《2021年广西南宁市新民中学中考物理三模试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年广西南宁市新民中学中考物理三模试卷（附答案详解）.pdf（34页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021年广西南宁市新民中学中考物理三模试卷1.下列估测中，最接近生活实际的是（）A.一支新2B铅笔的长约为17cmB.南宁市夏季平均气温约为50汽C.对人体安全的电压不高于220UD.复兴号高铁列车运行速度可达350m/s2.声音是一种常见的现象，下列说法正确的是（）A.小孩尖叫声刺耳，这是因为声音响度大B.“B超”给病人检查身体，说明声音可以传递能量C.敲击音叉，音叉发出的声音是由音叉的振动产生的D.中考期间，考场附近汽车“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪音3.下列叙述中的“影”，属于光的折射现象的是（）A.立竿见“影”B.形“影”不离 C.湖光倒“影”D.毕业合“影”4.火箭喷气发动机是利
2、用燃料在燃烧室中燃烧，燃气向后高速喷出（如图），从而获得向前的动力。其工作原理与汽油机的下列工作过程示意图所示原理一致的是（）5.水是人类赖以生存的资源，水通过三态变化，实现了在地球上的循环。对出现以下自然现象所对应的物态变化，判断正确的是（）A.春天，冰雪消副一凝固 B.盛夏，浓雾弥漫-液化C.深秋，水面上的 气”-汽化 D.冬天，树枝上的雾淞-升华6.疫情期间，同学们居家隔离进行体育锻炼，下列说法正确的是（）A.跳远时，助跑是为了增大惯性B.运动鞋底的花纹是为了增大压强C.实心球落地后受到的支持力是由于地面发生形变而产生D.做平板支撑时手对地板的压力和地板对手的支持力是一对平衡力7.以下这
3、些现象中，物体因为受力而改变运动状态的是（）8.A.B.C.D.用力握小皮球，球变瘪了篮球撞击在篮板上，篮球变扁运动员用力拉弓，弓变弯曲一阵风把地面上的灰尘吹得漫天飞舞如图所示是海波和蜂蜡熔化时温度随时间变化的图象，则以下说法正确的是（）A.甲是蜂蜡，乙是海波B.甲从a到b 内能增大C.甲在第6 m in 时是固态D.甲和乙熔化过程所用的时间相同9.2 0 2 1 年3 月1 2 日凌晨，长征七号改遥二运载火箭成功将试验九号卫星送入预定轨道,“长七改”将填补我国运载火箭高轨轨道运载能力的空白。不考虑火箭的质量变化,火箭加速升空过程，下列说法正确的是（）1 0.A.动能不变B.重力势能变小 C.
4、机械能守恒“网课”让学习更加便捷，但也容易使人们用眼过度。如图所示，电加热眼罩可以缓解眼疲劳.它有两个发热电阻，当开关工闭合时，&工作，为低温状态；再闭合S 2,时工作，为高温状态；若断开S 1，眼罩停止发热。以下简化R、同D.机械能变大模拟电路设计正确的是（）第 2 页，共 34页11.如图所示实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，则下列说法正确的是（）A.该实验装置可探究电流产生的热量与电流大小的关系A BB.将左边电阻丝换成10。后，可以探究电热与电阻的关系C.通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的小D.该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩反映电阻丝放出热量的多少12.如
5、图所示的是我国生产的某种电动式无针注射器工作示意图，通电时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，产生强大的助推力，使药液以接近声音的速度注入皮肤，下列能反映该注射器工作原理的是（）A.将甲接入110,的电路中，它的实际功率为550勿B.两电加热器均正常工作时，甲的电阻大于乙的电阻C.两电加热器串联后接在2201/的电路中，甲实际功率较小D.两电加热器均正常工作时，相同时间内乙消耗的电能较多1 4.如图所示电路中，电源电压恒定，%为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S,&的滑片P自。向a移动，以下说法正确的是（）A.电压表匕示数变大，电流表4示数变大B.电压表彩示数变大，电流表4示数变大C.电压表匕
6、示数与电流表4示数的比值变大D.8消耗的功率变大，/?2消耗的功率不变15.电梯设置有超载自动报警系统，其工作原理如图所示，%为保护电阻，压敏电阻的阻值随压力的增大而减小。下列说法正确的是（）工作电路A.电梯正常运行时K与B接触B.电梯超载时电磁铁磁性增大C.该装置的工作原理与电动机的工作原理一致D.处于图示位置时电磁铁对衔铁的吸引力大约是弹簧弹力的3倍16.如图所示，三个相同的容器内水面高度相同，甲容器中只有水，乙容器中有一小球漂浮于水面上，丙容器中悬浮着一个小物块，则下列说法正确的是（）A.乙图中小球的密度大于丙图中物块的密度B.三个容器对桌面的压强关系：P甲 P乙=?丙C.如果向乙中加入
7、盐水，小球受到的浮力不变D.水对三个容器底部的压力关系：F甲 F乙 F丙17.手机已成为人们必不可少的通信工具之一，手机是利用_ _ _ _ 传递信号的；手机所用 的 电 能 属 于（填“一次”或“二次”）能源。18.家庭电路中，电冰箱、电饭煲、日光灯等家用电器的连接方式是 联。如图所示的4点是灯头接导线的螺丝（灯A第4页，共34页丝完好），当电路中的开关S断开时，站在地面上的人用手接触电路中的4点（选 填“会”或“不会”）触电。1 9 .如图甲所示是某款学生用翻盖式课桌，抬起过程应用了杠杆原理，桌盖可绕钱链（支点0）自由转动，A点为桌盖重心位置。图乙为桌盖抬起时受力分析图，由图可知，该 杠
8、杆 属 于（选 填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆。若在B点分别施力居、4、尸3,使杠杆平衡，其中最小的力是 O2 0 .运载卫星的火箭常常选用液体燃料偏二甲肺，它 具 有 较 高 的,与其它燃料相比较，完全燃烧相同质量的该燃料，可 以 释 放 出 更 多 的。该燃料的热值约为4.2 xl 0 7 k g,在一个标准大气压下，若完全燃烧1k g的偏二甲月井放出的热量给初温为2 0。&质量为5 0 0 k g的水吸收，可 以 使 水 温 升 高。配 c次=4.2 x1。3/（的,）2 1.建筑工地上，起重机吊臂上的滑轮组如图所示，动滑轮重2 0 0 N。提升重物重力越大时，滑 轮 组 的 机
9、械 效 率（选 填“不变”、“越大”或“越小”）；在匀速起吊重12 0 0 N的物体时，物体10 s上升了3 m,滑轮机械效率为8 0%,此过程的有用功为 J,拉力功率为_ W.2 2.如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6 U 3 W”字样，其灯丝电阻随温度的变化而变化，闭合开关后，当滑片P移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为当滑片P移至某一端点时，电流撤示数为0.3 4电压表示数变化了3乙此时滑动变阻器消耗的功率为P 2,且P i：P2=5：6,则：前 后 两 次 电 流 大 小 之 比 为；滑动变阻器的最大阻值为 n;滑动变阻器消耗的功率由匕变为P2的过程中
10、，小灯泡消耗的功率变化了 W o23.根据平面镜成像的特点，作出图中物体4B在平面镜中的像。24.如图所示，有一杆可绕。转动，在力F作用下静止在水平位置，请在图中作出物体所受重力G示意图和力F 的力臂L。25.端午节食粽是一种传统习俗，“隔水蒸粽法”是一种古老的蒸法。蒸粽子时将碗倒扣在盛有适量水的锅中当支架，把装有粽子的盘子放在上方，如图甲。蒸好后打开锅盖，看到锅盖内表面有许多小水珠。熄火一会儿，发现锅内的水被“吸入”碗内。如图乙所示。请用所学物理知识解释小水珠的形成和水被“吸入”碗内的现象。第6页，共34页(1)利用图甲装置探究“平面镜成像特点”，用透明玻璃板代替平面镜的目的是在像的位置竖直
11、放一张白卡片，不能从白卡片上直接观察到蜡烛4 的像，表明平面镜所成的像是 像。(2)如图乙所示，凸透镜焦距为 c m.如图丙所示，小明在探究凸透镜成像实验时，烛焰在光屏上呈现清晰的像，该像是倒立、的实像。(3)小红探究“光的折射规律”时，做了两个实验。对比图丁发现，当光以相同的入 射 角 斜 射 入(选 填“相同”或“不同”)的介质中时，折射角不同。根据这两幅图，请你提出一个有探究价值的问题：。2 7.在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6 V,小灯泡的额定电压为3.8V。(1)请在图甲中用笔画线代替导线，完成电路连接。(2)连接完实验电路，检查无误后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表、电
12、压表的示数都为零 出 现 这 种 现 象 的 原 因 可 能 是。4 小灯泡短路8.小灯泡断路C.变阻器短路D.变阻器断路(3)排除故障后再闭合开关，在将滑动变阻器的滑片从一端缓慢移到另一端的过程中，发现电压表示数U与滑片移动距离x的关系如图乙所示，电压调节非常不方便，这 是 由 于 选 用 了 最 大 阻 值 较(选 填“大”或“小”)的滑动变阻器。(4)换用合适变阻器并接通电路后，移动滑片，当电压表的示数为3.8U时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率为 勿。(5)小刚利用图甲电路进一步探究“导体中电流跟其两端电压的关系”，获得多组电压和电流的数据之后，发现电流与电压不成正比，原因是
13、 o(6)实验完成后同学们在老师的提醒下对实验进行了误差分析：因实验中实际提供的电压表内阻并非无穷大且在测量时有明显的电流通过，会造成电流表所测电流(选填“大于”或“等于”或“小于”)灯泡中的实际电流，从而导致实验中灯 泡 额 定 功 率 的 测 量 值(选 填“大于”或“等于”或“小于”)真实值。2 8.在“用天平和量筒测量盐水密度”的实验中：5040302010乙1mL1=三-=-三一一=-=-=1=1=-三-=图甲图副(1)将天平放在水平桌面上，把游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度盘的右侧，应将平衡螺母向 调，使天平横梁平衡。(2)用天平测出空烧杯的质量约2 9 g,在烧杯中倒
14、入适量的盐水，测出烧杯和盐水的总质量如图1甲所示，则盐水的质量是_ _ _ _ _g；再将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，如图乙所示，盐水的体积为 cn?。(3)盐水的密度为 k g/m 用 此 方 法 测 出 盐 水 密 度 会(选 填“偏大”或“偏小”)。第8页，共34页(4)小丽有一个小玻璃瓶，她只用量筒也能测玻璃瓶玻璃的密度，如图2所示。实验步骤如下：在量筒内盛入适量的水，读出量筒中水的体积为匕；让小玻璃瓶口朝上漂浮在量筒内水面上，读出量筒中总体积为彩；，读出量筒中总体积为匕；这只小玻璃瓶的玻璃密度p=(用P次、匕、彩、表示)。29.小明买了一辆自行车体验骑行的乐趣，若小明与自行车的总质量
15、为7 0 k g,在某水平路段以5m/s的速度匀速直线骑行10m讥，该过程中受到的阻力为2 0 N,求：(1)小明与自行车的总重力；(2)小明骑行中的路程；(3)小明骑行功率。30.如图甲所示的电路中，电源电压为18U不变，定值电阻R。阻值为1 0 0,小灯泡上标有“6V6VK”的字样，图乙是通过灯泡的电流与其两端电压的“1-U”图像。求:(1)灯泡正常发光时的电阻;(2)断开Si、S 2,闭合S,将滑片移至某处，当灯泡的电功率为2.4小时，滑动变阻器消耗的功率；(3)闭合S、Si、5 2,滑动变阻器的滑片从最右端向左移动，当滑动变阻器连入电路的阻值等于它总阻值叫时，电流表示数变化了。.3 4
16、 此时保持滑片位置不动，5的内滑动变阻器产生的热量。3 1.物理兴趣小组的同学用传感器设计了如图甲所示的力学装置。杠杆O A B始终在水平位置保持平衡，。为杠杆的支点，。8 =3。4竖直细杆a的上端通过力传感器连在天花板上，下端连在杠杆的4点，竖直细杆b的两端分别与杠杆和底面积为50 c m 2的圆柱形物体M固定，薄壁圆柱形水箱的质量为0.8k g,底面积为1 0 0 c m 2,杠杆、细杆及连接处的重力忽略不计、力传感器可以显示出细杆a的上端受到作用力的大小。图乙是力传感器的示数大小随水箱中水的质量变化的图象。求：(1)当水深为5c m时Q K未碰到物体M)，水对水箱底部的压强;(2)当水深
17、为5c m时，水箱中水的质量；(3)图乙中4点的横坐标值；(4)当注入水至图乙中B位置时，水箱对水平面的压强。第10页，共34页答案和解析1.【答案】A【解析】解：4、中学生“一挂”的长度约15cm,一支新2B铅笔长度略大于此数值，在17cm左右，故A符合实际；B、南宁市夏季最高温度不到40?，所以平均气温低于40冤，更不可能达到50冤，故8不符合实际；C、经验证明，只有不高于36U的电压对人体才是安全的，故C不符合实际；D、我国复兴号高铁列车运行速度可达3 5 0 k m,故。不符合实际。故选：Ao不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符
18、合实际的是哪一个。物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理,同时也能让物理更好地为生活服务。2.【答案】C【解析】解：4、“叫声刺耳”是指声音比较高，指声音的音调高，不是响度大，故A错误；3、“B超”给病人检查身体，说明声音可以传递信息，故B错误；C、敲击音叉，音叉发出的声音是由音叉的振动产生的，故C正确；考场附近汽车“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪音，故。错误。故选：Co(1)声音有三个特性：音调、响度、音色。音调指声音的高低；响度指声音的大小；通过音色能辨别物体。(2)声音不仅可以传递信息，也可以传递能量。(3)声音是由物体振动产生的。(4)减弱噪声的途径有
19、：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。解决此类问题要结合声音的特性、声音的利用、噪声的防治几个方面去分析，是中考的热点之一。3.【答案】D【解析】解：4、立 竿 见“影”是由于光的直线传播形成的；8、形“影”不离也是由于光的直线传播形成的；C、湖光倒“影”属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；。、毕业合影属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的.故选D(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3
20、)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的.本题考查了光沿直线传播现象的应用、光的反射现象的应用以及光的折射现象的应用，都是基础知识.4.【答案】A【解析】解：火箭的喷气发动机工作时，燃料燃烧产生高温高压的气体，经喷管向后高速喷出，从而获得向前的动力，使火箭发射出去，燃料燃烧时将化学能转化为内能，然后再将内第12页，共34页能转化为火箭的机械能；A、该图中两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程，内能转化为机械能，故A正确；8、该图中排气门打开，活塞上行，为排气冲程，没有能量的转化，故B错误；C、该图中
21、进气门打开，活塞下行，为吸气冲程，没有能量的转化，故C错误；该图中两个气门关闭，活塞上行，为压缩冲程，是机械能转化为内能，故。错误。故选：Ao能准确的判断出该过程中，消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能即可判断能量的转化。能准确的判断出能量的转化过程是解决该题的关键。5.【答案】B【解析】解：4、冰雪消融，是由固态变为液态，属于熔化现象，故A错误；8、雾是水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故8正确；C、水面上的“气”是小水珠，是液化现象，故C错误；。、雾淞是水蒸气直接凝华而成的，故。错误。故选：B。物质从固态变为液态叫做熔化，从液态变为固态叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，从气态变为
22、液态叫做液化；物质从固态直接变为气态叫升华，从气态直接变为固态叫凝华。此题考查了对物态变化的判断，知道前后的物态特征和物态变化名称是解决此类问题的关键。6.【答案】C【解析】解：2、惯性大小只跟物体质量有关，跳远助跑时，运动员的质量不变，运动员的惯性不变，故 A错误；庆 运动鞋底有花纹，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力的，故 8 错误；C、实心球落地后，实心球受到地面的支持力的作用，是由于地面发生形变而产生的，故 C 正确；。、做平板支撑时手对地板的压力和地板对手的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是平衡力，故。错误。故选：Co(1)惯性是
23、物体保持原来运动状态不变的性质，其大小只跟物体质量有关；(2)滑动摩擦力跟接触面粗糙程度和压力大小有关，从滑动摩擦力大小的影响因素进行分析；(3)静止在地面上的物体所受的支持力是由于地面发生形变而产生的；(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。本题通过同学们的体育锻炼考查了惯性、摩擦力、弹力、相互作用力等，体现了体育运动中包含很多的物理知识。7.【答案】D【解析】解：4、用力握小皮球，皮球瘪了，说明力可以改变物体的形状，故 4 不合题意；3、篮球撞击在篮板上，篮球变扁，说明力可以改变物
24、体的形状，故 2 不合题意；C、运动员用力拉弓，弓变弯曲，说明力可以改变物体的形状，故 C 不合题意；。、一阵风把地面上的灰尘吹得漫天飞舞，说明力可以改变物体的运动状态，故。符合题意。故选：D。力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。本题主要考查学生对力的作用效果的理解和掌握，难度不大。8.【答案】第14页，共34页B【解析】解：4、甲有固定的熔化温度，是晶体，海波是晶体，故甲对应的是海波，乙没有固定的熔点，是非晶体，蜂蜡是非晶体，故乙对应的是蜂蜡，故A 错误；8、甲在助 段处于熔化过程，此时继续吸热，温度不变，但内能增大，故 B 正确；C、甲是晶体有固定的熔点，且熔点是48。（2,从
25、第4m讥开始熔化，至 岭加讥熔化完成，在第6min时处于熔化过程，处于固液共存状态，故 C错误；、甲是晶体，乙是非晶体，无法比较熔化的时间，故。错误。故选：B。晶体在熔化过程中温度保持不变，有固定的熔点，内能增加；非晶体在熔化过程中温度不断升高，没有固定的熔点。晶体在熔化之前为固态，熔化过程中为固液混合态，熔化完后为液态。此题考查了晶体和非晶体的熔化图像，要区分晶体和非晶体，关键是看是否有固定的熔化温度。同时能从图中找出晶体的熔化过程及熔点。9.【答案】D【解析】解：火箭加速升空过程中，其质量不变、速度增大，故动能增大；同时高度增大，故重力势能增大；由于动能与重力势能均增大，所以其机械能也变大
26、，机械能不守恒，故。正确，ABC错误。故选：D。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能是动能与势能之和。熟知动能和重力势能的影响因素，能根据其影响因素的变化判断能量的变化，是解答的关键。10.【答案】D【解析】解：经分析可知，此、&并联，开关S1位于干路，开关S2位于&支路。A、由电路图可知，开关S】闭合时，也与7?2同时工作，再闭合52后，只有/?2工作，故4不符合题意；B、由电路图可知，开关其闭合时，电路断路，再闭合S2后，与&同时工作，故B不符合题意；C、由电路图可知，开关S1闭合时，只有
27、工作，电路的总电阻最大，总功率最小，为低温状态；再闭合S2后，、/?2并联同时工作，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温状态；若断开S 1，电路为/?2的简单电路，眼罩不会停止发热，故c不符合题意；由电路图可知，开关工闭合时，只有义工作，电路的总电阻最大，总功率最小，为低温状态；再闭合S2后，%、/?2并联同时工作，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温状态；若断开S 1，电路断路，眼罩停止发热，故。符合题意。故选：D。由题意可知，只闭合S1时，&工作，为低温状态，再闭合S2后，心、也 同时工作，为高温状态，说明R1可以独立工作、R1和&可以同时工作，即两电阻并联：断开S1时，眼罩停止发热，说明
28、开关工位于干路，开关S2位于7?2支路，据此进行解答。本题考查了电路图的设计，根据题意得出两电阻的连接方式和开关的位置是关键。11.【答案】A【解析】解：4、分析该题可知，密封盒中的电阻是相同的，但电阻通过的电流是不同的，所以此实验是为了探究电流产生的热量与电流的关系，故A正确；3、将左边容器中的电阻丝换成1 0 0的电阻丝后，电阻不同，且通过盒中电阻丝的电流也是不同的，所以不能探究电流产生的热量与电阻的关系，故B错误；C、由于左侧电阻中的电流大于右侧盒中电阻的电流，在电阻相同的情况下，左侧盒中第16页，共34页的电热多，所以左侧U形管中液面的高度差大，故 c 错误；。、电流通过导体产生热量的
29、多少不能直接观察，但盒中空气的温度的变化导致盒中空气体积的变化，即可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法，故。错误；故选：4。(1)由焦耳定律Q=尸 也 可知，Q与/、R及t有关，故应采用控制变量法进行分析；(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法。本题考查了学生对焦耳定律的认识，并可以通过巧妙的实验来验证一些结论，同时在该实验中利用了控制变量法，该实验方法在实验探究中经常用到。12.【答案】B【解析】解：根据题意可知，电动式无针注射器是依靠磁场对通电线圈有力的作用，利用了药液的惯性，将药液快速“注入”皮肤
30、的，这与电动机的原理相同；A、该装置是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，利用的是电流的磁效应，与注射器工作原理不相同，故 A 错误；8、闭合开关，通电导体在磁场中受到力的作用，与注射器工作原理相同，故 B 正确；C、闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，与注射器工作原理不相同，故 C错误；。、该实验奥斯特实验，说明了电流的周围存在磁场，与注射器工作原理不相同，故。错误。故选：B。电动式无针注射器通电时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，这与电动机的原理相同，工作时将电能转化为机械能。本题以新型的“无针注射器”为内容，考查了相关知识在其中的应用，体现了物理与高科
31、技的联系。13.【答 案】C【解 析】解：A、根据P=U/=?可 得，甲的电阻R尹=*=需=440,将甲接入110U的电路中，它的实际功率/=能=号 詈=275卬，故A错 误；甲 R甲 44。B、两电加热器的额定电压相同、甲的额定功率较大，根据。=叼=的 变 形 式/?=RR可 知，甲的电阻较小，故8错 误；C、两电加热器串联后接在220V的电路中时，通过它们的电流相等，甲的电阻小，由=R可 知，甲的实际功率较小，故C正确。、已知甲的额定功率大于乙的额定功率，用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt可知相同时间内甲消耗的电能较多，故。错误。故 选：Co(1)根据P=U/求出甲电加热器
32、的电阻，再根据P=U/求出甲接入110V的电RR路中时的实际功率；(2)两电加热器的额定电压相同、甲的额定功率较大，根据P=U/=?比较两电加热器的阻值关系：(3)两电加热器串联时通过它们的电流相等，根据P=MR比较两电加热器的实际功率关系；(4)用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根 据 卬=Pt可知相同时间内哪个热得快消耗的电能多。本题考查了电功公式和电功率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相 等。14.【答 案】A【解 析】第18页，共34页解：由电路图可知，治与7?2串联，电压表匕测R1两端的电压，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；/?2滑片P自b向a移动
33、，滑动变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路的总电流变大，即电流表示数变大；根据U=/R可知，电阻两端灯的电压变大，即电压表示数变大；根据串联电路的电压规律可知，电压表岭示数减小；A B,有以上可知，电流表4示数变大，电压表匕示数变大，电压表收示数减小，故A正确，8错误；C、电压表匕示数与电流表4示数的比值为电阻氏的阻值，保持不变，比值不变，故8错误；D、根据P =R可知，R 消耗的功率变大；/?2消耗的功率为：P=七 廿）2&=N T/X2I/?/?U?（72士+2R,R,+底=好-2R1R2+RA而7 =瓦由此可知，/?2消耗的功率是变化的，故。R2 R2 1错误。故
34、选：4。由电路图可知，&与/?2串联，电压表匕测两端的电压，电压表/测/?2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和电压的变化，根据P=N R分析功率的变化。本题考查了串联电路的特点、欧姆定律、电功率公式的应用，关键是判断各电表的作用。1 5.【答案】B【解析】解：4、正常情况下（未超载时），衔铁被弹簧拉起，K与静触点4接触，故A错误；8、超载时，随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B正确；C、电磁铁是根据电流的磁效应制成的，电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理制成的，故C错误
35、；、可以把衔铁看成是一个杠杆，处于图示位置时，电磁铁对衔铁的吸引力的力臂是弹簧弹力力臂的3倍，由杠杆的平衡条件可知，电磁铁对所衔铁的吸引力大约是弹簧弹力的 故。错误。故选：B。(1)正常情况下(未超载时)，衔铁被弹簧拉起，K与静触点4接触；(2)/?2为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据/=9判断出电流的变化；电磁铁的磁性强弱和电流大小、线圈匝数多少有关；(3)电动机是利用通电导线在磁场中受力运动的原理制成的；(4)把衔铁看成是一个杠杆，处于图示位置时，电磁铁对衔铁的吸引力的力臂是弹簧弹力臂的3倍，由杠杆的平衡条件做出判断。此题主要考查的是学生对电磁铁
36、和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则和杠杆平衡条件的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目。16.【答案】C【解析】解：A、乙图中小球处于漂浮状态，则P以P水；丙图中物块处于悬浮状态，则p的=p次，所以乙图中小球的密度小于丙图中物块的密度，故 A 错误：B、甲容器对桌面的压力F/=G次+G容的乙容器对桌面的压力等于容器、水和小球的总重力；因为小球漂浮，所以由漂浮条件和阿基米德原理可得?浮=G或n G排，则乙容器对桌面的压力户乙=G/+G球+G容器=G/+G球排+G容 器,因为三个容器相同且水面高度相同，贝收水=G/+G感烦 所以F =F/即乙容器对桌面的压力等于甲容器对于桌面的压
37、力；同理可知，丙容器对桌面的压力等于甲容器对于桌面的压力，所以三个容器对桌面的压力F相等，且三个容器的底面积S相等，由p=(可知，三个容器对桌面的压强相等，故 B错误；C、小球在乙容器的水中漂浮，向乙容器中加入盐水，液体密度增大，稳定时小球仍然漂浮在液面上，则小球受到的浮力仍然等于小球的重力，小球的重力不变，则小球受到的浮力不变，故 C 正确；D、由题意可知，水的密度p与深度八 都相同，由液体压强公式=。9/1可知，水对容器第20页，共34页底部的压强关系 尹=2 2=。丙；由于液体压强与容器底面积都相同，根据F =pS可知水对容器底的压力：F 甲=F 乙=F 丙,故。错误。故选：C O(1)
38、当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉：当物体的密度小于液体的密度时，物体上浮(漂浮)；当物体的密度等于液体的密度时，物体处于悬浮状态；(2)首先根据已知条件、浮沉条件和阿基米德原理判定容器总重力的大小关系(即对桌面的压力关系)，然后根据p=(分析桌面受到压强的大小关系；(3)根据物体的浮沉条件分析浮力的大小变化；(4)应用液体压强公式比较液体对容器底的压强关系，根据公式尸=pS可知水对容器底的压力关系。本题考查了压强公式、物体的浮沉条件和阿基米德原理的综合应用，难度较大。1 7.【答案】电磁波二次【解析】解：(1)手机既是无线电发射台又是无线电接收台，手机间相互传递信号是通过电磁波进行传播的
39、；(2)电能不能从自然界直接获得，必须通过消耗其它能源才能获得，属于二次能源。故答案为：电磁波；二次。(1)手机是靠电磁波来传递信息的；(2)不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才可以得到的能源叫二次能源。此题考查了电磁波的应用以及能源的分类，是一道基础性题目。1 8.【答案】并 会【解析】解：(1)家庭电路中，电冰箱、电饭煲、日光灯等全部并联，各用电器都能在额定电压下工作，而且互相不影响。(2)断开开关，4 处还和火线相连，接触4 点，相当于接触火线，因此会发生触电事故。故答案为：并；会。(1)为了使用电器正常工作，相互不影响，用电器必须并联在家庭电路中。(2)关控制灯泡时，火线首先
40、进入开关，再进入灯泡，这样开关能控制灯泡，同时断开开关，切断火线，接触电灯不会发生触电事故。掌握家庭电路中各用电器之间的连接方式，家庭电路中不但考虑用电器的使用性，更要考虑使用的安全性。19.【答案】省 力F2【解析】解：如图所示，根据力臂的画法画出各力的力臂；口比较可知，重力的力臂均小于动力岂、尸 2、尸 3 的力臂，“耳”另 一所以该杠杆属于省力杠杆；:I.由 杠 杆 平 衡 条 件=F 2 G 可知，在阻力和阻力臂都一/G 1定的情况下，动力臂越长则动力越小。因为尸 2 对应的动*送一 力臂最长，所以尸 2 最小故答案为：省力；七。(1)根据力臂的画法画出各力的力臂，比较动力臂、阻力臂的
41、大小关系确定属于哪一类杠杆；(2)由杠杆平衡条件F 1 L 1 =尸2 人可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。此题考查杠杆最小力的问题，杠杆的分类，通过作图比较出力臂的长短，直观形象。20.【答案】第22页，共34页热 值 热 量2 0【解 析】解：运载火箭采用偏二甲班作为火箭的燃料，不仅偏二甲肌的密度小，而且具有较高的热 值，完全燃烧相同质量的偏二甲肿时，可以释放出更多的热量；偏二甲肿完全燃烧时放出的热量Q=m勺=Mg x 4.2 x 10
42、7J/kg=4.2 x 1077.水吸收的热量Q级=2-匕)，根据二力平衡，小玻璃瓶的重力为：G=/浮=P水-匕)，小玻璃瓶的质量为：m =_ _ =。次(%-匕)，要求小玻璃瓶的密度，还需要知道小玻璃瓶的体积，所以补充的步骤为：让小玻璃瓶沉没水中，读出量筒中总体积为匕；小玻璃瓶的体积为：=g-匕，小玻璃瓶的密度为：p=,=若港。故答案为:(1)左;(2)33；30；(3)1.1 x 103kg/m3；偏大;(4)让小玻璃瓶沉没水中;(%-匕)(1)调节天平平衡时，如果指针左偏，将平衡螺母向右调，指针右偏，将平衡螺母向左调；(2)烧杯和盐水的总质量等于祛码总质量加上游码对应的刻度值，减去空烧杯
43、的质量，得到盐水质量；由图乙读出盐水的体积，注意量筒的分度值；(3)根据密度公式求出盐水密度的大小；将烧杯中的盐水全部倒入量筒中时，烧杯内壁会有残留，使测出的盐水体积偏小，根据密度公式分析密度测量值变化；(4)在量筒内盛入适量的水，读出量筒中水的体积为匕；让小玻璃瓶口朝上漂浮在量筒内水面上，读出量筒中总体积为七；小玻璃瓶漂浮在水中，小玻璃瓶的重力等于受到的浮力，根据阿基米德原理求出浮力，求1 1;小玻璃瓶的重力，求出小玻璃瓶的质量；让小玻璃瓶沉没水中，读出量筒中总体积为匕，小玻璃瓶的体积等于水和小玻璃瓶总体积与水的体积差；第30页，共34页知道小玻璃瓶的质量和体积，根据密度公式求出小玻璃瓶的密
44、度。本题是液体和固体密度的测量，用天平和量筒来测液体的密度，是实验室中最常用的方法，重点应掌握天平的调节与使用方法、量筒的读数、密度公式的运用等；没有天平仅有量筒的情况下测量小玻璃瓶的密度，需要利用浮力求出小玻璃瓶的重力，从而求出质量，再求密度，这是浮沉特点的应用，是比较典型的密度测量题。29.【答案】解：(1)已知小明与自行车的总质量为m=70kg,则小明与自行车的总重力为：G =mg=70kg x 10N/kg=700N；(2)已知小明骑行的速度u=5 m/s,骑行时间t=10mm=600s,则骑行的路程为：s=vt=5m/s x 600s=3000m；(3)骑行过程中受到的阻力f =2
45、0 N,由二力平衡条件可知骑行过程中的动力为：F=f =20N,则骑行的功率为：P=.若 =F”=20N x 5m/s=lOOVTo答：(1)小明与自行车的总重力为700N：(2)小明骑行中的路程为3000m；(3)小明骑行功率为100小。【解析】(1)已知小明与自行车的总质量，利用G =7ng可求出总重力；(2)己知骑行的速度和时间，利用s=仇可求出骑行的路程；(3)已知骑行过程中受到的阻力，由二力平衡条件可知其动力大小，再根据为P=?=?=F求出骑行的功率。本题考查了学生对重力、速度以及功率的计算公式的运用，同时考查了二力平衡条件的应用，难度不大，需要熟练掌握相关的计算公式。30.【答案】
46、解：(1)小灯泡上标有“6V6W”的字样，由P=/=上可知灯泡正常发光时的电阻为：&=等=第=6QRPL 6IV(2)断开S i、S 2，闭合S,滑动变阻器R 和灯泡L 串联，电流表测电路中的电流，当灯泡的电功率为2.4 W 时，由图乙可知，此时灯泡两端的电压为U J =3 V,通过的电流为/=0.8 4,则此时电路中的电流。=/=0.8 4,滑动变阻器两端的电压为：Up=U-UJ=1 8 7 -3V=1 5 K,滑动变阻器消耗的功率为：PR=Uph=15V X 0.8 4 =1 2I V：(3)闭合S、Si、S 2,此时滑动变阻器R 和电阻品并联，电流表测干路的电流，由于并联电路各个支路之间
47、互不影响，所以滑片移动后，电流表变化的示数等于通过滑动变阻器的电流的变化量；当滑动变阻器的滑片P 在最右端时，其阻值最大为R,根据题意可有：不一鼻=4，即方 一 而 二。，?,4 4解得滑动变阻器的最大阻值为：R =2O 0,则5 m 讥内滑动变阻器产生的热量为：Q=W=UI t=瑞、x 5 x 6 0s=6 4 8 0/。1 XNUJ24 4答：(1)灯泡正常发光时的电阻为6 0；(2)滑动变阻器消耗的功率为1 2 W；(3)5 m i n 内滑动变阻器产生的热量为6 4 8 0/。【解析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率，利用P =UI =?可得出灯泡正常发光时的电阻；(2)断开Si、5
48、 2，闭合S,此时滑动变阻器R 和灯泡L 串联，当灯泡的电功率为2.4 小时，由图乙可知，此时灯泡两端的电压和通过的电流，由串联电路的电流和电压特点可求出滑动变阻器两端的电压和通过的电流，利用P =U/可求出滑动变阻器消耗的功率；(3)闭合S、Si、S 2,此时滑动变阻器R 和电阻&并联，由于并联电路各个支路之间互不影响，所以滑片移动后，电流表变化的示数等于通过滑动变阻器的电流的变化量；根据欧姆定律和题意列出等式，求出变阻器的最大阻值，最后利用Q =W=U/t=求出5 m i n 内滑动变阻器产生的热量。本题考查了学生对欧姆定律、电功率和电热的计算公式的运用，正确分析电路以及从图像中读取有用的
49、信息是解题的关键。31.【答案】第32页，共34页解：(1)水的深度九o =5 c m =0.05 m,对水箱底的压强为：p0=P 9九o =1 x 1 03/c 5/m3 xI O N/kg x 0.05 m =500PQ；(2)此时水的体积为：%=%)S符=5 c m x 1 00c m2=5 00c m3；此时水的质量为：m0=pV0=lg/cm3 x 5 00c m3=5 00g；(3)根据杠杆平衡原理：FXLQA=GMLQ B；所以：GM=#=6NX：=2 N；L0B S在4点时，杠杆上的4点受力为O N,说明此时圆柱形物体所受浮力F浮4 =GM=2N；此时的排水体积像=2 x 1
50、0-4m3=200c m3；港A pg I xlO3 kg/m3xlO N/kg此时圆柱形物体所在深度：心=垩=黑?=4 c m；八 SM 50cm2圆柱体所在部分的水的体积为：%=心(S箱一 SM)=4 c m x (1 00c m2-5 0c m2)=200c m3；此部分水的质量为：mA=pVA=I g/cm3 x 200c m3=200g=0.2kg；当注入水的质量为l kg时，水刚好到圆柱形物体M的下表面，所以4部分水总的质量为：叫总水=m1+mA=1kg+0.2kg=1.2kg.即4点的横坐标值为1.2；(3)根据图2,我们可以看到，当注入2kg水时，杠杆上4点所受力不变，说明此时