《2021-2022学年济南高考物理押题试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年济南高考物理押题试卷含解析.pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5 毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3,请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小
2、题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一静止的原子核：X 发生a 衰变，变成另一个新的原子核Y,衰变后测得a 粒子的速率为v,已知a 粒子的质量为m。，原子核Y 的质量为M,下列说法正确的是（）A.原子核Y 的符号表示为 短丫 B.:X 的比结合能一定大于Y 核的比结合能C.原子核Y 的 速 率 为 维M1 ,D.原子衰变过程中释放的核能为一声22、二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳的浓度是否超标。当一氧化碳浓度增大时，电压表V 和电流表A 示数的变化情况可能为A.V 示数变小，A 示数变大B.V 示数变大，A 示数
3、变小C.V 示数变小，A 示数变小D.V 示数变大,A 示数变大3、观看科幻电影 流浪地球后，某同学设想地球仅在木星引力作用下沿椭圆轨道通过木星的情景，如图所示，轨道上尸点距木星最近（距木星表面的高度可忽略）。则A.地球靠近木星的过程中运行速度减小B.地球远离木星的过程中加速度增大C.地球远离木星的过程中角速度增大D.地球在尸点的运行速度大于木星第一宇宙速度4、如图所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P 在支撑点M、N 处受力的方向，下列说法正确的是（）A.M 处受到的支持力竖直向上B.N 处受到的支持力竖直向上C.M 处受到的静摩擦力沿M N方向D.N 处受到的静摩擦力沿水平方向5、下面列出
4、的是一些核反应方程，针对核反应方程下列说法正确的是（）空 U f 2Th+X;H+：H-:He+Y:Be+；H-B+K2U+n t Sr+Xe+lOMA.核反应方程是重核裂变，X 是 a 粒子B.核反应方程是轻核聚变，Y 是中子C.核反应方程是太阳内部发生的核聚变，K 是正电子D.核反应方程是衰变方程，M 是中子6、如图甲所示，一倾角=30。的斜面体固定在水平地面上，一个物块与一轻弹簧相连，静止在斜面上。现用大小为产=kt（我为常量，R，的单位均为国际标准单位）的拉力沿斜面向上拉轻弹簧的上端，物块受到的摩擦力B 随时间变化的关系图像如图乙所示，物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速
5、度g=10m/s2,则下列判断正确的是（）A.物块的质量为2.5kgB.k 的值为1.5N/SC.物块与斜面间的动摩擦因数为亚5D.f=6 s时，物块的动能为5.12J二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、某时刻。处质点沿y 轴开始做简谐振动，形成沿x 轴正方向传播的简谐横波，经过0.8s形成的波动图象如图所示。尸点是x 轴上距坐标原点96 m 处的质点。下列判断正确的是（）A.该质点开始振动的方向沿y 轴向上B.该质点振动的周期是0.8sC.从。处质点开始
6、振动计时，经过3.2s,P 处质点开始振动D.该波的波速是24m/s8、如图所示，轻弹簧下端固定在粗糙斜面的挡板上，上端连接一小滑块（视为质点），弹簧处于自然状态时滑块位于O 点.先用外力缓慢地把滑块移至A 点，此时弹簧的弹性势能为E p,然后撤去外力，滑块沿斜面向上最高能滑到B点，该过程中滑块的最大动能为Ekm,滑块的动能最大时其所在位置距A 点的距离为L.下列说法正确的是A.滑块从A 点滑到O 点的过程中，其加速度大小先减小后增大B.滑块从A 点滑到O 点的过程中，其动能一直增大C.滑块经过距A 点距离为上的位置时，其 动 能 大 于 冬2 2D.滑块从A 点滑到B 点的过程中，克服摩擦阻
7、力和克服重力做功的代数和为Ep9、质谱仪又称质谱计，是根据带电粒子在电磁场中能够偏转的原理，按物质原子、分子或分子碎片的质量差异进行分离和检测物质组成的一类仪器。如图所示为某品牌质谱仪的原理示意图，初速度为零的粒子在加速电场中，经电压U加速后，经小孔尸沿垂直极板方向进入垂直纸面的磁感应强度大小为8 的匀强磁场中，旋转半周后打在荧光屏上形成亮点。但受加速场实际结构的影响，从小孔尸处射出的粒子方向会有相对极板垂线左右相等的微小角度的发散（其他方向的忽略不计），光屏上会出现亮线，若粒子电量均为g,其中质量分别为，“1、m2（帆2）的两种粒子在屏上形成的亮线部分重合，粒子重力忽略不计，则下列判断正确的
8、是（）VA.小孔P处粒子速度方向相对极板垂线最大发散角0 满足cos 0=rriB.小孔P处粒子速度方向相对极板垂线最大发散角0 满 足 sinO=C.两种粒子形成亮线的最大总长度为2（.二 犯）2（Tn.m ）/2UD.两 种 粒 子 形 成 亮 线 的 最 大 总 长 度 为 一 o qrn,10、下列说法正确的是A.两个分子间的距离r存在某一值力（平衡位置处），当 r大于m 时，分子间斥力大于引力；当，小 于 时 分 子 间 斥力小于引力B.布朗运动不是液体分子的运动，但它可以反映出分子在做无规则运动C.用手捏面包，面包体积会缩小，说明分子之间有间隙D.随着低温技术的发展，我们可以使温度
9、逐渐降低，但最终还是达不到绝对零度E.对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，单位时间碰撞容器壁单位面积的分子数一定减少三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）如图所示的实验装置，桌面水平且粗糙，在牵引重物作用下，木块能够从静止开始做匀加速直线运动。在木块运动一段距离后牵引重物触地且不反弹，木块继续运动一段距离停在桌面上（未碰到滑轮）。已知牵引重物质量为m,重力加速度为g。木块 打点计时器C 牵引蕈物某同学通过分析纸带数据，计算得到牵引重物触地前、后木块的平均加速度大小分别为和由此可求出木块与桌面之间的动摩擦因数为=（
10、结果用题中字母表示）；在正确操作、测量及计算的前提下，从系统误差的角度，你认为该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结果与真实值比较会（选填“偏大”、“偏小”“不变”）；木块的 质 量 为 知=（结果用题中字母表示）。12.（12分）同学们利用西红柿自制了水果电池，现在通过实验测量水果电池的电动势和内阻,甲同学采用图a 测量电路测量水果电池的电动势，用 3 V 电压表测量结果如图b 所示，读数为_V,测量结果比水果电池电动势（选填“偏小”、“偏大”或“相等（2）实验室可提供以下器材，乙同学设计了电路图测量水果电池电动势和内阻。微 安 表（0 3 0 0 g,内阻为4=10（）。）：电阻箱R（
11、0 99990）：开 关（一个）；导线若干。请在虚线框中画出乙同学设计的电路图_ _ _ _ _ _ _ （如图c 所示）；同学们完成了实验数据记录，通过图像法来分析数据，做出R 与:的图像如图d 所示，则电源电动势为一,水果电 池 的 内 阻 为 一 o（结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）质量为，的小滑块自圆弧形轨道上端由静止滑下，如图所示，圆弧形轨道半径为R,高 度 为 九A点为弧形轨道与水平桌面的平滑连接点。滑块离开桌面后恰好落入静止在水平地面上的装满沙的总质量为M 的小
12、车中，桌面到小车上沙平面的高度也是心木块落入车内与沙面接触直到相对静止经过的较短时间为试回答下列问题：（所有接触面的摩擦不计，重力加速度g 已知，小车高度不计。）（1）滑块经过A 点前后对轨道和桌面的压力尸I、F2各多大？（2）小车最终的速度是多大？（3）滑块落入车中直到相对车静止的过程中小车对地面的平均压力多大？14.（16分）如图所示，倾斜轨道A B的倾角为37。，CD,EF轨道水平，AB与 CD通过光滑圆弧管道BC连接，CD右端与竖直光滑圆周轨道相连.小球可以从D 进入该轨道，沿轨道内侧运动，从 E 滑出该轨道进入EF水平轨道.小球由静止从A 点释放，已知AB长为5R,CD长 为 R,重
13、力加速度为g,小球与斜轨AB及水平轨道CD、E F的动摩擦因数均为0.5,sin37*0.6,cos37o=0.8,圆弧管道BC入口 B 与出口 C 的高度差为1.8R.求：（在运算中，根号中的数值无需算出）(1)小球滑到斜面底端C时速度的大小.(2)小球刚到C时对轨道的作用力.(3)要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径R，应该满足什么条件？15.(12分)在如图甲所示的平面坐标系xOy内，正方形区域(0 xd、0 yd)内存在垂直xOy平面周期性变化的匀强磁场，规定图示磁场方向为正方向，磁感应强度8的变化规律如图乙所示，变化的周期r可以调节，图中为为己知。在X 处放置一垂直于X
14、轴的荧光屏，质量为，小 电荷量为g的带负电粒子在U0时刻从坐标原点。沿y轴正方向射入磁场，不计粒子重力。2兀m(1)调节磁场的周期，满 足 小 一 若 粒 子 恰 好 打 在 屏 上(d,0)处，求粒子的速度大小也qBTim(2)调节磁场的周期，满 足 丁=，若粒子恰好打在屏上。(d，d)处，求粒子的加速度大小a；(3)粒子速度大小为外产叁回时，欲使粒子垂直打到屏上，周 期7应调为多大？6m参考答案一、单项选择题；本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.注意区分质量数和质量的物理意义，质量数和质量不能混淆，原子核Y 的符号表示为
15、*Y,A 错误;B.因反应放出核能，贝（J：X 的比结合能小于V核的比结合能，B 错误；C.根据动量守恒可得得/=维MC 正确;D.因原子核y 也有动能，则衰变过程中释放的核能大于;小止2,D 错误.故选C。2、D【解析】当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则 A 示数变大；由欧姆定律知K 的电压变大，则电压表V 变大；A C.综上分析，电压表示数变大，A C 错误；B D.综上分析，电流表示数变小，B 错误D 正确。故选D。3、D【解析】A.地球靠近木星时所受的万有引力与速度成锐角，做加速曲线运动，则运行速度变大，A 错误；B.地球远离木星的
16、过程，其距离r 变大，则可知万有引力增大，由牛顿第二定律：GM、m=mar则加速度逐渐减小，B 错误；C.地球远离木星的过程线速度逐渐减小，而轨道半径逐渐增大，根据圆周运动的角速度关系。=U，可知运行的角速r度逐渐减小，C 错误；D.木星的第一宇宙速度指贴着木星表面做匀速圆周的线速度，设木星的半径为R,）蜉,而地球过P 点后满足w做离心运动，则万有引力小于需要的向心力，可得-Mm vlG 丁 mR2 R可推得:即地球在尸点的运行速度大于木星第一宇宙速度，D 正确；故选D。4、A【解析】M 处受到的支持力的方向与地面垂直向上，即竖直向上，故 A 正确；N 处受到的支持力的方向与原木P 垂直向上，
17、不是竖直向上，故 B 错误；原木相对于地有向左运动的趋势，则在M 处受到的摩擦力沿地面向右，故 C 错误；因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N 处受到的摩擦力沿M N 方向，故 D 错 误.故 选 A.5、B【解析】A.不是重核裂变方程，是典型的衰变方程，故 A 错误；B.是轻核聚变方程，：H e+；n所以Y 是中子，故 B 正确；C.太阳内部发生的核聚变主要是氢核的聚变，:B e+j H-1 B+；nK 是中子，不是正电子，故 C 错误；D.不是衰变方程，是核裂变方程，故 D 错误。故选B。6、D【解析】A.当f=0 时，则可知：Ff-mgsinO=5N解得:m=1kg故 A 错误;B.当
18、f=2s时，由图像可知:F,=0说明此时刻方=5 N,则:Z=2.5N/m故 B 错误;C.后来滑动，则图像可知:Ff 6N-/jmgcosO解得:2百故 C 错误;D.设人时刻开始向上滑动，即当:F-Ff+mgs in即：kt,=6N+5N解得：4=4.4s即4.4s时刻物体开始向上滑动，6s时刻已经向上滑动了，则合力为:=kt-Ff-mgsinO即：K=-1 1 N根据动量定理可得：FA+FZ,八2即:0+4x(6-4.4)=lxV解得:v=3.2m/s即当，=6 s 时所以速度大小为3.2 m/s,则动能为：1 2 1 2 产丁。=尸、3.2 b 5.故 D正确；故选D。二、多项选择题：
19、本题共4小题，每小题5 分，共 2 0 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0分。7、B C【解析】A.由上下坡法可知，质点开始振动的方向沿y轴负方向，故 A错误；B.0.8 s 传播一个波长，周期为0.8 s,故 B正确；CD.波速Z 2 4 ,v=-m/s =3 0 m/sT 0.8传到尸点的时间9 6t s=3.2 s3 0故 C正确，D错误。故选B C 8、A C D【解析】滑块从A点滑到O点的过程中，弹簧的弹力逐渐减小直至零,弹簧的弹力先大于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，再等于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之
20、和，后小于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，合外力先沿斜面向上，随着弹簧的减小，合外力减小，则加速度减小.合外力后沿斜面向下，随着弹簧的减小，合外力反向增大，则加速度反向增大，所以加速度大小先减小后增大，故 A正 确.在 AO间的某个位置滑块的合外力为零，速度最大，所以滑块从A点滑到O点的过程中，速度先增大后减小，则动能先增大后减小，故 B 错误.设动能最大的位置为C,从 A到 C,由动能定理得：W弹 叼 叫|=用,“，设距A点距离为4 的位置为D,此 位 置 动 能 为 滑 块 从 A到 D的过程，由动能定理得：m-Wf2-WG2=Ek,因 为 叼 2=；叼/乜 2=；%一 则2 纭=2%2
21、-W 跑=2(E p -4 )-(耳一 4 )=(E p%)-(E p D -)。故 C 正确.滑块从 A 点滑到 B 点的过程中，根据动能定理得：吗单-%-=，又皿弹=Ep,则得%+叱；=E p,即克服摩擦阻力和克服重力做功的 代 数 和 为 马,故D正确.9、AD【解 析】由题意知 1 2qU=网V。24%8=叫管解得1用同理V等设左右最大发射角均为。时，粒子加2光 斑 的 右 边 缘 恰 好 与 粒子叫光斑的左边缘重合，如 图 所 示（图 中 虚 线 为 性 半 圆轨迹和向左发散。角 轨 迹，实 线 为 犯 半 圆 轨 迹 和 向 左 发 散。轨 迹），则1R-,cos 0=2R联立解得
22、此时两种粒子光斑总宽度为Ax=2&-2R cos 0解得故选ADo10、BDE【解析】A、两个分子间的距离，存在某一值ro（平衡位置处），当/大于ro时，分子间斥力小于引力；当 r 小球m时分子间斥力大于引力，所以A 错误；B、布朗运动不是液体分子的运动，是固体微粒的无规则运动，但它可以反映出液体分子在做无规则运动，所 以 B 正确；C、用手捏面包，面包体积会缩小，只能说明面包内有气孔，所 以 C 错误；D、绝对零度只能无限接近，不能到达，所 以 D 正确；E、对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，单位面积上分子数减小，则单位时间碰撞分子数必定减少,所以E 正确.三、实验题：本题共2
23、 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、”偏大地出g 4+%【解析】1牵引重物触地后，对木块由牛顿第二定律f.iMg=Ma2由此可求出木块与桌面之间的动摩擦因数为a,g2在减速阶段产生加速度的力是滑动摩擦力和纸带受到的阻力，所以该实验测量的木块与桌面之间的动摩擦因数的结果与真实值比较会偏大。3 牵引重物触地前，对木块和牵引重物分别用牛顿第二定律T-jjMg=Maxm g-T=ma联立解得6 Z j+生1 2、0.71 V-0.75V 偏小1.22V (1.1 6 1.22 均可)250Q【解析】(1)口 电压表的最小分度为0.1 V,由图可知，电压表的读数
24、为0.71 V,由于误差0.71 V-0.75V 均可 2 由于电池有内阻，则电压表测的为电源路端电压，则测量值小于电动势(2)网由题所给器材可知，可用微安表和电阻箱进行测量，电路图如图 4 根据闭合电路欧姆定律有E =I(R+R+r)变形得ER=-R fI g电动势等图像斜率为4 4 V 1.2 2 V4-0.4由于误差1.1 6V 1.22V 均可 5 截距的绝对值为+r=350Q则r=350。-1 00。=250。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(l)F；=m g +2 m g-,F2=m g；(2
25、)总 ；(3)Mg +-g +。R M +m t【解析】(1)滑块沿弧形轨道下滑的过程中mgh=g mv“7经过A 点前的瞬间:Fm g=m 所以:_ C 力=mg+2m g-,经过A 点后，滑块沿桌面匀速直线运动，所以经过A 点的瞬间:B=mg(2)滑块离开桌面做平抛运动7 1 2h=-g落入车内时，竖直方向分速度vy=gt=2gh水平方向分速度V国1滑块与小车水平方向动量守恒，则:mvx=+解得:V mvA _，而石.，M+m M+m(3)由动量定理:(F mg)t=mvy=2gh解得:吆+吆 回由牛顿第三定律可知，小车对地的压力F =M g +m g H -ot1 4、（1）J 岑 耳
26、（2）6.6m g,竖直向下（3）R 2 3 R（1 分）若R=2.5 R,由上面分析可知，小球必定滑回D,设其能向左滑过D C 轨道，并沿C B运动到达B点，在 B点的速1,1 ,度为VB,则由能量守恒定律有5 根 =/mu J+/g.i.8R+2m g K （1 分）由式，可得力=。（1 分）故知，小球不能滑回倾斜轨道AB,小球将在两圆轨道之间做往返运动，小球将停在C D 轨道上的某处.设小球在C D轨道上运动的总路程为s,则由能量守恒定律，有 5 mb=根g s a 分）由两式，可得 S=5.6R（I 分）所以知，b球将停在D 点左侧，距 D 点 0.6R处.（1 分）考点：本题考查圆周
27、运动、动能定理的应用，意在考查学生的综合能力.15、(1)v=(2)af%(其中 k=l,2,3.)；(3)7=%(g +夕),其中 sin 6=1 ,6=arcsin，；sin6=1,2m m2k qB 2 6 6 4133=arcsin；sin=,。=arcsin 一。444【解析】v2qvB-m R几何关系可得:2Ri=d联立解得:丫=幽2m由几何关系可得:及d=k R z，其中 k=l、2、3qvB=m 及2可得：_ qBdkm而qvBa-m联立可得：q2B2d其中R=L 2,3(3)洛伦兹力提供向心力，有:2qvB=m R3%=qBd6md_6粒子运动轨迹如图所示,在每个磁感应强度变
28、化的周期内，粒子在图示A、5两个位置可能垂直击中屏，且满足要求设粒子运动的周期为，由题意得：T-+o1=2r；2 2万,_ 2TTR3 _ 271m%qB设经历完整7B的 个 数 为 (=0,1,2,3)(I)若粒子运动至A 点击中屏，据题意由几何关系得：R+2(K+Ksin。)n-d当 =0、1 时无解；当 =2 时，sin=,=arcsin；4 4n2时无解。(I D 若粒子运动至3 点击中屏，据题意由几何关系得:R+2Rsin 0+2(K+Rsin。)n=d当 71=0时无解。=1 时，sin 6=,=arcsin；4 4n=2 时：sin,0=arcsin；6 6n 2时无解综合得：2m.71 八、T=石 弓+1 1 1 1 3 3其中 sin0=,0=arcsin-；sin0=,=arcsin ；sin9=,0=arcsin 一。6 6 4 4 4 4