《2021年广西南宁市江南区中考物理一模试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年广西南宁市江南区中考物理一模试卷（附答案详解）.pdf（31页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年广西南宁市江南区中考物理一模试卷1.生活中光的世界丰富多彩，下列描述中，能用光的反射知识解释的是（）A.清水江畔，倒影可见 B.林萌树下，点点光斑C.山涧小溪，清澈见底 D.雨过天睛，彩虹出现如图所示的用电器规格都是“22017200W”，当它们正常工作时，在相同时间内3.一辆在平直公路上匀速行驶的洒水车，在其洒水工作过程中，下列分析错误的是（）A.当洒水车所受的力都消失，则洒水车将会保持静止状态B.洒水车的动能将会减小C.洒水车受到的重力和地面对洒水车的支持力是一对平衡力D.洒水车的运动状态没有发生改变5.如图所示的是磁感线方向的画法，正确的是（），、，、A.|N|-|N I B.
2、|寸-1-、，、/，,Y-、/2 f,成倒立缩小的实像，应用是照相机。(4)共享单车的使用数据是通过超声波来传递的。“共享单车”是日常生活中常见的交通工具，从“共享单车”的结构和使用来看，应用了非常多的物理知识，平时多注意观察，将学到的知识与实际应用结合起来。7.【答案】B【解析】解：力、使用测电笔时，手与笔尾的金属体接触，不能接触笔尖金属体，故 A错误；8、三脚插头中上方的导线与用电器的外壳相连，故 8 正确；C、保险丝烧断可能是发生了短路或用电器总功率过大，故 C错误；。、高压警示牌提醒人们有电危险，请不要靠近带电体，故。错误。故选：B。(1)根据测电笔的使用方法分析；(2)三脚插座最长的
3、一个与用电器的金属外壳相连，是为了防止金属外壳漏电时触电事故的发生；(3)电流过大的原因：短路或用电器总功率过大；(4)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。本题考查安全用电的有关问题，相对比较简单，属于基础题。8.【答案】C【解析】解：近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强造成的，远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，所以能正确表示近视眼成像情况的是图；为了使像刚好成在视网膜上，需要使光线发散一些，所以应佩戴对光线具有发散作用的凹透镜来矫正，则能正确表示近视眼矫正方法的是图。故 选:Co(1)近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可
4、以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况，近视眼应佩戴对光线具有发散作用的凹透镜进行矫正。(2)远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼应佩戴对光线具有会聚作用的凸透镜进行矫正。本题考查了近视眼的成因与矫正方法，明确近视眼的成因是解答此题的关键。9.【答案】C【解析】解：A、对山歌的活动中说明声音可以传递信息，故 A 错误；3、地面附近的物体都受到重力的作用，所以飞在空中的“花炮”受到重力的作用，故8 错误；C、染色过程是分子不停地做无规则运动的结果，是一种扩散现象，故 C正确；。、绣球自身不发光，我们能看见绣球是因为绣球反射的光线进入了人的眼睛，故。错误。故
5、选：Co(1)声音可以传递信息和能量；(2)地面附近的物体都受到重力的作用；(3)不同的物质互相接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动；(4)我们看到物体因为物体反射或发出的光线进入了人的眼睛。本题考查了扩散现象、声音的利用、重力、光的反射现象，属于基础题。10.【答案】C【解析】解：4、由图知，承担物重的绳子股数n=2,拉力端移动距离:s=2h=2 x=2 m,故 A 错误；3、由图可知，使用这个滑轮组能改变力的方向，故 8 错误；C、使用图中滑轮组时，由两股绳子承担重物和动滑轮重，所以省力，故 C正确；D、使用任何机械都不能省功，故。错误。故
6、 选:Co(1)由图知，承担物重的绳子股数n=2,拉力端移动距离s=2h；第 16页，共 31页(2)根据图分析可知；(3)使用滑轮组能否省力，取决于所用拉力大小与提升的物重大小关系，若拉力小于物重，是省力；(4)使用任何简单机械都不省功。本题考查了使用滑轮组时拉力端移动距离的计算、滑轮组的特点、使用滑轮组省力但费距离，属于基础题目。11.【答案】D【解析】解：4、超导体是一种在特定条件下电阻为零的材料，故 A 错误；3、家庭常用的导线的材料是铜和铝，故 B 错误；C、橡胶、塑料是绝缘体，铝是导体，故 C 错误；。、发光二极管是由半导体材料制成的，故。正确。故选：D o(1)超导体是特定条件下
7、电阻为零的材料；(2)家庭常用的导线的材料是铜和铝，质量好的是铜；(3)熟记常见的导体和绝缘体，会区分；(4)发光二极管是用半导体材料制成的，具有单向导电性。本题考查的是超导体、半导体、导体和绝缘体材料的性质，属于电学基础问题，难度不大。12.【答案】C【解析】解：4、口罩挂绳做得宽一些是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故 A错误；8、飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，是物体，不是分子，所以不能说飞沫分子的传播，故 B错误；C、物体会辐射出红外线，且温度越高，辐射的红外线越多，所以人工智能体温快速检测系统接收的是人体辐射出的红外线，故 C 正确；。、用针管把药液推入体内，是由于
8、活塞受到推力的作用，与大气压无关，故。错误。故选：C。(1)减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强；(2)飞沫不是分子；(3)自然界所有的物体都会辐射出红外线，且温度越高，辐射的红外线越多；(4)注射器抽取药液是利用大气压来完成的，用注射器往人体内注射药液时利用了人的推力；本题考查了减小压强的方法、分子的理论的知识、红外线的应用以及大气压的应用等知识，是一道综合题，但难度不大。1 3.【答案】D【解析】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻扁 串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增
9、大，所以，当有烟雾遮挡射向光敏电阻R的激光时，光照强度减弱，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由/=可知，电路中的电流减小，由U=/R可知，Ro两端电压减小，故A错误；由/?=彳可知，电压表与电流表的示数之比等于R的阻值，R的阻值增大，则电压表与电流表的示数之比增大，故8错误；由P=U1可知，电路消耗的总功率减小，故C错误；(2)要使报警器在浓度更低的烟雾下报警，说明光照强度增强，则光敏电阻的阻值减小；由题意知，报警器的工作电流不变；由/=焉 可 知，应增大&的阻值才能使报警器的工作电流不变，这样才能在浓度更低的烟雾下及时报警，故。正确。故选：D。由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R。串联，电
10、压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和岛两端的电压变化；(2)要使报警器在浓度更高的烟雾下报警，判断光敏电阻的阻值变化，由欧姆定律可知，电路中的电流变化；如果要保持报警器的工作电流不变，由欧姆定律可知&的阻值使电路中的电流变化。第1 8页，共3 1页本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。14.【答案】C【解析】解：同一小球质量相同，从同一斜面不同高度滑下，到达斜面底部的速度不同，所以探究动能大小跟哪些因素有关时用到的是控制变量法。A、
11、认识电流时，用水流进行类比，这种方法是类比法，故 A 错误；8、光线实际不存在，利用实际不存在的光线描述光的传播特点，运用的是模型法，故8 错误；C、探究压力的作用效果与压力的大小关系时，控制受力面积等因素不变，用到的方法是控制变量法，故 C 正确；D.研究电磁铁磁性强弱时，通过比较电磁铁吸引大头针多少来判断电磁铁磁性的强弱,这种方法是转换法，故。错误。故选：C。首先明确“让同一钢球分别从斜面的不同高度由静止开始滚下”运用的研究方法，明确每个选项的研究实例运用的具体方法，最后确定符合题意的选项。物理学中对于多变量的问题，常常采用控制变量的方法，把多个变量的问题变成单个单变量的问题；每一次只改变
12、其中的某一个变量，而控制其余几个变量不变，从而研究被改变的这个变量对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决。15.【答案】B【解析】解：4、“探究阻力对物体运动的影响”时要改变水平面的粗糙程度，探究出阻力逐渐减小时，物体的运动情况；8、“探究阻力对物体运动的影响”小球刚开始下滑时的速度相同,具有的机械能相等：“探究影响动能大小的因素”实验中木块被撞得越远，说明小球对木块做的功越多，故B 正确；C、甲、乙两个实验中，小球到达水平面能继续向前运动是因为小球具有惯性，而不能说“受惯性作用”，故 C错误；。、小球从斜面上由静止下滑，到达斜面底端的速度与刚开始小球的高度有关，与小球质量无关，故。错误。
13、故选：B。(1)“探究阻力对物体运动的影响”时要改变水平面的粗糙程度，”探究影响动能大小的因素”实验中水平面的要粗糙些；(2)根据实验的目的，观察实验现象得出答案；(3)惯性是物体本身的一种性质，只能说“具有惯性”不 能 说“受惯性的作用”(4)小球到达斜面底端的速度与小球下滑时高度有关。此题考查了“探究运动和力的关系”实验和“探究影响动能大小的因素”的区别和联系，考查对实验数据的分析处理能力，要深入分析实验收集的信息，分析出数据所反映的物理知识，最后得出结论。1 6.【答案】C【解析】解：4、由图像可知，当m =8 0 g时，U尹=5 c m 3、=4 0 c m3,a、b两种物质的密度为：
14、P a =寿=黑=1 6 g/c m 3,Pb=L =.=2g/cm3)则a、b的密度之比：P a：P b=16g/cm3：2g/cm3-8：1,故 A 错误。B、当m =8 0 g时，Vfp=5cm3=4 0 c m3,则甲、乙两物体的体积之比：丁 用：=5 c m3:4 0 c m3=1：8,故8错误。C、用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，其体积之比：1 7 I，m mV甲V乙=G =P b：P a =l：8,由/=/可得正方体的边长之比：L甲:L乙=1：2,因为正方体对水平地面的压强：p=&=哼簪=pL g,所以，甲乙两物体对水平地面的压强之比：9=穿=鬻!=*故c
15、正确。、若用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，将甲、乙放在水平地面上，F甲 G甲 m 甲。m甲则甲、乙两物体对地面的压力之比：3=?=老=廿=1：1，故。错误。产 乙 G乙 m乙g?n乙故选：C o(1)(2)由图像可知，当m=8 0 g时，甲、乙两物体的体积，可求其体积之比；利用密度第20页，共31页公式求a、b两种物质的密度，进而可求其密度之比。(3)用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，知道了密度关系，可求体积之比，再利用U=I?求正方体的边长之比，根据正方体对水平地面的压强p=g=|=等喈=pLg求压强之比。(4)置于水平面上的物体对水平的压力等于
16、其重力，据此计算甲、乙两物体对地面的压力之比。本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，本题关键：一是通过图像求出a、b两物质的密度之比；二是利用好方形或圆柱形均匀物体对水平地面压强的推导公式p=pgh。17.【答案】比热容折射【解析】解：水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，故能有效调节周围环境的气温；因为鱼儿是在水中的实际物体，是由于光线从水中斜射入空气中，进入了人的眼睛，我们看到水中的鱼，其实看到的是鱼的虚像，是由光的折射形成的。故答案为：比热容；折射。水的比热容大，相同质量的水和其它
17、物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；我们能看到鱼，是鱼反射的光线从水中斜射入空气中，进入人眼，人看到的不是真实的鱼，而是变浅了的鱼的虚像，是由于折射形成的。本题考查了光的折射现象以及水的比热容大的应用，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求。18.【答案】发电机空气【解析】解：由题意可知，超市的商品上贴有软磁条，消费者如果不买单，直接走出超市软磁条没有消磁，检测头就会有电流产生，这是电磁感应现象；人们利用电磁感应现象制成了发电机。听到报警器的声音是由空气传到人耳处。故答案为：发电机；空气。防盗报警器上的检测头有电流产生，说明是闭合电路中的一部分导
18、体在磁场中做切割磁感线运动而产生电流，是电磁感应现象；人们利用电磁感应现象制成了发电机，利用通电导体在磁场中受力的原理制成了电动机。声音的传播需要介质。本题考查了声音的传播、电磁感应现象的应用，要求学生能通过题意找出防盗报警器的工作原理。19.【答案】凝华放热【解析】解：贮存疫苗的冰箱内形成的霜，是水蒸气遇冷直接凝华为小冰晶，凝华过程放热。故答案为：凝华；放热。物质由气态直接变为固态叫凝华，凝华过程放热。知道凝华概念和凝华放热，可解答此题。20.【答案】3 0长 度 右【解析】解：“300 0.54”表示滑动变阻器的最大阻值为3 0 0,允许通过的最大电流为0.5 4,；滑动变阻器是通过改变接
19、入电路中电阻线的长度来改变电阻的；当把4、D连入电路，要减小电路中的电流，则应增大滑动变阻器接入电路的阻值，应将滑片向右端移动。故答案为：30；长度；右。滑动变阻器的原理：通过改变接入电路中电阻线的长度来改变滑动变阻器的电阻大小；铭牌的含义：电阻值指滑动变阻器的最大阻值；电流值指滑动变阻器允许通过的最大电流；使用：滑片与下面所接的接线柱距离越大，则接入电路中的电阻越大。此题考查了滑动变阻器的制作原理、铭牌的含义及滑动变阻器的阻值判断，应掌握。21.【答案】7.56 x 1 0 9热 传 递3.5 x 107【解析】解：水吸收的热量：Q吸=cmAt=4.2 x 1Q3J/(kg )x 3 x 1
20、04kg x 60=7.56 x 1097；第22页，共31页水吸收热量，是通过热传递的方式改变水的内能的;Q吸由=广x 1 0 0%可得2 7 0 k g燃料油放出的热量:%=当 争Z =9.4 5 x 1 0 9/,y 成“s o%1由Q成=m q可求燃料油的热值:Q放7 n燃料油9.45x10,270kg=3.5 x 107J/kgo故答案为：7.5 6 x 1 09；热传递；3.5 x 1 0 7。已知水的质量，根据吸热公式Q =c m/t可求水吸收的热量；改变内能的方法有两种：做功和热传递；利用4 =*x 1 0 0%求出放出的热量，最后由Q成=m q可求燃料油的热值。本题考查了燃料
21、完全燃烧放热公式、吸热公式的应用以及改变内能的方法，是热量公式的综合应用。2 2.【答案】1 0 1 6 0 0 0.6 4 x 1 03【解析】解：(1)截取后的甲和乙对桌面的压强刚好相等的高度，由图象可知，此时截取的高度九=1 0 c m；(2)设截取前圆柱体甲的高度为九尹，则圆柱体甲对桌面的压强：4 P o =。脚八尹，圆柱体甲截取长度九=1 0 c m =O.l m后，圆柱体甲对桌面的压强：2 p()=p F f Ig(hrfl h),联立以上两式代入数据可解得：九尹=0.2 m,所以，圆柱体甲截取前对桌面的压强：pfp=pt f Jgh=O.S x 103kg/m3 x I ON/k
22、g x0.2 m=1 60 0 P a；(3)容器乙中未放入物体4时，对桌面的压强等于液体的压强(容器乙的壁厚和质量均忽略不计)，即：P o=P z.9hZ圆柱体甲截取长度左=1 0 c m=O.ln i时，则物体A的体积匕=S/i,将物体4浸没在液体乙中，液面上升的高度:物体a刚好浸没在液体中时，容器乙对桌面的压强等于此时液体的压强，即：2 P o=+八)一联立可解得：京=|/i=0.0 62 5 m,p0=p尹=x 1 60 0 P a =4 0 0 P a,由P o=P/ghN得，容器乙中液体的密度：p/=-400P q-=0.64 x 103kg/m3L 乙 g”/10N/kgx0.0
23、62Sm 故答案为:1 0；1 60 0；0.64 x 1 0 3。(1)由图象读出截取后的甲和乙对桌面的压强刚好相等的高度；(2)设截取前圆柱体甲的高度为无，根据p=pg/i表示出圆柱体甲截取前后对桌面的压强,联立以上两式代入数据可解得圆柱体的高度，进而得出圆柱体甲截取前对桌面的压强;(3)容器乙中未放入物体4时，根据p=pg/i表示出容器乙中放入前后对桌面的压强，圆柱体甲截取长度x时，其物体力的体积以=S/i,联立可解得容器乙中未放入物体4时液体的深度，再根据题意求出P o的大小，利用p=pg/i求出容器乙中液体的密度。本题主要考查压强公式和液体压强公式的灵活应用，关键要明确可以用p=pg
24、/i求出柱体对桌面的压强，能从图象上找出有用的信息即可正确解题，有一定的难度。23.【答案】解：图示的是一凸透镜，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，过光心的光线其传播方向不变；如下图所示：【解析】凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点。本题考查了透镜的特殊光线，注意凸透镜和凹透镜要分清，并且光线上要标出箭头，是中考重点作图题之一。第24页，共31页24.【答案】解：（1）过货物4 的重心作竖直向下的力，即为货物4所受重力的示意图，（2）延长力尸 2的作用线，支点为。，从支
25、点作阻力尸 2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂L 2,如图所示：【解析】（1）货物4所受重力方向竖直向下，作用点在重心；（2）知道支点位置，从支点作阻力作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂。本题考查了力臂、力的示意图的画法，牢记重力的方向是竖直向下的，属于基础题目。25.【答案】答：（1）往手上喷酒精进行消毒时，酒精易蒸发（汽化），蒸发时需要吸收手上的热量，使手的温度降低，手会感到凉爽。（2）酒精湿巾说明书要求揭开贴纸抽取后及时合上，是为了减慢液体表面上方的空气流动；置于阴凉处，避免阳光直射，是为了降低液体的温度，这些措施都是为了减慢酒精的蒸发。【解析】物质从液态变为气态是汽化过程，汽
26、化吸收热量；汽化包括蒸发和沸腾两种方式；影响蒸发快慢的因素有：液体的温度，表面积的大小，液体上方空气流动的快慢等。本题以酒精湿巾为内容，考查了对蒸发吸热和影响蒸发快慢因素的掌握，属基础知识的应用。26.【答案】B 2016.1 1 5.0 右物体和祛码的位置放反了 47.4【解析】解：（1）温度计的正确读数方法是视线应该和温度计内液柱上表面相平。由图甲知，4情况属于俯视，读出的数据会偏大，。是仰视，读数会偏小，所以只有B是正确的；由图乙知，电能表的最右面的一位数是小数，由此可以读出此时电能表的示数为：2016.UW /i；由图丙知，光屏上出现一个最小最亮的光斑即为凸透镜的焦点处，焦点到凸透镜的
27、距离为1 5.0 c m,则凸透镜的焦距是1 5.0 c m；(2)天平的指针静止在图甲所示位置，则可将平衡螺母向右调节，使天平横梁在水平位置平衡；在称量时，应左盘放被测物体，右盘放祛码，即图中的物和码放反了；此时所有祛码的质量是：4 5 g；标尺上的是示数是2.4 g,故物体的质量等于4 5 g +2.4 g =4 7.4 g。故答案为：(1)8；2 0 1 6.1；1 5.0；(2)右；物体和祛码的位置放反了;4 7.4。(1)读取温度计示数时，视线应该和温度计内的液柱上表面相平；电能表读数时注意：最后一位是小数，单位k勿 嗦；焦距是指从焦点到凸透镜光心的距离；(2)天平的使用规则：把天平
28、放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度；调节天平的平衡螺母使天平的横梁平衡；物体放在天平的左盘，祛码放在天平的右盘，使天平的横梁重新平衡；物体的质量等于祛码的质量加游码对应的刻度值。此题考查了温度计、电能表和托盘天平的使用和读数及凸透镜焦距的测量方法，属于基本技能的考查。2 7.【答案】G-F下表面浸入液体的深度液体 密 度1.3 x 1 0 3 3 0 0 6小于【解析】解：(1)由题意可知，在实验的过程中圆柱体处于平衡状态，受到重力、浮力、弹簧测力计的拉力作用而平衡，可得到关系式尸浮+尸=G,故F浮=G-F.(2)从表中数据可以看到，随着圆柱体下表面浸入液体的深度的增加，浸在液体中的物体受
29、到的浮力也在变大，可知道浸在液体中的物体受到的浮力与物体下表面浸入液体的深度有关；(3)水和酒精是两种不同的物质，密度不同，弹簧测力计的示数均变大了，测力计的示数不同，那么受到的浮力大小也不同，这说明了浸在液体中的物体受到的浮力还与液体密度有关；(4)根据尸浮=p次g v探知液体的密度为：P底=篙=10N/k蓝2O-3=L 3 X 1。3切/7n 3；(5)由第1次实验可知:第2 6页，共3 1页0.O2TTIXS锦 灶 侏A p=p Ah=1.0 x 103kg/m3 x I ON/kg x-=l O O P a-不s柱 形 容5 s在柱形容器中时，当/I =0.0 6 m,水对容器底部的压
30、强增加量:A p=p水 gA h=1.0 x l C P kg/7 n3 x ION g x-以上两式相比可得到4 P =3 0 0 P a；当/i =0.0 6 n l相同时，铁圆柱体排开水的体积在两种容器中是相同的，但是梯形容器水面上升的高度较小，根据 p=pg/h可知，较 小,即A p/P x=3 0 0 P a；由表中数据可知，当浮力是1 0 N时，铁圆柱体完全浸没在水中，可得到:产浮=P 水 gS 铁 圆 柱/=1 0 N,即l.x 103kg/m3 x I ON/kg x S 铁 圆 柱 体 x 0.1 m =I O NS 铁 圆 柱 体=001mZ；当h=0.0 6 m时，圆柱体
31、所受浮力，F 浮=p水 gS 铁 圆 柱/i=1.0 x 103kg/m3 x I ON/kg x 0.0 1 m2 x 0.0 6 m =6N.此时圆柱体所受浮力是6 N。故答案为:(1)G-为(2)下表面浸入液体的深度；(3)液体密度；(4)1.3 X 1 03；(5)3 0 0；6；小于。(1)由题意可知，在实验的过程中圆柱体处于平衡状态，根据力的平衡求出产 浮；(2)从表中数据可以看到，随着圆柱体下表面浸入液体的深度的增加，浸在液体中的物体受到的浮力也在变大，据此回答；(3)水和酒精是两种不同的物质，密度不同，根据受到的浮力大小变化得出结论；(4)铁圆柱体浸入液体中体积为6 xl 0-
32、4m3时，铁圆柱体受到的浮力为7.8 N,根据阿基米德原理求出液体的密度；(5)根据液体压强公式得出增加的压强大小，在柱形容器中时，当h=0.0 6 m,得出水对容器底部的压强增加量，从而得出Zp大小；当八=0.0 6/n相同时，根据铁圆柱体排开水的体积在两种容器中是相同的，由梯形容器水面上升的高度较小，根据A p=pg 4/i分析。本题探究影响浮力大小因素的实验，考查称重法测浮力、数据分析和阿基米德原理、液体压强公式的运用及误差分析，难度较大。28.【答案】断 路1.2 5小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义U额S、S力”颔)1 R o -%)【解析】解：(1)电路
33、连接时，电压表应与小灯泡并联，采 用“正进负出”的连接方式,因小灯泡的额定电压为2.5 V,故电流表的量程选择为。3匕 连接电路如图所示：(2)电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联部分以处的电路是通路，故造成这一现象的原因可能是小灯泡断路；(3)当小灯泡正常工作时，灯泡两端的电压为额定电压2.5 U,如图乙所示，电流表选用的是小量程，分度值为0.0 2 4电流表的示数为0.5 4根据功率公式可得小灯泡的额定功率为：P =U I =2.5V x 0.54=1.25W；(3)利用图甲的装置多次测量不同电压下灯泡的电阻，并求出平均值，小明认为小红的观点不合
34、理，理由是小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义；(4)只闭合S、S 2,移动滑片P,使电压表的示数为 那只闭合S、S i，保持滑片P不动，读出电压表的示数为内；只闭合S、S i，Ro定值电阻和滑动变阻器串联，电路中的电流相等则有：=空，可得滑动变阻器的电阻为：R=$R；只闭合S、S2,滑动变阻器的电阻不变，此时通过灯泡的电流为：/额=毕=根据功率公式可得小灯泡的额定功率为：D_ ,/(领)P 一 “薪 一 R o e-%)；故答案为：(1)如图所示；(2)断路；(3)1.25；(4)小灯泡的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，求平均值没有意义；(5)U.S、S i；
35、丝 竺 多。Ro(u-Ui)(1)电压表应与小灯泡并联，采 用“正进负出”的连接方式，选择电压表的量程；(2)电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表的示数接近电源电压，与电压表并联部分以处的电路是通路，分析故障原因；(3)根据电流表的量程读出电电流表的示数，由P=U/计算功率；第 28页，共 31页(4)根据串联电路电压和电流的规律和欧姆定律计算电阻，由功率公式计算功率。本题是测量小灯泡功率的实验，考查了电流表的读数及电功率的计算，电路故障的分析,并且涉及到串联电路中电压和电流规律的应用。29.【答案】解：(1)因为汽车沿水平公路上匀速行驶，处于平衡状态，汽车受到的阻力大小等于牵引力大
36、小，即：f =F=3000N；(2)汽车的速度：。=3；：；=72km/h 20m/s；(3)牵引力做功的功率：p=：=.=Fv=3000/V x 20m/s=6 x 104以答：(1)汽车受到的阻力是3000N；(2)汽车的速度是20m/s；(3)汽车牵引力的功率是6 x 104W Z o【解析】(1)已知汽车沿水平公路上匀速行驶，汽车受到的阻力等于牵引力；(2)已知汽车通过的路程与运动时间，由速度公式=:可以求出汽车的速度。(3)知道汽车的速度和受到的牵引力，再利用公式P=7 =7 =F求出牵引力做功的功率。本题考查了二力平衡条件的应用、速度和功率的计算，属于基础题。30.【答案】解：(1
37、)因为P=3 =F，所以灯泡产生的热量为QL=PLt=8W x 10s=80/；(2)当开关5、52闭合，开关&断开，将滑动变阻器/?2的滑片P滑到b端时，灯泡与整个滑动变阻器串联。由图象知，灯泡实际功率P妁,=1 小时，灯泡两端电压为 如=2 匕/卖=0.54,因为/=、所以滑动变阻器两端电压为4 =1 2 =0.54 X 120=6V,所以电源电压为U=U效+U2=2V+6V=8K；(3)当开关S、Si、S2同时闭合，滑动变阻器滑片位于最左端，灯泡和定值电阻&并联。因为U也=U =U额=8V,所以灯泡实际功率P为=P =8勿；定值电阻阻值为R i =言=1 0 0,所以当功率为吕=5=喏=
38、6.4 W；电路消耗的最大总功率为P.&=P效+B =8W +6.4 U Z =14.4 1VO答：(1)灯泡正常发光10 s,电流通过灯泡产生的热量为8Q/；(2)电源电压为8V；(3)当开关S、S i、52同时闭合，电路消耗的最大功率为14.4。【解析】此题考查了串并联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用。明确电路连接关系，通过图象得到有价值的信息，是解答此题的关键。3 1.【答案】解：(1)在图甲中，水对烧杯底的压强为：p=p水gh、=1.0 x 103kg/m3 x I ON/kg x 10 x 10-2m =1 x 103P a.(2)在图甲中，木块漂浮在水面上，在图乙中，石块
39、和木块漂浮在水面上，则石块的重力等于木块所受浮力的增加量，即石块的重力为：G石=A F浮=P水g4V排=p水gA h、S底=p次g(九2 h i)S底=1-0 x 103kg/m3 x10N/kg x(16 -10)x 10-2m x 50 x 10-4m2=3 N,在图丙中，石块浸没在水中沉底时，由力的作用是相互的可知，杯底对石块的支持力等于石块对杯底的压力，根据力的平衡条件可知，石块所受浮力为：?浮=G万一F支=G石FA-=3N 2N =I N,由公式F浮=P次 叫 阿 得，石 块 的 体 积:排途=皿|。鼠 需 小=103，石块的密度为：。万=六=I O N /。5=3 X 1。3切/向
40、(3)由甲、丙两图可知石块的体积/石=V排=A h2s底=也3-hJS底,即：10-4 m 3 =(出一10)x 1。-2n l x 50 x 10-4 m 2,解得：h3=12cm,石块从木块上取下放入烧杯的水中时，水对容器底的压强变化量为：第30页，共31页zi p =p次g/期=p洲 也2 九3)=10 x 103kg/m3 x lON/kg x(16 12)x 102m =4 0 0 P a。答：(1)如图甲所示中，水对烧杯底的压强为10 3 公(2)小石块的密度为3 x 103kg/m(3)当把石块从木块上取下放入烧杯的水中时，水对容器底的压强变化了4 0 0 P a。【解析】(1)
41、在图甲中，由液体压强公式P =P液9九求得图甲中水对烧杯底的压强；(2)在图甲中，木块漂浮在水面上，在图乙中，石块和木块漂浮在水面上，则石块的重力等于木块所受浮力的增加量，即G石=/产浮=P液g、v排=P液gA h、S底=p液。(九2 八i)S底；在图丙中，石块浸没在水中沉底时，由力的作用是相互的可知，杯底对石块的支持力等于石块对杯底的压力，根据力的平衡条件可知，石块所受浮力尸浮=G石 一晨=G万-F压,结合公式F浮=P次”理 可求得石块的体积”,根据公式G =mg=p g V求得石块的密度；(3)石 块 的 体 积%=Q =/i 2 S底=(%3-b)S底，由此求得色的大小，根据公式4 p =P液9母 匕=p液g也2 h 3)求得水对容器底的压强变化量。本题考查了液体压强公式、阿基米德原理的应用，难点在于根据力的平衡条件求得石块所受重力和浮力的大小，以及根据石块浸没在水中时排开水的体积等于自身体积确定图丙中水的深度大小。