《2021-2022学年北京市某中学高考物理押题试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年北京市某中学高考物理押题试卷含解析.pdf（20页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角 条形码粘贴处o2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将
2、本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于原子、原子核和波粒二象性的理论，下列说法正确的是（）A.根据玻尔理论可知，一个氢原子从=5能级向低能级跃迁最多可辐射10种频率的光子B.在核反应中，质量数守恒，电荷数守恒，但能量不一定守恒C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光照强度太弱D.。、Y三种射线中，a射线的电离本领最强，Y射线的穿透本领最强2、2018年11月中科院的等离子体研究所宣布我国的“人造太阳”装置的研究取得了突破性的进展，等离子体中心的温度已经可以达到1亿度。“人造
3、太阳”实验中的可控热核反应的聚变方程是；H+：H f；H e+n,反应原料用（;H）富存于海水中，M（,H）可以用中子轰击锂核（；L i）得到。关于中子轰击锂核（；L i）产生一个晁（：H）核和一个新核，下列说法正确的是（）A.该核反应方程为 L i+；n f H e+：HB.在中子轰击锂核（：L i）的反应中，系统动量守恒，能量不守恒C.核反应生成物中的a粒子具有很强的电离本领，但穿透能力较弱D.核反应前后核子数相等，所以生成物的质量等于反应物的质量之和3、如图所示，在水平地面上。点正上方的4、8两点水平抛出两个相同小球，两小球同时落在水平面上的C点，不计空气阻力。则两球B.77777777
4、7777777777777A.可能同时抛出B.落 在 c 点的速度方向可能相同c.落 在 c 点的速度大小一定不同D.落 在 C 点时重力的瞬时功率一定不同4、如图所示，战斗机离舰执行任务，若战斗机离开甲板时的水平分速度为40m/s,竖直分速度为20m/s,已知飞机在水平方向做加速度大小等于2m/s2的匀加速直线运动，在竖直方向做加速度大小等于lm/s2的匀加速直线运动。则离舰 后（）A.飞机的运动轨迹为曲线B.10s内飞机水平方向的分位移是竖直方向的分位移大小的2 倍C.10s末飞机的速度方向与水平方向夹角为30。D.飞机在20s内水平方向的平均速度为50m/s/5、汽车在平直公路上以速度匀
5、速行驶，发动机的功率为尸，司机为合理进入限速区，减小了油门，使汽车功率立即减小一半并保持该功率继续行驶，设汽车行驶过程中所受阻力大小不变，从司机减小油门开始，汽车的速度y 与时间f 的关系如图所示，则在0八时间内下列说法正确的是A.汽车的牵引力不断减小B.U 0 时，汽车的加速度大小为PC.汽 车 行 驶 的 位 移 为 她+网1 D.阻力所做的功为4%222 8 P 2 1 86、光电效应实验，得到光电子最大初动能Ekm与入射光频率V的关系如图所示。普朗克常量、金属材料的逸出功分别为（）0-bb_ j_a b二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，
6、有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、质量为m 的小球穿在光滑细杆MN上，并可沿细杆滑动。已知细杆与水平面夹角30。，细杆长度为2乙尸为细杆中点。小球连接轻弹簧，弹簧水平放置，弹簧右端固定于竖直平面的。点。此时弹簧恰好处于原长，原 长 为 毡劲 度 系 数 为 等。将小球从M 点由静止释放，小球会经过P 点，并能够到达N 点。下列说法正确的是。1,A.小球运动至P点时受到细杆弹力为三叵加gB.小球运动到尸点处时的加速度为圆2C.小球运动至N 点时的速度J 区D.小球运动至N 点时弹簧的弹性势能为,“gL8、一物体静止在粗糙水平地面上，受到一恒
7、力厂作用开始运动，经时间fo,其速度变为火 若物体由静止开始受恒力2尸作用，经时间的 其速度可能变为（）9、光滑绝缘的水平地面上，一质量机=1.0kg、电荷量q=l.（）xl0-6c的小球静止在。点，现 以 O 点为坐标原点在水平面内建立直角坐标系x O y,如图所示，从 U 0 时刻开始，水平面内存在沿x、y 方向的匀强电场Ei、瓦，场强大小均为 l.OxHfv/m；f=O.ls时，y 方向的电场变为-y方向，场强大小不变；U0.2s时，y 方向的电场突然消失，x 方向的电场变为女方向，大 小 心 =2反。下列说法正确的是()yo iA.U0.3s时，小球速度减为零B.U O.ls时，小球的
8、位置坐标是(0.05m,0.15m)C.Z=0.2s时，小球的位置坐标是(0.1m,0.1m)D.D.3 s 时，小球的位置坐标是(0.3m,0.1m)1 0、如图所示为某探究活动小组设计的节能运输系统.斜面轨道倾角为30,质量为M 的木箱与轨道的动摩擦因数为也.6木箱在轨道顶端时，自动装货装置将质量为m 的货物装入木箱，然后木箱载着货物沿轨道无初速度滑下，当轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程，下列选项正确的是A.m=MB.m=2MC.木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度D.在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力
9、势能全部转化为弹簧的弹性势能三、实验题：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1.(6 分)某课外活动小组使用如图所示的实验装置进行 验证机械能守恒定律的实验，主要步骤:A、用游标卡尺测量并记录小球直径dB、将小球用细线悬于。点，用刻度尺测量并记录悬点。到球心的距离/C、将小球拉离竖直位置由静止释放，同时测量并记录细线与竖直方向的夹角0D、小球摆到最低点经过光电门，光电计时器(图中未画出)自动记录小球通过光电门的时间VE、改变小球释放位置重复C、D 多次F、分析数据，验证机械能守恒定律请回答下列问题:o0小球 口光电门mm(1)步 骤A中游标卡尺
10、示数情况如下图所示，小 球 直 径d=In u lin用，巾T iy ly ilpjjliu山mln ihiuliiuhniliinhiuliinhinl(2)实验记录如下表，请 将 表 中 数 据 补 充 完 整(表 中v是小球经过光电门的速度e102030405060cos，0.980.940.870.770.640.50AZ/ms18.09.06.04.63.73.1v/ms10.541.09_2.132.653.16v 2/m2s20.301.19_4.547.029.99 某 同 学 为 了 作 出y2-CO S。图像，根据记录表中的数据进行了部分描点，请补充完整并作出口2一 COS
11、。图 像()(4)实验完成后，某 同 学 找 不 到 记 录 的 悬 点0到 球 心 的 距 离I 了,请你帮助计算出这个数据1=-m(保留两位有效数字)，已知当地重力加速度为9.8 m/s2。1 2.(1 2 分)在探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系实验中，小李同学采用了如图所示的可拆式变压器(铁芯不闭合)进行研究(1)实 验 还 需 下 列 器 材 中 的 (多选):(2)实验中，上图中变压器的原线圈接“0；8”接线柱，副线圈接线“0；4”接线柱，当副线圈所接电表的示数为5.0V,则 所 接 电 源 电 压 档 位 为.A.18.0V B.10.0V C.5.0V D.2.5V四、计算题
12、：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.(1 0 分)直角坐标系x o j位于竖直平面内，在第一象限存在磁感应强度8=0.1 T、方向垂直于纸面向里、边界为矩形的匀强磁场。现有一束比荷为幺=108 C/k g 带正电的离子，从磁场中的A 点(B m,0)沿与x 轴正方向成6m2 0=60。角射入磁场，速度大小v(0区域都存在向里的磁场，离子仍从A 点 以 v o=x l()6 m/s向各个方向均匀发射，求 y 轴上有离子穿2出的区域长度和能打到y 轴的离子占所有离子数的百分比。yX14.（16分）如图所示，光滑水平面上有一
13、被压缩的轻质弹簧，左端固定，质量为机A=1kg的滑块A紧靠弹簧右端（不拴接），弹簧的弹性势能为耳=32兀 质 量 为=1kg的槽B静止放在水平面上，内壁间距为乙=0.6 m,槽内放有质量 为 代=2kg的滑块C（可视为质点），C到左侧壁的距离为4=0.1 m,槽与滑块C之间的动摩擦因数=0。现释放弹簧，滑块A离开弹簧后与槽B发生正碰并粘连在一起。已知槽与滑块C发生的碰撞为弹性碰撞。（g=10m/sD求:（1）滑 块A与槽碰撞前、后瞬间的速度大小;槽与滑块C最终的速度大小及滑块C与槽的左侧壁碰撞的次数;（3）从槽开始运动到槽和滑块C相对静止时各自对地的位移大小。15.（12分）如图所示，半径R=
14、0.4m的四分之一光滑圆弧轨道固定在地面上，质量，=lk g的滑块B（可视为质点）从圆弧轨道顶端正上方高为力=0.85m处自由落下，质量为M=2kg的木板A静止在光滑水平上，其左端与固定台阶相距x,右端与圆轨道紧靠在一起，圆弧的底端与木板上表面水平相切.B从A右端的上表面水平滑入时撤走圆弧轨道,A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力，A B间动摩擦因数=0.1,B始终不会从A表面滑出，取g=10m/s2,求:(1)滑 块B运动到圆弧底端时对轨道的压力;(2)若A与台阶碰前，已和B达到共速，求从B滑上A到达到共同速度的时间;(3)若要使木板A只能与台阶发生一次碰撞，求x应满足的条件以及木板A的最
15、小长度.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.大量氢原子从=5能级向低能级跃迁最多可辐射10种频率的光子，一个氢原子从=5能级向低能级跃迁最多只能辐射4种频率的光子，故A错误；B.在核反应中，质量数守恒，电荷数守恒，能量也守恒，故B错误；C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为金属的极限频率大于入射光的频率，故C错误；D.a、p、丫三种射线中，a射线的电离本领最强，丫射线的穿透本领最强，故D正确。故选D。2,C【解析】A.中子轰击锂核，核反应方程式应为；Li+；n f；He+：H,A错误；B.
16、核反应过程系统动量守恒，能量也守恒，B错误；C.a粒子具有很强的电离本领，穿透能力较弱，C正确；D.核反应前后核子数相等，核反应中释放的核能源于核反应过程中的质量亏损，D错误。故选C。3、D【解析】A.平抛运动的时间由竖直高度决定，根据：.1 2h=2gr可知两小球抛出高度不同，落地时间不同，不可能同时抛出，A错误；B.平抛运动的末速度方向的反向延长线必过水平位移的中点，两小球平抛的水平位移相同，竖直位移不同，所以在C点的末速度方向不同，B错误；C.平抛运动的末速度：V=M+V；=j(?2+3)，=j*+2 g X2若 =%，则代入上述公式解得：*=4,有解，说明速度可以相等，C 错误；D.落
17、 地 C 点重力的瞬时功率：P =mgvy=mgt两小球落地时间不同，落地时重力的瞬时功率不同，D 正确。故选D。4、B【解析】A.飞机起飞后的合速度与合加速度方向一致，所以飞机运动轨迹为直线，A 错误;B.10s内水平方向位移x=%J +axt=5 0 0 m竖直方向位移1 9%5aL250mB 正确;C.飞机飞行方向与水平方向夹角的正切t a n 8 =0.5,C错误;D.飞机在20s内水平方向的位移X，=4 0 x 2 0+l x 2 x 2()2 =1 2 0 0 m2则平均速度为X，vv=6 0 m/sD 错误。故 选 B。5、C【解析】A.减小油门后，机车的功率保持不变，当速度减小
18、时，根 据 P=Fv可知,牵引力增大，故 A 错误;B.汽车以速度vo匀速行驶时，牵引力等于阻力，即有：F=f,发动机的功率为P,由P=Fvo=fvo得阻力u o 时，功率为原来的一半，速度没有变，则P尸=2=2%2Vo根据牛顿第二定律得:F-f Pa=-=-m2mv0故 大 小 为 就?故 B 错误。C D.根据动能定理得：1,10.5也+叫=机（0.5%）一一金加片解得阻力做功为IWf=-3-mvo2 不P乙设汽车通过的位移为X,由的=亦，解得1Vl 3机片A-I2 8P故 C 正确，D 错误。故选C。6、A【解析】根据Ekm=叱）得纵轴截距的绝对值等于金属的逸出功，等于心图线的斜率,b,
19、K=ha故 A 正确，B C D 错误；故选A.二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、A C【解析】A B.小球运动至尸点时，根据几何关系可得。尸之间的距离为:a-L sin 3()=L3 3则弹簧的弹力大小为：对小球受力分析，可知受重力、弹簧的弹力和轻杆的弹作用，如图所示:在垂直斜面方向上，根据平衡条件有：N=F+mg cos 30解得：N=m8在沿斜面方向上，根据牛顿第二定律有：mg sin 30=ma3 _解得：a=gsin30 A 正确，B 错误；C
20、 D.根据几何关系，可知ON=OM=-L3故小球从M 点运动至N 点，弹性势能变化量为零，所以在N 点的弹性势能为零，则整个过程小球减小的重力势能全部转化为小球的动能，根据机械能守恒有：1 ,mg2Lsin30=mvN解得：VN=12gL，C 正确，D 错误。故选A C。8、C D【解析】设恒力与水平方向夹角为。，物体质量为机，动摩擦力因数为，由牛顿第二定律有F c os 0-/m g -F s in 0)=m%得F(c os 0+/s in 0)-jumga m同理当拉力变为2尸时，有a22 F(c os 8 +s in。)-umg 2 F(c os。+4 s in。)-2 件 ng.-=2
21、。mm由速度公式y=o可知，速度将大于原来的2倍，故A B错误，CD正确。故选C D o9、A D【解析】从D时刻开始，水平面内存在沿+x、+y方向的匀强电场E l、E2,场强大小均为1.0 X 1()7 v/m，则由牛顿第二定律可知qE=ma小球沿+x、+y方向的加速度的大小均为ay=a2=1 0 m/s2经 过I s,u O.ls时，小球沿+x、+y方向的速度大小均为v,=v2=I m/s小球沿+x、+y方向的位移大小均为%=x2=0.0 5 m在第2个0.I s内，小球沿x方向移动的距离I 2x2=卬2+a2(2=0 1 5 m沿了方向移动的距离1 2y2=v2t2-3。跖二0 0 5
22、m沿y方向移动的速度v2,=V2t2=0UO.2s时，y 方向的电场突然消失，X方向的电场变为-X方向，则在第3 个 0.1 S 内小球沿+X方向做匀减速直线运动,由qE2=ma2可知 a；=20m/s2,在第3 个 0.1s内，小球沿+x方向移动的距离马=(匕+“2 居一 a tl=O.lm2 3UO.3s时，小球的速度微匕=(匕+8 2)一4 7 3=。综上分析可知，AD正确，BC错误。故选AD1 0、BC【解析】C C S。A B.木箱和货物下滑过程中，令下滑高度为h,根据功能关系有(M+m)ghji(M+m)ghF=E 弹.木箱上滑过sin程中，根据功能关系有一Mgh-nMgh怨 =0
23、-E 弹.代入相关数据，整理得m=2M,A 错误，B 正确；sin 6*木箱和货物下滑过程中，根据牛顿第二定律有：a1=g(sin0-M cos 0),方向沿斜面向下.木C.箱上滑过程中，根据牛顿第二定律有：a2=g(sin 0+pcos 0),方向沿斜面向下，所 以 C 正确；D.根据能量守恒定律知，还有一部分机械能由于克服摩擦力做功转化为内能，D 错误.三、实验题：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1,9.80 1.632.661.0【解析】(1)口 游标卡尺的主尺读数为9m m,游标尺上第16个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为1
24、6x0.05mm=0.80mm,所以最终读数为：9mm+0.80mm=9.80mm；(2)根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球经过光电门时的速度为:dV=t9.80 x10-36.0 x10-3m/s =1.6 3 m/s则有:v2=2.66m2/s2(3)4 先根据记录表中的数据进行了描点，作出v2-c os O 图像如图:(4)由 v2-c os O 图像可得图像斜率的绝对值为:,10-0”k-=201.0-0.5要验证机械能守恒定律，必须满足:1 2mg(l-IcosQ)=mv化简整理可得：v2=2g/-2g/cos0则有:2gl=k=20解得:I-1.0m12、(1)BC(2)
25、A【解析】(1)本实验中，变压器的原线圈应接在交流电源上；为了知道原、副线圈的电压比和线圈匝数比之间的关系,还需要电压表。故学生电源和电压表两个器材不能缺少，选 B C；(2)理想变压器原、副线圈电压和匝数的关系为三=三；若变压器的原线圈接“0；8”接线柱，副线圈接线“0；4”接线柱，则原、副线圈匝数比为三=；=2,则原线圈两端电压二，=三二；=2 x 5 V=1 0 V。本题中可拆变压器并非理想变压器，存在漏磁现象，要使副线圈所接电压表示数为5 V,则原线圈电压必须大于1 0 V,故选A。【点睛】理想变压器原、副线圈两端电压和各自匝数的关系为 三=,实验中需要的器材有：低压交流电源，电压表;
26、口；口：而可拆式变压器，铁芯是不闭合的，三 三，利用此关系就可以确定求解。口：口：四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(l)O.lm；(2)m2；(3)3 +m;50%200 20【解析】(1)根据洛伦兹力提供向心力有2qvB=代入数据解得Z?=O.lm；(2)如 图 1 所示：根据几何关系可知，速度最大的离子在磁场中运动的圆心在y 轴上的8(0,、m)点，离子从C 点垂直穿过y 轴，所有离子均垂直穿过y 轴，即速度偏向角相等，AC连线应该是磁场的边界，满足题意的矩形如图1 所示，根据几何关系可得矩形长为0A
27、6-=mcos。10宽为1/?-7?cosO=m20则面积为S=200(3)根据洛伦兹力提供向心力有片qvB-mR解得20临 界1,根据图2可得与x轴成30。角射入的离子打在y轴上的8点，AB为直径，所 以8点位y轴上有离子经过的最高点，根据几何知识可得3OB=m；20临界2：根据图2可得，沿着x轴负方向射入磁场中的离子与y轴相切与C点，所 以C点为y轴有离子打到的最低点，根据几何知识有OC=m20所以y轴上8点至C点之间的区域有离子穿过，且长度为fiC=3 +V|m20根据图3可得,y图3沿着X轴正方向逆时针转到X轴负方向的离子均可打在y轴上，故打在y轴上的离子占所有离子数的50%.14、(
28、l)vo=8m/s,v,=4m/s；(2)v2=2m/s,”=4；(3).vB-3.9m,sc=4.Im【解析】(1)设滑块与槽碰撞前后的速度分别为vo,n.弹簧将4弹开，由机械能守恒定律得EP=mAvl解得v0=8m/s A与B发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得：乃%=(叫+顼)甘 解得V i=4m/s 最终滑块。与槽共速，设为均 由动量守恒定律得(mA+m/i)vl+牲 +mc)v2 解得v2=2m/s 设滑块。与槽的相对运动路程为s,由能量守恒定律得卬/gs=1(mA+mB)v；-g(%+rnB+)环解得s=4m 设 C 与槽的左侧壁碰撞次数为，则有s-dn=-2L解得+1n=4.25
29、取n=4(3)设槽和滑块A 碰后加速度大小为a”滑 块 C 的加速度大小为及,由牛顿第二定律得 加eg=(%+%)4 解得q =lm/s2 a2=lm/s2 槽(含 滑 块 4)和滑块C 的质量相等，发生弹性碰撞后互换速度，最终以共同速度匕=2m/s一起运动。设从碰后到一起运动的时间为,则芍解得Z=2s+d+3L代入数据的得sB=3.9m 滑 块C的位移5c=万 4 r +3L+(s d-6L)代入数据的得sc=4.Im 15、(1)71.5N,方向竖直向下(1)3.3s(3)11.5m【解析】(1)滑块8 由初位置到圆弧轨道底端：mg(h+R)=y z/jvi1得vi=5m/s圆弧轨道最低点
30、：217Vlr m g=m R得FN=71.5N.由牛顿第三定律滑块对轨道的压力为71.5N,方向竖直向下(1)滑上A 系统动量守恒：mvi=(A/+zn)u 共.对 mgt=mv 共，也得的.3s(3)3 滑上A 到 A 与台阶碰前：对 A：1 ,fimgx-iVfvi-3对 AB系统：mv=mv3+Mvi.且 A 与台阶只碰一次，需满足：Mvimv3得x m-1.6m.16设最终A b共速为UAB,两者相对位移为L-ptngL-y (M+/n)VAB1-/wvi1.25分析可知：UAB越小，L 越大，即工取，m 时，的末速度PAB=3.16此时L=11.5m所以木板A 的至少长度为11.5m.