《2021-2022学年湖北省高考物理押题试卷含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年湖北省高考物理押题试卷含解析.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3,请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择若某一缆车沿着坡度为30。的山坡以加速度
2、a 上行，如图所示。在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为机的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态）则（）A.小物块受到的支持力方向竖直向上B.小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下C.小 物 块 受 到 的 静 摩 擦 力 为+D.小物块受到的滑动摩擦力为g mg+ma2、如图所示为某一电场中场强E u 图像，沿 x 轴正方向，电场强度为正，则正点电荷从1 运动到*2,其电势能的变化是B.先增大再减小C.先减小再增大D.先减小再增大再减小3、已知动车组在水平轨道上运动时受到的阻力/=如？a 为阻力系数），其中和谐号动车组的阻力系数是复兴号动车组 的 1.2倍，和谐号动车
3、组的了大速度约为270km/h,若复兴号动车组的额定功率约为和谐号动车组的1.44倍，则相同条件下，复兴号动车组在额功率下的最大速度约为（）A.330 km/h B.300 km/h C.290 km/h D.260 km/h4、“跳跳鼠”是很多小朋友喜欢玩的一种玩具（图甲），弹簧上端连接脚踏板，下端连接跳杆（图乙），人在脚踏板上用力向下压缩弹簧，然后弹簧将人向上弹起，最终弹簧将跳杆带离地面.图甲 图乙A.不论下压弹簧程度如何，弹簧都能将跳杆带离地面B.从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，弹簧的弹性势能全部转化为人的动能C.从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，人一直向上加速运动D.从人被弹簧弹起到弹簧恢复
4、原长，人的加速度先减小后增大5、一台小型发电机的原理如图所示，单匝矩形线圈绕垂直于磁场的轴匀速转动，发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图乙所示。已知发电机线圈内阻为1。，外接标有灯泡的交流电压表，则下列说法正确的是（）甲 乙A.电压表的示数为220VB.线圈转到如甲图所示位置时感应电动势为零C.当，=0.01s时线圈中的磁通量最小为零D.当，=0.01s时线圈中的磁通量最大，为 业 Z w b5兀6、让一小球分别从竖直墙壁上面的A 点和8 点沿不同的粗糙斜面AC和 BC到达水平面上同一点C,小球释放的初速度等于0,两个斜面的粗糙程度相同，关于小球的运动，下列说法正确的是（）LA.下滑
5、到C 点时合外力的冲量可能相同B.下滑到C 点时的动能可能相同C.下滑到C 点过程中损失的机械能一定相同D.若小球质量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度增大二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图甲所示，3、C和尸是同一水平面内的三个点，沿竖直方向振动的横波I 在介质中沿3尸方向传播，尸与3 相距 40cm,5 点的振动图像如图乙所示；沿竖直方向振动的横波I 在同一介质中沿CP方向传播，尸与C相 距 50cm,C点的振动图像如图丙所示。在 U 0 时刻，
6、两列波同时分别经过8、C 两点，两列波的波速都为20cm/s,两列波在尸点相遇，则以下说法正确的是（）A.两列波的波长均为20cmB.尸点为减弱点，振幅是为10cmC.4.5s时尸点在平衡位置且向下振动D.波遇到40cm的障碍物将发生明显衍射现象E.P点为加强点，振幅为70cm8、如图所示，在坐标系xoy平面的第I 象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场8”在 第 IV 象限内存在垂直纸面向里的另 一 个 匀 强 磁 场 在 x 轴上有一点。（2 g a,0）、在 y 轴上有一点P（0,a）。现有一质量为机，电量为+q的带电粒子（不计重力），从尸点处垂直y 轴以速度均射入匀强磁场外中，并以与x 轴正
7、向成6 0 角的方向进入x 轴下方的匀强磁场B2中，在电中偏转后刚好打在。点。以下判断正确的是（）xxx x Q x XX X X X X XXXXXX X X X艮X X-X XA.磁 感 应 强 度 左 黄B.磁感应强度与=口qac.粒子从尸点运动到。点所用的时间加=747raD.粒子从尸点运动到。点所用的时间加=瓦一9、A、B两物体质量均为机，其中A带正电，带电量为q,B不带电，通过劲度系数为A的绝缘轻质弹簧相连放在水平面上，如图所示，开始时两者都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度6=,式中g为重q力加速度，若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化，则以下判断正确的是（）A
8、.从开始到B刚要离开地面过程，A物体速度大小先增大后减小B.刚施加电场的瞬间，A的加速度为4gC.从开始到B刚要离开地面的每段时间内，A物体的机械能增量一定等于电势能的减少量D.B刚要离开地面时，A的速度大小为2g 杵10、广西壮族自治区处在北纬20542624之间，某极地卫星通过广西最北端与最南端正上方所经历的时间为。查阅到万有引力常量G及 地 球 质 量 卫 星 的 轨 道 视 为 圆 形，忽略地球自转，卫星的运动视为匀速圆周运动，根据以上信息可以求出（）A.该卫星周期B.该卫星受到的向心力C.该卫星的线速度大小D.地球的密度三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的
9、答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）如图甲所示为测量电动机转动角速度的实验装置，半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动机的带动下匀速转动。在圆形卡纸的旁边垂直安装一个改装了的电火花计时器。（已知电火花计时器每隔相同的时间间隔T打一个点）（1）请将下列实验步骤按先后排序：.使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触接通电火花计时器的电源，使它工作起来启动电动机，使圆形卡纸转动起来关闭电动机，拆除电火花计时器；研究卡纸上留下的一段点迹（如图乙所示），写出角速度。的表达式，代入数据，得出3的测量值.（2）要得到角速度。的测量值，还缺少一种必要的测量工具，它是.A.秒表 B.毫米刻度尺 C.圆
10、规 D.量角器（3）为了避免在卡纸连续转动的过程中出现打点重叠，在电火花计时器与盘面保持良好接触的同时，可以缓慢地将电火花计时器沿圆形卡纸半径方向向卡纸中心移动。则卡纸上打下的点的分布曲线不是一个圆，而是类似一种螺旋线，如图丙所示.这对测量结果（填“有”或“无”）影响。（4）若兴趣小组在卡纸上选取了 6 个计时点，并测得这6 个计时点扫过扇形所对应的圆心角为。，则角速度的表达式为12.（12分）利用如图所示的电路既可以测量电压表和电流表的内阻，又可以测量电源电动势和内阻，所用到的实验器材有:两个相同的待测电源（内阻r约 为 1。）电阻箱Ri（最大阻值为999.9。）电阻箱Ri（最大阻值为999
11、.9。）电压表V（内阻未知）电流表A（内阻未知）灵敏电流计G,两个开关Si、S2主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱R 和后至最大，闭合开关Si和 S 2,再反复调节拈和后,使电流计G 的示数为0,读出电流表A、电压表V、电阻箱&、电阻箱心的示数分别为0.40A、12.0V、30.6Q、28.2Q；反复调节电阻箱R 和&（与中的电阻值不同），使电流计G 的示数为0,读出电流表A、电压表V 的示数分别为0.60 A,11.7Vo回答下列问题：步骤中，电流计G 的示数为。时，电路中4 和 3 两点的电势差UAB=V；A 和 C 两点的电势差UAC=V；A 和。两点的电势差UAD=V；（2）
12、利 用 步 骤 中 的 测 量 数 据 可 以 求 得 电 压 表 的 内 阻 为。，电流表的内阻为 Q；（3）结合步骤步骤的测量数据，电源电动势E 为 V,内阻为 fio四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图所示，倾 角 a=30。的足够长光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一长L=L 8 m、质 量 M=3 kg的薄木板，木板的最上端叠放一质量m=1k g的小物块，物 块 与 木 板 间 的 动 摩 擦 因 数 对 木 板 施 加 沿 斜 面 向2上的恒力F,使木板沿斜面由静止开始做匀加速直线运动.
13、设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度 g=10 m/s2.（1）为使物块不滑离木板，求力F 应满足的条件；（2）若 F=3.5 N,物块能否滑离木板？若不能，请说明理由；若能，求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离.14.（16分）为测量水晶印章的折射率，某同学在水平桌面铺上一张白纸，然后将印章立放在白纸上，用红色激光笔从 0 点照射该印章的一个侧面，激光所在的竖直平面与印章的右侧面垂直，其正视图如图所示。已知该印章的水平截面是d=3cm的正方形，当光以族60。的入射角向右侧面照射时，印章右侧的白纸上出现了两个亮点M 和 N（M 点位于N 点的右方），测得
14、两亮点间的距离s=2cm,不考虑光在印章表面的多次反射。作出光从0 点入射至形成M,N两亮点的光路图；（ii）求水晶印章对红色光的折射率no15.（12分）如图，粗细均匀的弯曲玻璃管A、8 两端开口，管内有一段水银柱，中管内水银面与管口 A 之间气体柱长为/A=40cm,右管内气体柱长为加=39 c m.先将开口 8 封闭，再将左管竖直插入水银槽中，设被封闭的气体为理想气体，整个过程温度不变，若稳定后进入左管的水银面比水银槽水银面低4 c m,已知大气压强po=76cm H g,求：RmAA 端上方气柱长度；稳定后右管内的气体压强.参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24
15、分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由题知：木块的加速度大小为“，方向沿斜面向上，分析木块受力情况，根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。根据牛顿第二定律求解木块所受的摩擦力大小和方向。【详解】A B.以木块为研究对象，分析受力情况为重力m g,斜面的支持力N 和摩擦力为静摩擦力/,根据平衡条件可知支持力 N 垂直于斜面向上，摩擦力/沿斜面向上，故 AB错误；C D.由于小物块和斜面保持相对静止，小物块受到的摩擦力为静摩擦力，根据牛顿第二定律得f -mg sin 30=tna解得了 =m g +M，方向平行斜面向上，故 C 正确，D 错误。故选C。【
16、点睛】本题首先要正确分析木块的受力情况，其次要能根据牛顿第二定律列式，求摩擦力。2、C【解析】沿 X 轴正方向，电场强度为正，由图可得，从 XI到 X2电场强度先沿X 轴正方向再沿X 轴负方向；顺着电场线方向电势降低，则从M 到*2电势先降低后升高，所以正点电荷从口运动到X2,电势能是先减小再增大；故 C 项正确，A B D 三项错误。3、A【解析】两列车的阻力分别为：筛 谐=1.2Av和谐之%兴=攵丫复兴根据=弁,“可得P复 兴=L443谐 兴 匕 复 兴 口谐谐匕 和谐联立解得匕 度 兴=324km/h故选A。4、D【解析】当弹簧下压的程度比较小时，弹簧具有的弹性势能较小，弹簧不能将跳杆带
17、离地面，故 A 错误；从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，弹簧的弹性势能转化为人的动能和重力势能，故 B 错误；从人被弹簧弹起到弹簧恢复原长，开始弹力大于重力，人向上加速，弹簧逐渐恢复性变，弹力逐渐减小，加速度逐渐减小；后来弹力小于重力，人的加速度反向增加，所以人的加速度先减小后增大，故 C 错误，D 正 确.所 以 D 正确，A B C 错误.5、D【解析】A.根据正弦交流电的有效值等于峰值除以0,可知感应电动势的有效值为2 2 0 V,电压表测的是路端电压，由于电源有内阻，所以路端电压和电动势不相等，所以电压表的示数不为220V,故 A 错误；B.线圈转到如甲图所示位置时，感应电动势最大，故 B
18、 错误；C D.由乙图可知UO.01S时，感应电动势为零，线圈位于中性面，与磁感线垂直，磁通量最大，由乙图可知周期T=0.02s,由Emm =BSco=BSr-p可得 M=BS=W b5万故 C 错误，D 正确。故选D。6、C【解析】A B.由动能定理1 2mgh-/jmghcot 夕=5 m v则下滑到C 点时的动能不相同；两个路径的运动到达底端，合力的冲量等于动量的增量，方向大小都不同，所 以 AB错误；C.下滑到C 点过程中摩擦力做功相同，都为Wf=-1.nnghcolO=-pmgx所以机械能损失相同，选 项 C 正确。D.根据，8-加 8反。9 =3 加/可 知，两边消去了滑块的质量机
19、，则与质量无关，即若小球质量增大，则沿同一斜面到达斜面底端的速度不变，选 项 D 错误。故选C。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、ACE【解析】A.两列波的周期都是T=ls计算波长A-vT -0.2 x Im=0.2mA 正确；B E.根据题意尸C =50cm 40cm=10cm=0.1 m=0.5/1而。=0 时刻两波的振动方向相反，则 P 是振动加强的点，振幅等于两波振幅之和，即为70cm,B 错误，E 正确;C.波 从 C 传到尸的时间PC 0.5
20、 c ut=-=s=2.5sv 0.2波 从 B 传到尸的时间在r=2.5s时刻，横 波 I与横波II两波叠加，尸点经过平衡位置向下运动，在r=4.5s时刻，经过了两个周期，P点经过平衡位置向下运动，C 正确；D.因波长为20cm,则当波遇到40cm的障碍物将不会发生明显衍射现象，D 错误。故选ACEo8、BC【解析】A B.粒子运动轨迹如图所示，由几何知识可知4=4cos60、+a解得r=2a在外磁场中根据几何知识有2弓sin60=26Q-sin 60解得r2=a粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2qvnB =m r将半径代入解得B尸 吆,B,=吆2qa qa故
21、 A 错误，B 正确；C D.粒子做圆周运动的周期为丁=迎，粒子的运动时间为%t=t +与=4+卫1 2 6 3解得4兀 t=-3%故 C 正确，D 错误。故选BCo9、BD【解析】A B.在未施加电场时，A 物体处于平衡状态，当施加上电场力瞬间，A 物体受到的合力为施加的电场力，故有：qE=4mg=ma解得：a=4g,方向向上B 刚要离开地面时，弹簧的拉力为m g,此时A 物体合力为2 m g,加速度为2 g,向上，从开始到B刚要离开地面过程,A 物体做加速度逐渐变小的加速运动，即 A 物体速度一直增大，故 A 错误B 正确；C.从开始到弹簧恢复原长的过程，A 物体的机械能增量等于电势能与弹
22、性势能的减少量的和，从弹簧恢复原长到B刚要离开地面的过程，A 物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的增加量的差值，故 C 错误；D.当 B 离开地面时，此时B 受到弹簧的弹力等于B 的重力，从施加电场力到B 离开地面，弹簧的弹力做功为零，A上升的距离为：2 mgJi-k根据动能定理可知:(qE-mg)x=m y2解得:3m故 D 正确。故 选:BD.10、A C【解析】A.广西壮族自治区处在北纬2054 2624之间，某极地卫星通过广西最北端与最南端正上方所经历的时间为，己知转过对应角度的时间，则可以求得运动一周的时间即卫星的周期丁 3601 =-0A 正确B.因为不知道该卫星的质量，
23、根据万有引力定律F=G-无法求得卫星受到的向心力大小，B 错误;C.据万有引力提供圆周运动向心力l mM 4/G 二 mrr2 T2已知质量例和周期T 及常量G 可以求得卫星的轨道半径广，根据2兀ru=-T可以求得卫星的线速度大小，C 正确:D.因为不知道卫星距地面的高度，故无法求得地球的半径R,所以无法得到地球的密度，D 错误。故选ACo三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。01 1,D 无（0=一5T【解析】(1)口该实验先将电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触，先使卡片转动，再打点，最后取出卡片进行数据处理，故次序为；(2)2要测出角速度，
24、需要测量点跟点间的角度，需要的器材是量角器。故选D。(3)网由于点跟点之间的角度没变化，则对测量角速度不影响；(4)4由0=可知t0 0(o-=一(6-l)T 5T12、0 12.0V-12.0V 1530Q 1.8C 12.6V 1.50【解析】(1)123.步骤中，电流计G 的示数为0 时，电路中A 3 两点电势相等，即 A 和 8 两点的电势差UAB=0V；A 和 C两点的电势差等于电压表的示数，即 UAC=12V；4 和 O 两点的电势差UAD=12V；(2)45.利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为Rv=鸟7 =区才 Q=153OQ0.4-*R,30.6电流表的内阻为R&=-2
25、8.2=1.8QA/0.4 7 .由闭合电路欧姆定律可得2E=2UAc+/2r即2E=24+0.8r同理2E=2U；c+I.2r即2E=2xll.7+0.6-2r解得E=12.6Vr=1.50ft四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)F30N；(2)物块能滑离木板，1.2s,s=0.9m.【解析】试题分析：(1)对 M、m,由 牛 顿 第 二 定 律 尸-+/n)gsina=(iM+m)a：对 m,有于一mgsina=m a,f mgcosa,代入数据得：F 3 4 N,物块能滑离木板，对于 M,有 F R
26、mgcosaMgsina=M a i对 m,W/./mgcosamgsina=m a2,设物块滑离木板所用的时间为/,由运动学公式：1 a 7 一*=小，代入数据得：1=i.2 s,物块离开木板时的速度丫=%l由公式：-2 g sin a s=-y 2,代入数据得s=0.9.考点：牛顿运动定律的综合应用、匀变速直线运动的位移与时间的关系【名师点睛】解决本题的关键理清物块和木板的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式联合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁.14、见解析；(ii)=百。【解析】光路如图所示(ii)设。、02分别为射入印章的光线在后表面的反射点及前表面的折射点，r 为折射角，根
27、据反射定律和折射定律可知,射向纸面两光线互相平行。01、。2两点间的距离为二 stan。OO2=2dtanr解得：tanr=,r=303水晶印章对红色光的折射率singn=sin r解得:n=#15、38cm；78cmHg【解析】试题分析：稳定后进入左管的水银面比水银槽水银面低4 c m,则 A 管内气体的压强为Pz=(76+4)cmHg由公式：POVAO=PAIVAI,代入数据得：LAi=38cm设右管水银面上升h,则右管内气柱长度为lB-h,气体的压强为片-2 口?心由玻意尔定律得：P.lB=(Px-lpghlB-h-)解得：h=lcm所以右管内气体压强为鸟=-2 =78cmHg考点：气体的状态方程.