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1、专题17.4 图象法1一选择题1.（2013广东）如例66图所示，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相等的光滑轨道，甲、乙两小孩沿着不同轨道同时从A处自由滑向B处，下列说法正确的有 A甲的切向加速度始终比乙大 B甲、乙在同一高度的速度大小相等C甲、乙在同一时刻总能到达同一高度 D甲比乙先到达B处【参考答案】BD 【点评】对CD选项画出运动的速率图象，简洁明了。2如题66A图所示，质量相同的木块AB用轻质弹簧连接，静止在光滑的水平面上，此时弹簧处于自然状态。现用水平恒力F推A，则从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中 A。两木块速度相同时，加速度aA=aBB两木块速度相同时，加速度aAvBD
2、两木块加速度相同时，速度vAvB【参考答案】BC 二非选择题1汽车由甲地从静止出发，沿平直公路驶向乙地汽车先以加速度a1做匀加速运动，最后以加速度a2做匀减速运动，中间可能有一段匀速运动过程，也可能没有匀速运动过程，到乙地恰好停下已知甲、乙两地相距为s，那么要使汽车从甲地到乙地所用的时间最短，汽车应做怎样的运动？最短时间为多少？即要使汽车从甲地到乙地所用的时间最短，汽车应先做匀加速直线运动，再做匀减速直线运动，最短时间为。2 (2013北京) 蹦床比赛分成预备运动和比赛动作。最初，运动员静止站在蹦床上.。在预备运动阶段，他经过若干次蹦跳，逐渐增加上升高度，最终达到完成比赛动作所需的高度；此后，
3、进入比赛动作阶段。把蹦床简化为一个竖直放置的轻弹簧，弹力大小F=kx (x为床面下沉的距离，k为常量)。质量m=50kg的运动员静止站在蹦床上，床面下沉x0=0.10m；在预备运动中，假设运动员所做的总功W全部用于其机械能；在比赛动作中，把该运动员视作质点，其每次离开床面做竖直上抛运动的腾空时间均为t=2.0s，设运动员每次落下使床面压缩的最大深度均为xl。取重力加速度g=10m/s2，忽略空气阻力的影响。（1）求常量k，并在图中画出弹力F随x变化的示意图；（2）求在比赛动作中，运动员离开床面后上升的最大高度hm;（3）借助F-x 图像可以确定弹力做功的规律，在此基础上，求 x1 和W的值。【
4、分析与解】由平衡条件得到常量k，根据匀变速直线运动规律得出运动员离开床面后上升的最大高度hm。根据Fx图象下的面积等于弹力做功、动能定理及其相关知识，求求出x1 和W的值。（1）床面下沉x0=0.10m时，运动员受力平衡，由mg=kx0，解得：k=mg/ x0=5.0103N/m。弹力F随x变化的示意图如图J所示。 （2）运动员从x=0处离开床面，开始腾空，其上升、下落时间相等，hm=g()2.=5.0m。 【点评】类比是物理学中一种常用的研究方法。根据速度定义，v=x/t，可知v-t图像与横轴所围面积表示位移x=vt；根据加速度定义，a=v/t，可知a-t图像与横轴所围面积表示速度变化v=a
5、t。根据功的定义，W=Fx，Fx图象下的面积等于力F位移x所做的功W。由弹力随弹簧形变量变化关系图线可得弹力做功表达式，根据功能关系可得弹簧弹性势能表达式Ep=kx2，公式中x为弹簧形变量。3（2012北京）摩天大楼中一部直通高层的客运电梯.行程超过百米。电梯的简化模型如题67A图（a）所示.。考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a随时间t变化的。已知电梯在t=0时由静止开始上升，a一t图像如图（b）所示. 电梯总质量m=2.0I03kg.，忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2。（1）求电梯在上升过程中受到的最大拉力F1和最小拉力F2；（2）类比是一种常用的研究方法。对于直线运动，教科
6、书中讲解了由vt图像求位移的方法。请你借鉴此方法，对比加速度的和速度的定义，根据图（b）所示at图像，求电梯在第1s内的速度改变量v1和第2s末的速率v2；（3）求电梯以最大速率上升时，拉力做功的功率P；再求在011s时间内，拉力和重力对电梯所做的总功W。 【名师解析】（1）由牛顿第二定律，有 F-mg=ma，由at图象可知，最大拉力F1和最小拉力F2对应的加速度分别是a1=1.0m/s2，a2=-1.0m/s2。由牛顿第二定律，F1- mg=ma1，解得上升过程中受到的最大拉力F1=m(g+ a1)=2.2104N；由F2- mg=ma2，解得上升过程中受到的最小拉力F2=m(g+ a2)=
7、1.8104N。 4一物体以初速v0竖直向上抛出，返回抛出点时的速度大小为vt，运动过程中物体所受的空气阻力与其运动的速度大小成正比，则其运动的总时间为_。若物体上升过程的时间为t1，且设其下降过程的最后阶段速度已达稳定不再变化，则其运动的总路程为_。【参考答案】 ；。【名师解析】根据题述可画出物体的速度图象，由于阻力f与速度成正比，可画出阻力随时间t变化的图象类似于速度图象。阻力随时间t变化的图象与横轴所围的面积表示阻力的冲量。根据速度图象的面积表示位移可知，阻力的冲量等于零，所以，由动量定理可得：mgt=mvt+mv0，解得：物体运动的总时间t=；对于物体上升过程，由于阻力f=kv，取微元
8、时间t，由动量定理可得：mgt+ kvt= mv，两边求和得：mgt+ kvt= mv，根据下降过程的最后阶段速度已达稳定可得mg=kvt，解得k= mg/vt。又t= t1，vt=h，v= v0，所以有mgt1+ mg/vth= mv0，解得：h=。运动的总路程为2h=2。 5.（2013天津）要测绘一个标有“3V，0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1):电流表（量程为0250mA内阻约5);电压表（量程为03V内限约3k):电键一个、导线若干。 实验中所用的滑动变阻器应选下列中的（填字母代号）。
9、A.滑动变阻器（最大阻值20, 额定电流1A)B.滑动变阻器（最大阻值1750,额定电流0.3A)实验的电路图应选用例68图甲中的图 （填字母代号）。实脸得到小灯泡的伏安特性曲线如图11-1乙所示。如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为50的电源两端，小灯泡消耗的功率是 W。 【参考答案】A B 0.1 【点评】在小灯泡的伏安特性曲线上画出电源的伏安特性曲线，二曲线的交点为电路工作点，交点的纵坐标和横坐标的乘积等于小灯泡消耗的实际功率。6（2014江苏宿迁模拟）某同学想描绘两个非线性电阻的伏安特性曲线，实验电路图如题89A图甲所示。 （1）在图乙中以笔划线代替导线，按实验要求将实物图中的
10、连线补充完整。（2）该同学利用图甲的原理图分别作出了这两个非线性电阻的伏安特性曲线，如图丙所示。由图丙可知，这两个元件的阻值随电压的增大而 （选填“增大”或“减小”）（3）现先将这两个电阻并联，然后接在电动势E=9.0V、内电阻r0= 2.0的电源上请在图丙中作出并联电阻部分的I并U并图线；根据图线可以求出电阻R1消耗的功率P1 = ，电阻R2消耗的功率P2 【参考答案】 （1）如图J-1。 （2）增大 （3）如图J-2所示。 2.76 W 5.06W在同一坐标系内作出电源的I-U图象如图J-2中斜向下图线所示，由图线可知，电源I-U图象与两电阻并联的I并U并图象交点坐标值为：U并=2.3V。由答案图丙图象可知，电阻R1两端电压为2.3V时通过电阻R1的电流为I1=1.2A，电阻R1消耗的功率为P= U并I1=2.31.2W=2.76W；电阻R2两端电压为2.3V时通过电阻R2的电流为I1=2.2A，电阻R1消耗的功率为P2= U并I1=2.32.2W=5.06W。