《2021年新高考全国2卷（辽宁、海南、重庆）高考物理真题试卷+答案解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年新高考全国2卷（辽宁、海南、重庆）高考物理真题试卷+答案解析.pdf（23页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2 0 2 1 年辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理试卷注意事项：L 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共 46分。在每小题给出的四个选项中，第 1 7题只有一项符合题目要求，每小题4 分；第 8 10题有多项符合题目要求，每小题 6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。1.1935年 5 月，红军为突破“围剿
2、”决定强渡大渡河。首支共产党员突击队冒着枪林弹雨依托仅有的一条小木船坚决强突。若河面宽300m,水流速度3m/s,木船相对静水速度lm/s,则突击队渡河所需的最短时间为（）A.75s B.95sC 100s D.300s2.赫兹在研究电磁波的实验中偶然发现，接收电路的电极如果受到光照，就更容易产生电火花。此后许多物理学家相继证实了这一现象，即照射到金属表面的光，能使金属中的电子从表面逸出。最初用量子观点对该现象给予合理解释的科学家是（）A.玻尔B.康普顿C.爱因斯坦 D.德布罗意3.某驾校学员在教练的指导下沿直线路段练习驾驶技术，汽车的位置x 与时间f 的关系如图所示，则汽车行驶速度v与时间f
3、 的关系图像可能正确的是（）4.一束复色光从空气射入光导纤维后分成a、b 两束单色光，光路如图所示，比较内芯中a、b 两束光，a 光 的（）A.频率小，发生全反射的临界角小B.频率大，发生全反射的临界角小C.频率小，发生全反射的临界角大D.频率大，发生全反射的临界角大5.如图所示，N 匝正方形闭合金属线圈必4 边长为3线圈处于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，绕着与磁场垂直且与线圈共面的轴。0 以角速度3匀速转动，/边距轴自。线4圈中感应电动势的有效值为（）D.C.-NBl3a2V2,46.等量异号点电荷固定在水平向右的匀强电场中，电场分布如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线。将 同 一
4、负 电 荷 先 后 置 于 6 两点，电势能分别为昂,和耳状电荷所受电场力大小分别为几和同，则（）A Epa Epb，FaFb B.Epa Ep b，F3Fbc.Epa Fb D.Epa 0区域内存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B 的匀强磁场；在 x 0)的粒子甲从点S(.-a,0)由静止释放，进入磁场区域后，与静止在点P(a,a)、质量为%的中性粒子乙发生弹3性正碰，且有一半电量转移给粒子乙。(不计粒子重力及碰撞后粒子间的相互作用，忽略电场、磁场变化引起的效应)(1)求电场强度的大小E；(2)若两粒子碰撞后，立即撤去电场，同时在烂0 区域内加上与x0区域内相同的磁场，求从两粒子碰撞到下次相
5、遇的时间(3)若两粒子碰撞后，粒子乙首次离开第一象限时，撤去电场和磁场，经一段时间后，在全部区域内加上与原x0区域相同的磁场，此后两粒子的轨迹恰好不相交，求这段时间内粒子甲运动的距离LXXXB-XXX x xXXXXXXX2 0 2 1 年辽宁省普通高中学业水平等级性考试物理试卷注意事项：L 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共 46分。在
6、每小题给出的四个选项中，第 1 7题只有一项符合题目要求，每小题4 分；第 8 10题有多项符合题目要求，每小题 6 分，全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。1.1935年 5 月，红军为突破“围剿”决定强渡大渡河。首支共产党员突击队冒着枪林弹雨依托仅有的一条小木船坚决强突。若河面宽300m,水流速度3m/s,木船相对静水速度lm/s,则突击队渡河所需的最短时间为（）A.75s B.95sC.100s D.300s【答案】D【解析】【分析】【详解】河宽d =300m 一定，当木船船头垂直河岸时，在河宽方向上的速度最大，渡河用时最短，即木船相对静水的速度u=l m/s,渡
7、河时间最短为d 300/m in.=一=-s=300s.（V 1故选D。2.赫兹在研究电磁波的实验中偶然发现，接收电路的电极如果受到光照，就更容易产生电火花。此后许多物理学家相继证实了这一现象，即照射到金属表面的光，能使金属中的电子从表面逸出。最初用量子观点对该现象给予合理解释的科学家是（）A.玻尔B.康普顿C.爱因斯坦 D.德布罗意【答案】C【解析】分析】【详解】A.玻尔引入量子化的观念解释了氢原子光谱，与题意不符，A错误；B.康普顿提出康普顿效应，发现了光子不仅具有能量，还具有动量，证明了光具有粒子性，与题意不符，B错误；C.爱因斯坦提出光子说，从理论上解释了光电效应的实验现象，符合题意，
8、C正确；D.德布罗意提出一切物质都具有波粒二象性，与题意不符，D错误。故选C。3 .某驾校学员在教练的指导下沿直线路段练习驾驶技术，汽车的位置x与时间f的关系如图所示，则汽车行驶速度v与时间/的关系图像可能正确的是()【答案】A【解析】【分析】【详解】一/图象斜率的物理意义是速度，在0彳时间内，f图象斜率增大，汽车的速度增大；在4 时间内，X-/图象斜率不变，汽车的速度不变；在,2 ，3时间内，X-t图象的斜率减小，汽车做减速运动，综上所述可知A中V-f图象可能正确。故选A o4 .一束复色光从空气射入光导纤维后分成a、b两束单色光，光路如图所示，比较内芯中的a、b两束光，a光 的()A.频率
9、小，发生全反射的临界角小B.频率大，发生全反射的临界角小C.频率小，发生全反射的临界角大D.频率大，发生全反射的临界角大【答案】C【解析】【分析】【详解】由光路图可知a 光 偏折程度没有人光的大，因此光的折射率小，频率小，由全反射5抽。=可知折射率越小发生全反射的临界角越大。n故选C。5.如图所示，N 匝 正 方 形 闭 合 金 属 线 圈 边 长 为 3线圈处于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，绕着与磁场垂直且与线圈共面的轴0 0 以角速度3 匀速转动，岫边距轴 工。线圈中感应电动势的有效值为（）BA.NBL?co NBEG J4【答案】B【解析】【分析】B.显 NBl3a)2C.LNBEO
10、 J2D.【详解】交流电的最大值和两条边到转轴的距离无关，为Em=NBSco=NBcol因此有效值为E V2 2E=-=NBa)l 3V2 2故 选B。6.等量异号点电荷固定在水平向右的匀强电场中，电场分布如图所示，实线表示电场线，虚线表示等势线。将 同一负电荷先后置于外 人 两 点，电势能分别为耳和 pb,电荷所受电场 力 大 小 分 别 为 凡 和 力，则（）A.Epb,F a 尸b B.Epa Epb,吊 尺C.E pa Fb D.Epa Epb,Fa Epa。故 选D。7.一 列 沿x轴负方向传播的简谐横波，r=2 s时 的 波 形 如 图（a）所 示，x=2 m处质点的振动图 像 如
11、 图 6）所 示，则 波 速 可 能 是（）1A.m/s5B.m/s5C.m/s54D.m/s5【答 案】A【解 析】【分析】【详解】根据图匕可知匚2 s时 42 m 处的质点正经过平衡位置向下振动；又因为该波向负方向传播，结合图“，利用 上下坡 法可知户2 m 为半波长的奇数倍，即有(2-1)/=2 5=1,2,3.)而由图6 可知该波的周期为h4 s；所以该波的波速为A 1v =-(n=l,2,3.)T 2 1当=3 时可得波的速率为1 ,v =m/s5故选A o8.2 0 2 1 年 2月，我国首个火星探测器“天问一号”实现了对火星的环绕。若已知该探测器在近火星圆轨道与在近地球圆轨道运行
12、的速率比和周期比，则可求出火星与地球的()A.半径比 B.质量比C.自转角速度比 D.公转轨道半径比【答案】A B【解析】【分析】【详解】A.探测器在近火星轨道和近地轨道作圆周运动，根据2兀rv=-T可知vTr=2 万若已知探测器在近火星轨道和近地轨道的速率比和周期比，则可求得探测器的运行半径比；又由于探测器在近火星轨道和近地轨道运行，轨道半径近似等于火星和地球的半径比，故 A正确；B.根据万有引力提供向心力有c Mm v2G=mr r可得例=史G结合A选项分析可知可以求得火星和地球的质量之比，故 B正确C.由于探测器运行的周期之比不是火星或地球的自转周期之比，故不能求得火星和地球的自转角速度
13、之比；故 C错误；D.由于题目中我们只能求出火星和地球的质量之比和星球半径之比，根据现有条件不能求出火星和地球的公转半径之比，故 D错误。故选A B.9.如 图（a）所示，两根间距为L、足够长的光滑平行金属导轨竖直放置并固定，顶端接有阻值为R的电阻，垂直导轨平面存在变化规律如图（为 所示的匀强磁场，仁0 时磁场方向垂直纸面向里。在/=0 到 的 时 间 内，金属棒水平固定在距导轨顶端L处；/=2 砧时，释放金属棒。整个过程中金属棒与导轨接触良好，导轨与金属棒的电阻不计，则（）,D2A.在/=时，金属棒受到安培力的大小为上2B.在 仁/o 时，金属棒中电流的大小为 c.在/=当 时，金属棒受到安
14、培力的方向竖直向上D.在 厂3 而 时，金属棒中电流的方向向右【答案】B C【解析】【分析】【详解】AB.由图可知在0 7。时间段内产生的感应电动势为后=丝=处根据闭合电路欧姆定律有此时间段的电流为_E_BEi-R Ro在s 时磁感应强度为 丝，此时安培力为2 2故 A 错误，B 正确；C.由图可知在，=与 时，磁场方向垂直纸面向里并逐渐增大，根据楞次定律可知产生顺时针方向的电流，再由左手定则可知金属棒受到的安培力方向竖直向上，故 c 正确；D.由图可知在，=3小时，磁场方向垂直纸面向外，金属棒向下掉的过程中磁通量增加，根据楞次定律可知金属棒中的感应电流方向向左，故 D 错误。故选BCo1 0
15、.冰滑梯是东北地区体验冰雪运动乐趣的设施之一、某冰滑梯的示意图如图所示，螺旋滑道的摩擦可忽略：倾斜滑道和水平滑道与同一滑板间的动摩擦因数相同，因滑板不同满足在设计滑梯时，要确保所有游客在倾斜滑道上均减速下滑，且滑行结束时停在水平滑道上，以下L、心的组合符合设计要求的是（）即有螺旋滑道一水 平 滑 道 堂 梦L _ _ _ _ _ _ _ _ _ _*1,_ _ _ _ _ _ _Li Z TA 4-,J=-2 o 2%,4/7,2hC.，【答案】C D【解析】【分析】【详解】设斜面倾角为氏可得L A 1,4 ，hB,L=-,L-,=-3 o3/7 hD.L=-,L,=2。以。游客在倾斜滑道上均
16、减速下滑，则需满足mg s i n 0 滑行结束时停在水平滑道上，由全程的动能定理有mg-2h-ng cos 0 COS0-fdmgx=0-0其中0 x W c 2，可得fL 代入o 4 4 L 2 o,可得T,3。A,+L一2 o综合需满足h 2ho 3o 0故选C D。二、非选择题：本题共5小题，共54分。1 1.某同学阅读教材中的“科学漫步”栏目，对“流体的阻力(/)跟物体相对于流体的速度(v)有关”这一说法产生了兴趣，通过查阅资料得知：对于球形物体，二者间存在定量关系户h,k 为比例系数。该同学为探究这一关系利用如图(a)所示装置测量左。具体操作如下：在柱状玻璃容器中注入某透明液体，将
17、小球在液面处由静止释放，当小球运动到。刻度线处开始计时，每下落1 0 c m 记录一次时间，得到多组下落高度人与时间r 的数据，作出小/图像如图(b)中实线所示。_=_三-=一1等=_=_三_=_=三_010203040506070809030图(b)（1）由 图 像 可 知，从计时开始小球近似做 运动。（2）已知液体密度P=8.0 xl（）2 k g/m 3,小球体积V=5.0 xl 0 Tt lm”质量m=4.0 x 1 O 4 g,结合图像可得&=k g/s （浮力不能忽略，取重力加速度g=9.8 m/s 2）。（3）若再用一个体积相同、密度较大的球，重复上述实验，所 得 图 像 也 是
18、 一 条 直 线，则该直线可能是图G）中的 虚线。【答案】.匀速直线 .5.292 X10-4.【解析】【分析】【详解】（1）1 根据f 图象可知，下落的距离随时间均匀变化，所以小球近似做匀速直线运动（2）2 根 据 图 象 可 知 小 球 下 落 的 速 度 为40 xl0-2m 1 ,v=-=m/s6s 15小球下落过程中受到竖直向下的重力，竖直向上的浮力和阻力，小球做匀速直线运动，受力平衡mg=kv+p g V式中P?N 表示液体对小球的浮力，代入数据可得比例系数kmg p g V 4.010-6*9.8 8.0 x102x9 8x5=5.292 x ICT4 kg/s15（3）若选择一
19、个密度更大，体积相同的小球，浮力外V不变，根 据 加 可 知 小 球 的质量增大，根 据 平 衡 方 程=E+Qg V可知小球的速度增大，所以在相同的时间内小球下落的高度增大，所以该直线可能是图象中的虚线。1 2.某同学将一量程为2 5 0 M的微安表改装成量程为1.5 V 的电压表。先将电阻箱R与该微安表串联进行改装，然后选用合适的电源反 滑动变阻器&、定值电阻心、开关S和标准电压表对改装后的电表进行检测，设计电路如图所示。（1）微安表铭牌标示内阻为0.8 A C,据此计算R 的阻值应为 k。按照电路图连接电路，并将R i 调为该阻值。（2）开关闭合前，R 2 的滑片应移动到 端。（3）开关
20、闭合后，调节R 2 的滑片位置，微安表有示数，但变化不显著，故障原因可能是。（填选项前的字母）A.1、2间断路 B.3、4间断路 C.3、5间短路（4）排除故障后，调 节&滑片位置，当标准电压表的示数为0.6 0 V 时，微安表的示数为9 8 处，此时需要（填“增大”或“减小”）尺的阻值，以使改装电表的量程达到预期值。【答案】.5.2 .2 .A C .减小【解析】【分析】【详解】（1）川 微安表的内阻R g=0-8 k C,满偏电流/g=2 5 0 S =2 5 0 x l 0 A,串联后改装为。=1.5 V 的电压表，所以满足代入数据解得R.=-/?,=Q-0.8 k Q =6 k Q -
21、0.8 k Q =5.2 k Q18 2 5 0 x 1 0 小（2）2 开关闭合前，将滑动变阻器尺 2 的滑片移动到2 端，这样测量电路部分的分压为0,便于检测改装后的电表。（3）3 开关闭合，调节滑动变阻器与，电表示数变化不明显，说明分压电路未起作用，可能是1、2 之间断路或者3、5 间短路，整个电路变为限流线路，滑动变阻器的阻值远小于检测电表的电路部分的电阻，所以微安表示数变化不明显；若是3、4间断路，电路断开,微安表无示数。故选A C o（4）4 标准电压表的示数为0.6 V,若改装电压表也为0.6 V,此时微安表的示数为0.6 V0.66 k Q=1 0 0 gA但此时微安表示数为9
22、 8.A ,说明号的阻值偏大，所以应该减小%的阻值。1 3.机场地勤工作人员利用传送带从飞机上卸行李。如图所示，以恒定速率打=0.6m/s运行的传送带与水平面间的夹角a =37,转轴间距=3.9 5m。工作人员沿传送方向以速度V 2=1.6m/s从传送带顶端推下一件小包裹（可视为质点）。小包裹与传送带间的动摩擦因数0.8。取重力加速度 g=1 0 m/s2,si n 37=0.6,37。=0.8.求：（1）小包裹相对传送带滑动时加速度的大小a；（2）小包裹通过传送带所需的时间【答案】（1）0.4m/s2；（2）4.5s【解析】【分析】【详解】（1）小包裹的速度“大于传动带的速度匕，所以小包裹受
23、到传送带的摩擦力沿传动带向上，根据牛顿第二定律可知/.img co s 0 m g si n 0=mil解得a=0.4m/s2（2）根 据（1）可知小包裹开始阶段在传动带上做匀减速直线运动，用时Iv,v,1.6 0.6-1-工=-s=2.5s0.4在传动带上滑动的距离为V,+V,1.6+0.6 c r.x.=_11,=-X 2.5=2.75m1 2 1 2因为小包裹所受滑动摩擦力大于重力沿传动带方向上的分力，即加g e o s 6 m g si n 8,所以小包裹与传动带共速后做匀速直线运动至传送带底端，匀速运动的时间为L-x.3.9 5-2.75.人=-L=-s=2 s2 匕 0.6所以小包
24、裹通过传送带的时间为f =4+弓=4.5s1 4.如 图（a）所示，“系留气球”是一种用缆绳固定于地面、高度可控 氮气球，作为一种长期留空平台，具有广泛用途。图（b）为某一“系留气球”的简化模型图；主、副气囊通过无漏气、无摩擦的活塞分隔，主气囊内封闭有一定质量的氮气（可视为理想气体），副气囊与大气连通。轻弹簧右端固定、左端与活塞连接。当气球在地面达到平衡时，活塞与左挡板刚好接触，弹簧处于原长状态。在气球升空过程中，大气压强逐渐减小，弹簧被缓慢压缩。当气球上升至目标高度时，活塞与右挡板刚好接触，氧气体积变为地面时的1.5倍，此时活塞两侧气体压强差为地面大气压强的。已知地面大气压强p o=I.O
25、x l（）5 p a、温度n=3 0 0 K,6弹簧始终处于弹性限度内，活塞厚度忽略不计。（1）设气球升空过程中氧气温度不变，求目标高度处的大气压强P；（2）气球在目标高度处驻留期间，设该处大气压强不变。气球内外温度达到平衡时，弹簧4压缩量为左、右挡板间距离的不。求气球驻留处的大气温度图(a)图(b)1 1 3 3【答案】5为；7；）【解析】【分析】【详解】（1）汽缸中的温度不变，则发生的是等温变化，设气缸内的气体在目标位置的压强为Pl,由玻意耳定律解得2Pi=-Po由目标处的内外压强差可得1P-P=P00解得14(2)有胡克定律尸=可知弹簧的压缩量变为原来的不，则活塞收到弹簧的压强也变为4原
26、来的不，即1 4 22=正*三=。O 1 J设此时气缸内气体的压强为p2,对活塞压强平衡可得19P2=PX+P=P由理想气体状态方程可得其中4 7K=K+O.5KX-=-K解得133T=To150 1 5.如图所示，在x 0区域内存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场：在x 0)的粒子甲从点S (-a,0)由静止释放，进入磁场区域后，与静止在点P(a,a)、质量为竺的中性粒子乙发生弹3性正碰，且有一半电量转移给粒子乙。(不计粒子重力及碰撞后粒子间的相互作用，忽略电场、磁场变化引起的效应)(1)求电场强度的大小风(2)若两粒子碰撞后，立即撤去电场，同时在烂0区域内加上与x 0区域内相同的
27、磁场，求从两粒子碰撞到下次相遇的时间/;(3)若两粒子碰撞后，粒子乙首次离开第一象限时，撤去电场和磁场，经一段时间后，在全部区域内加上与原x 0区域相同的磁场，此后两粒子的轨迹恰好不相交，求这段时间内粒子甲运动的距离配47X X XB-X X XS-Qa X-?尸x IIX ；X0 xxXXXx xaB2a,2兀 m,2a【答案】(1)E=(2)A r =；(3)L:2m qB”【解析】【分析】【详解】(1)粒子甲匀速圆周运动过P点，则在磁场中运动轨迹半径R=a则加=等则丫 =幽m粒子从S到。，有动能定理可得qEa=mv2可得口 qB-a匕-2m(2)甲乙粒子在尸点发生弹性碰撞，设碰后速度为W
28、、v2,取向上为正，则有解得1mv=mvx+mv21 mv2 1 mv2.+1 x1-mv2-.2 2 1 2 3 计算可得1 qBav,=v=-1 2 2m3 3qBa2 2 2m两粒子碰后在磁场中运动1 口 mv-产 F工 的,=必2 2 3Ri=aR、ci两粒子在磁场中一直做轨迹相同的匀速圆周运动，周期分别为2 兀 R、47rmV,-qBf 21凡 4万？T2=-=-v2 3qB则两粒子碰后再次相遇2%A 2 7 A _ Ar=2 +2万4 7；解得再次相遇时间27rm2 =-qB(3)乙出第一象限时甲在磁场中偏转角度为撤去电场磁场后，两粒子做匀速直线运动，乙粒子运动一段时间后，再整个区域加上相同的磁场，粒子在磁场中仍做半径为。的匀速圆周运动，要求轨迹恰好不相切，则如图所示T 铝设撤销电场、磁场到加磁场乙运动了 f ,由余弦定理可得+皿）922x Vjf x v2f.1卬2f则从撤销电场、磁场到加磁场乙运动的位移,la八 甲 二万