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1、2023学年高考物理模拟试卷考生请注意：1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2 .第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 2 4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、作为我国核电走向世界的“国家名片”，华龙一号是当前核电市场上接受度最高的三代核电机型之一，是我国核电创新发展的重大标志性成果，其国内外示范工程按期成功的建设，对我国实现由
2、核电大国向核电强国的跨越具有重要意义。已知发电站的核能来源于空U 的裂变，现有四种说法 嗡 U原子核中有92 个质子，143个中子；U 的一种可能裂变是变成两个中等质量的原子核，反应方程为：2；汨+f 黑U+（：X e +2,；是 天 然 放 射 性 元 素，常温下它的半衰期约为45亿年，升高温度半衰期缩短；一个嗡U裂变能放出2 00M e V 的能量，合 3.2 x l 0-u j。以上说法中完全正确的是（）A.B.C.D.2、目前，我国在人工智能和无人驾驶技术方面已取得较大突破.为早日实现无人驾驶，某公司对汽车性能进行了一项测试，让质量为，的汽车沿一山坡直线行驶.测试中发现，下坡时若关掉油
3、门，则汽车的速度保持不变；若以恒定的功率尸上坡，则从静止启动做加速运动，发生位移s 时速度刚好达到最大值设汽车在上坡和下坡过程中所受阻力的大小分别保持不变，下列说法正确的是A.关掉油门后的下坡过程，汽车的机械能守恒B.关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力的冲量为零C.上坡过程中，汽车速度由今增至?，所用的时间可能等于网端4 2 32 PD.上坡过程中，汽车从静止启动到刚好达到最大速度V m,所用时间一定小于空3、两电荷量分别为q l和 q 2的点电荷固定在x 轴上的O、M 两点，两电荷连线上各点电势中随x 变化的关系如图所示，其中C 为 ND段电势最低的点，则下列说法正确的是（）A.q l
4、、q2为等量异种电荷B.N、C 两点间场强方向沿x 轴负方向C.N、D 两点间的电场强度大小沿x 轴正方向先减小后增大D.将一正点电荷从N 点移到D 点，电势能先增大后减小4、如图所示，箱子中固定有一根轻弹簧，弹簧上端连着一个重物，重物顶在箱子顶部，且弹簧处于压缩状态。设弹簧的弹力大小为F,重物与箱子顶部的弹力大小为FN O当箱子做竖直上抛运动时（）A.F=FN=0 B.f=八邦 C./,#),FN=0 D.尸=0,尸 05、如图所示，将直径为d,电阻为R 的闭合金属环从匀强磁场5 中拉出，这一过程中通过金属环某一截面的电荷量为()Bd2RBd27TR6、某同学手持篮球站在罚球线上，在裁判员示
5、意后将球斜向上抛出，篮球刚好落入篮筐。从手持篮球到篮球刚好落入篮筐的过程中，已知空气阻力做功为W f,重力做功为WG,投篮时该同学对篮球做功为W.篮球可视为质点。则在此过程中A.篮球在出手时刻的机械能最大B.篮球机械能的增量为WG-WFC.篮球动能的增量为W+W G-协D.篮球重力势能的增量为W-WG+Wf二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、a、b两束单色光从水中射向空气发生全反射时，。光的临界角大于b光的临界角，下列说法正确的是（）A.以相同的入射角从空气斜射入水中
6、，a光的折射角小B.分别通过同一双缝干涉装置，a光形成的相邻亮条纹间距大C.若a光照射某金属表面能发生光电效应，光也一定能D.通过同一玻璃三棱镜，”光的偏折程度大E.分别通过同一单缝衍射装置，8光形成的中央亮条纹窄8、如图所示，一定质量的理想气体的状态连续变化，变化过程为a f b f cf其中。直线平行于，轴，C“直线平行于V轴，匕c为等温过程。下列分析正确的是B.ab过程外界对气体做功C.过程气体对外界做功D.仍过程气体放出热量E“出过程气体放出热量9、以下说法正确的是（）A.玻璃打碎后不容易把它们拼在一起，这是由于分子间斥力的作用B.焦耳测定了热功当量后，为能的转化和守恒定律奠定了实验基
7、础C.液体表面层分子间引力大于液体内部分子间引力是表面张力产生的原因D.当分子间的距离增大时，分子间的斥力和引力都减小，但斥力减小得快E.悬浮在液体中的颗粒越小，小颗粒受到各个方向液体分子的冲击力就越不平衡，布朗运动就越明显10、如图所示，甲图为沿x轴传播的一列简谐横波在Q0时刻的波动图象，乙图为参与波动质点尸的振动图象，则下列判断正确的是A.该波的传播速率为4m/sB.该波的传播方向沿x轴正方向C.经过0.5s,质点尸沿波的传播方向向前传播2mD.该波在传播过程中若遇到4m的障碍物，能发生明显衍射现象E.经过0.5s时间，质点P的位移为零，路程为0.4m三、实验题：本题共2小题，共18分。把
8、答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6分）小明同学在“研究物体做匀变速直线运动规律”的实验中，利用打点计时器（电源频率为50Hz）记录了被小车拖动的纸带的运动情况，并取其中的A、3、C、。、E、尸、G七个计数点进行研究（每相邻两个计数点之间还有4 个点未画出)。其 中%=0.70cm,x2=1.62cm,x3=2.75cm,x4=cm(从图中读取)，x5=5.65cm,x6=7.41cmo则打点计时器在打。点时小车的速度%=m/s,小车的加速度。=m/s2.（计算结果均保留到小数点后两位）|111小1 1甲111|川 甲1 1 1|1 1 1甲1 1 1|1川|川1|13
9、4“川 甲111|山14“1 1 1甲1“1用 1 1|0 cm 1 2 3 4 5 6 7 8 912.（12分）实验小组采用如图甲所示实验装置测量木块与木板间动摩擦因数11,提供的器材有：带定滑轮的长木板,有凹槽的木块，质量为20 g的钩码若干，打点计时器，电源，纸带，细线等.实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的钩码放在木块的凹槽中，保持长木板水平，利用打出的纸带测量木块的加速度.打点计时器刍7帝o/(m$)4.02.0m/(-10:kg)甲卜rAU=+三“二m（1）正确进行实验操作，得到一条纸带，从某个清晰的打点开始，依次标注（）、1、2、3、4、5、6,分别测出位置0到位置3、位 置
10、6 间的距离，如图乙所示.已知打点周期T=0.02 s,则木块的加速度2=m/s2.（2）将木块凹槽中的钩码逐个添加到细线下端，改变悬挂钩码的总质量m,测得相应的加速度a,作出a-m图象如图丙所示.已知当地重力加速度g=9.8 m/s2,则 木 块 与 木 板 间 动 摩 擦 因 数 口=（保留两位有效数字）；的测量值（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值，原因是（写出一个即可）.（3）实验中（选填“需要”或“不需要”）满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量.四、计算题：本题共2小题，共 2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分
11、）一定质量的理想气体在。状态体积匕=2L,压 强 P 1=3 a t m,温度7 =4 5 0 K；在状态体积匕=6L,压强P 2=l a t m。该气体的p-V图象如图所示，让该气体沿图中线段缓慢地从“状态变化到。状态，求：气体处于b状态时的温度T2；从a状态到b状态的过程中，气体的最高温度Tm n.14.（16分）光滑水平面上有截面为半圆形柱体A,半径为R,在圆柱体截面圆心O正上方。处用轻质细线悬挂小球B.小球B静止在A上时，细线与竖直方向夹角为a,0 8 与 0 8 垂直，A在水平向右推力尸作用下处于静止状态，已知A、B质量均为m，B可看成质点，不计一切摩擦。当撤去尸，小球推动半圆柱体向
12、左运动，两者分离后，经过/时间小球第一次向左摆到最大高度。（重力加速度大小为g）求：（1）水平推力F的大小；（2）自撤掉尸后到小球第一次向左摆到最高处的过程中，圆柱体位移大小。15.（12 分）人们对手机的依赖性越来越强，有些人喜欢躺着玩手机。若手机的质量为150g,从离人脸约2 0c m 的高度无初速度掉落，砸到人脸后手机未反弹，人脸受到手机的冲击时间约为0.1s,重力加速度g=10m/s 2,试求手机对人脸的平均冲力大小。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由*U 的质量数和电荷数关系可知，原子
13、核中有92个质子，143个中子，正确；由核反应方程中电荷数守恒和质量数守恒知正确；半衰期不受外界因素影响，故错误；通过计算知：200MeV=200 xl09xL6xl019j=3.2xl0-uj。正确。故选D。2、D【解析】A、关掉油门后的下坡过程，汽车的速度不变、动能不变，重力势能减小，则汽车的机械能减小，故 A 错误；B、关掉油门后的下坡过程，坡面对汽车的支持力大小不为零，时间不为零，则冲量不为零，故 B 错误；C、上坡过程中，汽车速度由今增至2,所用的时间为f,根据动能定理可得：,4 2 2I 2J2I 4J解得r=企，故 C 错误；32P PD、上坡过程中，汽车从静止启动到刚好达到最大
14、速度以,功率不变，则速度增大、加速度减小，所用时间为人，则v 2s詈 工 s,解得A 一,故 D 正确.2%3、C【解析】A.若是异种电荷，电势应该逐渐减小或逐渐增大，由图象可以看出，应该是等量的同种正电荷，故 A 错误；B.沿 x 正方向从N 到 C 的过程，电势降低，N、C 两点间场强方向沿x 轴 正 方 向.故 B 正确；C.p-x图线的斜率表示电场强度，由图可得N、D 两点间的电场强度大小沿x 轴正方向先减小后增大，故 C 正确；D.N C 电场线向右，CD 电场线向左，将一正点电荷从N 点移到D 点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大.故 D 错误；【点睛】由图象中电势的特点
15、可以判断是同种等量正电荷.由电势图线的斜率可以判断电场强度的大小.沿电场线电势降低，可以判断电场强度的方向，可知电场力做功的正负，从而判断电势能的变化.4、B【解析】刚开始时，对重物受力分析，根据受力平衡有，m g +F =F ,弹簧的弹力大于重力；当箱子做竖直上抛运动时，重物处于完全失重状态，弹簧仍然处于压缩状态，弹簧的弹力厂与箱子顶部的弹力尸N大小相等，故 B 正确，A CD 错误。故选B。5、A【解析】金属环的面积：=Q2 4由法拉第电磁感应定律得：r一 BSE =A，dt由欧姆定律得，感应电流：R感应电荷量：g=/A t,解得：B开屋q=-=-R 47?故 A 正确，BCD错误；故选A
16、.【点睛】本题考查了求磁通量的变化量、感应电荷量等问题，应用磁通量的定义式、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、电流定义式即可正确解题，求感应电荷量时，也可以直接用公式（/=7-计算.6、A【解析】A.由于篮球有空气阻力做功，则篮球在出手时刻的机械能最大，选项A 正确；B.篮球机械能的增量等于阻力做功，即为-W f,选项B 错误；C.根据动能定理可知，篮球动能的增量等于合外力的功，即为-WG-Wf,选 项c错误；D.篮球重力势能的增量等于克服重力做功，即为.WG,选项D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选
17、对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCE【解析】A,由题知a光的临界角大于分光的临界角，根据.1sin C=n可知。光的折射率较小，波长较大，光以相同的入射角从空气斜射入水中，根据sin/n=-sinr可知a光的折射角较大，故A错误；B.根据双缝干涉条纹间距公式Ax=Ad因a光的波长较大，所以a光形成的相邻亮条纹间距大，故B正确；C.a光的频率小，照射某金属表面能发生光电效应，所以方光频率大，也一定能发生光电效应，故C正确；D.a光的折射率较小，通过玻璃三棱镜后，偏折程度小，故D错误；E.a光的频率小，波长长，通过单缝发生衍射，中央亮条纹宽，故E正确。故选BCE.8、ACE【解析】A E.
18、。过程为等容变化，a-压强减小，由公式=C可知，温度降低，则理想气体内能减小，由热力学第一定T律可知，气体放出热量，故AE正确；B.过程为等容变化，气体对外不做功，外界对气体也不做功，故B错误；C.c-。过程为等压变化，体积变大，气体对外做功，故C正确；D.c fh过程为等温变化，内能不变，体积变大，气体对外做功，由热力学第一定律可知，气体吸收热量，故D错误。故选ACE.9、BDE【解析】A.碎玻璃不能拼在一起，是由于分子距离太大，达不到分子吸引力的范围，故A错误；B.焦耳测定了热功当量后，为能的转化和守恒定律奠定了实验基础，选 项B正确；C.由于液体表面层分子间距离大于分子平衡时的距离，分子
19、间的作用力表现为引力，则液体表面存在张力，故C错误；D.当分子间的距离增大时，分子间的斥力和引力都减小，但斥力减小得快，选 项D正确；E.悬浮在液体中的颗粒越小，小颗粒受到各个方向液体分子的冲击力就越不平衡，布朗运动就越明显，选 项E正确。故选BDE.10、ADE【解析】A.由甲读出该波的波长为；.=4m,由乙图读出周期为F=ls,则波速为v=4m/sT故A正确；B.在乙图上读出U 0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴负方向。故B错误；C.质点P只在自己的平衡位置附近上下振动，并不波的传播方向向前传播。故C错误。D.由于该波的波长为4 m,与障碍物尺寸相差不多
20、，能发生明显的衍射现象，故D正确；E.经 过t=0.55=,质点产又回到平衡位置，位移为零，路 程 为S=2A=2x0.2m=0.4m(,故E正确。2故选ADE.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.10cm(4.094.11cm)0.12m/s 0.21 m/s2【解析】1.由图读出=440cm；相邻两计数点之间的时间间隔为r=o.is；2.打点计时器在打。点时小车的速度(4.10 1.62)x10-2vn=-=-m/s=0.12m/s0 2T 0.23.小车的加速度(工6一七)一工39T2(7.41-2x2.75)x10-29x0
21、.12m/s2=0.21m/s212、(1)3.33(2)0.32-0.36 大于 滑轮与轴承、细线间有摩擦，纸带与打点计时器间有摩擦等(3)不需要【解析】(1)已知打点周期T=0.()2 s,根据逐差法可得木块的加速度为:a人6一%(8.2 0-3.50-3.50)x 10-29T29x0.022=3.33m/s2.(2)设木块的质量为M,根据牛顿第二定律有，0.02),f =+0.02-m)g ,联立可解得加速度为：由丙图可知当时J 苗，则木块与木板间动摩擦因数34,因滑轮与轴承、细线间有摩擦，纸带与打点计时器间有摩擦，所以测量值大于真实值.(3)实验中没有采用细线拉力等于重力，所以不需要
22、满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量.四、计算题：本题共2 小题，共 2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、450K；600K【解析】根据题意，由理想气体状态方程有P1V _ 2%解得T2=450K由题图可知，气体压强，与体积V之间的关系为p=4-V2由理想气体状态方程有7 一 T整理后有当V =4 L 时，T最大，可得Tm M=6 0 0 KR/I A14、(l)mcosasina；(2)-J2cosa(l-cosa)+1.g-(1-cosa)sin a V tana【解析】对 B 分析，绳子拉力Fy=mg cos a把 A B当成
23、整体，水平方向合力为零，则F=4 sin a=mg cos a sin a(2)根据几何关系sin a绳长tan。当 B 运动到最低点AB分离，此时小球距离地面高度hOO-L所以半圆柱体右下角距原来。点距离d=4-依 一 2因此该过程半圆柱体位移为内=R-d =J/?一 R-J 2cosa(l-cosa)sin aAB分离时速度均水平且相等，根据机械能守恒定律1 2mgL(l-cos a)=x 2mv解得IgR cos a(l cos a)v=-：-V sina此后半圆柱体做匀速运动，/时间内位移x2=vtcosa(l-cosa)sin a全过程半圆柱体位移R/I 氏x=x+x1=-J2cosa(l-cosa)+“g-(1-coscr)sin a v tana15、F=4.5N【解析】1 ,由公式/2=28彳，解得=0.2s全过程由动量定理/合=。得(4+q)-Ft2-0_0解得F=4.5N