用频率估计概率相互独立事件的概率答案：(1) 根据表格数据可以看出，天里，有个，也就是有天是上涨的，根据古典概型的计算公式，农产品价格上涨的概率为：(2) 在这天里，有天上涨，天下跌，天不变，也就是上涨，下跌，不变的概率分别是，于是未来任取天，天上涨，天下跌，天不变的概率是(3) 由于第天处于上涨状态，从前次的次上涨进行分析，上涨后下一次仍上涨的有次，不变的有次，下跌的有次，因此估计第次不变的概率最大.解析：(1) 略(2) 略(3) 略19. 已知椭圆的离心率为，、分别是的上、下顶点，分别是的左、右顶点，(1) 求的方程；(2) 设为第一象限内上的动点，直
14、线与直线交于点，直线与直线交于点求证：知识点：椭圆的离心率椭圆的标准方程直线与椭圆的综合应用答案：(1) 依题意，得，则，又分别为椭圆上下顶点，所以，即，所以，即，则，所以椭圆的方程为.(2) 因为椭圆的方程为，所以，因为为第一象限上的动点，设，则，易得，则直线的方程为，则直线的方程为，联立，解得，即，而，则直线的方程为，令，则，解得，即，又，则，所以，又，即，显然，与不重合，所以.解析：(1) 略(2) 略20. 设函数，曲线在点处的切线方程为(1) 求的值；(2) 设函数，求的单调区间；(3) 求的极值点个数知识点：利用导数求曲线的切线方程（斜率）导数与单调性导数与极值答案：(1) 因为，
15、所以，因为在处的切线方程为，所以，则，解得，所以.(2) 由（）得，则，令，解得，不妨设，则，易知恒成立，所以令，解得或；令，解得或；所以在，上单调递减，在，上单调递增，即的单调递减区间为和，单调递增区间为和.(3) 由（）得，由（）知在，上单调递减，在，上单调递增，当时，即所以在上存在唯一零点，不妨设为，则，此时，当时，则单调递减；当时，则单调递增；所以在上有一个极小值点；当时，在上单调递减，则，故，所以在上存在唯一零点，不妨设为，则，此时，当时，则单调递增；当时，则单调递减；所以在上有一个极大值点；当时，在上单调递增，则，故，所以在上存在唯一零点，不妨设为，则，此时，当时，则单调递减；当时
16、，则单调递增；所以在上有一个极小值点；当时，所以，则单调递增，所以在上无极值点；综上：在和上各有一个极小值点，在上有一个极大值点，共有个极值点解析：(1) 略(2) 略(3) 略21. 已知数列的项数均为，且，的前项和分别为，并规定对于，定义，其中，表示数集中最大的数(1) 若，求的值；(2) 若，且，求；(3) 证明：存在，满足 使得知识点：等差数列的通项公式反证法递推数列模型数列中的新定义问题答案：(1) 由题意可知：，当时，则，故；当时，则，故；当时，则，故；当时，则，故；综上所述：，.(2) 由题意可知：，且，因为，则，当且仅当时，等号成立，所以，又因为，则，即，可得，反证：假设满足的最小正整数为，当时，则；当时，则，则，又因为，则，假设不成立，故，即数列是以首项为，公差为的等差数列，所以.(3) （）若，构建，由题意可得：，且整数，反证，假设存在正整数，使得，则，可得，这与相矛盾，故对任意，均有若存在正整数，使得，即，可取，使得；若不存在正整数，使得，因为，且，所以必存在，使得，即，可得，可取，使得；（）若，构建，由题意可得：，且为整数，反证，假设存在正整数，使得，则，可得，这与相矛盾，故对任意，均有若存在正整数，使得，即，可取，使得；若不存在正整数，使得，因为，且，所以必存在，使得，即，可得，可取，使得；综上所述：存在，使得解析：(1) 略(2) 略(3) 略