《2023年冲量动量动量定理精品讲义1.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年冲量动量动量定理精品讲义1.pdf（11页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第五章 动 量 一、考纲要求 碰撞与动量守恒 动量、动量守恒定律及其应用 弹性碰撞和非弹性碰撞 只限于一维 二、知识网络 第 1 讲 冲量 动量 动量定理 一、考情直播 1考纲解读 2考点整合 考点一 动量的概念（1）定义：物体的质量和速度的乘积叫做动量，公式：p=mv（2）动量是描述物体运动状态的一个状态量，它与时刻相对应（3）动量是矢量，它的方向和速度的方向相同（4）动量的相对性：由于物体的速度与参考系的选取有关，所以物体的动量也与参考系选取有关，因而动量具有相对性题中没有特别说明的，一般取地面或相对地面静止的物体为参考系（5）动量的变化：0pppt由于动量为矢量，则求解动量的变化时，其运
2、算遵循平考纲内容 能力要求 考向定位 动量和冲量 理解动量的的概念，知道冲量的意义 理解动量和冲量都是矢量，会计算一维动量变化 理解动量变化和力之间的关系，会用来计算相关问题 考纲对冲量、动量的考查主要集中在对概念的理解和简单应用上，考纲要求为 I 级，动量定理在考纲中没有明确提出来，但是在教材中出现了动量定理的表达式，因此要掌握动量定理的一般应用 冲量、动量、动量定理、动量守恒定律 定义：力和力的作用时间的乘积叫做力的冲量 特征：属于过程量.单位是牛秒 方向：当力的方向不变，冲量的方向为力的方向 力的方向变化，用替代法判断冲量方向 冲量 动量定理 表述：物体所受合力的冲量等于物体的动量变化
3、表达式：Ft=P末-P初=mvt-mv0 实际应用：打击问题等 动量守恒定律 表述：一个系统不受外力或者受外力之和为零，这个系统的总动量保持不变 表达式：22112211vmvmvmvm 实际应用：碰撞，爆炸等 动量 定义：物体的质量和速度的乘积叫做动量 特征：动量是状态量，它与某一时刻相关 动量是矢量，其方向质量物体运动速度的方向 行四边形定则 A、若初末动量在同一直线上，则在选定正方向的前提下，可化矢量运算为代数运算 B、若初末动量不在同一直线上，则运算遵循平行四边形定则（6）动量与动能的关系：kmEP2，注意动量是矢量，动能是标量，动量改变，动能不一定改变，但动能改变动量是一定要变的【例
4、 1】如图 6-1-1一个质量是 02kg 的钢球，以 2m/s 的速度射到坚硬的大理石板上，立即反弹，速度大小仍为 2m/s 【解析】取水平向右的方向为正方向，碰撞前钢球的速度v=2m/s，碰撞前钢球的动量为p=mv=022kgm/s=04kgm/s 碰撞后钢球的速度为v=-2m/s，碰撞后钢球的动量为p=mv=-022kgm/s=-04kgm/s 碰撞前后钢球动量的变化为：p=p-p=-04kgm/s-04 kg m/s=-08 kg m/s 且动量变化的方向向左【规律总结】动量是一个矢量，动量的方向和速度方向相同，所以只要物体的速度大小或方向发生变化，动量就一定发生变化例如做匀速直线运动
5、的物体其动量是恒量，而做匀速圆周运动的物体，由于速度方向不断在改变，即使其动量大小不变，但因其方向不断改变，所以其动量是一变量 考点二 冲量的概念(1)定义:力和力的作用时间的乘积叫做冲量：I=Ft(2)冲量是描述力的时间积累效应的物理量，是过程量，它与时间相对应(3)冲量是矢量，它的方向由力的方向决定（不能说和力的方向相同）如果力的方向在作用时间内保持不变，那么冲量的方向就和力的方向相同如果力的方向在不断变化，如绳子拉物体做圆周运动，则绳的拉力在时间 t 内的冲量，就不能说是力的方向就是冲量的方向 对于方向不断变化的力的冲量，其方向可以通过动量变化的方向间接得出(4)高中阶段只要求会用I=F
6、t计算恒力的冲量对于变力的冲量，高中阶段只能利用动量定理通过物体的动量变化来求(5)要注意的是：冲量和功不同恒力在一段时间内可能不作功，但一定有冲量特别是力作用在静止的物体上也有冲量【例 2】恒力F作用在质量为m的物体上，如图 6-1-2所示，由于地面对物体的摩擦力较大，没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是（）A拉力F对物体的冲量大小为零 B拉力F对物体的冲量大小为Ft C拉力F对物体的冲量大小是Ftcos D合力对物体的冲量大小为零【解析】按照冲量的定义，物体受到恒力F作用，其冲量为Ft，物体因为静止，合外力为 0，所以合力冲量为 0 图6-1-1 图 6-1-2 于过程量单位是牛秒方向
7、当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会【易错提示】力对物体有冲量作用必须具备力和该力作用下的时间两个条件只要有力并且作用一段时间，那么该力对物体就有冲量作用，所以冲量是过程量需要注意的是冲量和功不同恒力在一段时间内可能不作功，但一定有冲量特别是力作用在静止的物体上也有冲量 考点三 动量定理（1）动量定理：物体所受合外力的冲量等于物体的动量变化既I=p（2）动量定理的理解 动量定理表明冲量是使物体动量发生变化的原因，冲量是物体动量变化的量度这里所说的冲量必须是物体所受的合
8、外力的冲量（或者说是物体所受各外力冲量的矢量和）动量定理给出了冲量（过程量）和动量变化（状态量）间的互求关系 现代物理学把力定义为物体动量的变化率：tPF（牛顿第二定律的动量形式）动量定理的表达式是矢量式在一维的情况下，各个矢量必须以同一个规定的方向为正 遇到涉及力、时间和速度变化的问题时运用动量定理解答往往比运用牛顿运动定律及运动学规律求解简便应用动量定理解题的思路和一般步骤为：(l)明确研究对象和物理过程；(2)分析研究对象在运动过程中的受力情况；(3)选取正方向，确定物体在运动过程中始末两状态的动量；(4)依据动量定理列方程、求解【例 3】一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷人泥潭中若
9、把在空中下落的过程称为过程，进人泥潭直到停止的过程称为过程，则()A、过程 I 中钢珠的动量的改变量等于重力的冲量 B、过程中阻力的冲量的大小等于过程 I 中重力的冲量的大小 C、I、两个过程中合外力的总冲量等于零 D、过程中钢珠的动量的改变量等于零【解析】根据动量定理可知，在过程 I 中，钢珠从静止状态自由下落不计空气阻力，小球所受的合外力即为重力，因此钢珠的动量的改变量等于重力的 冲量，选项 A正确；过程I 中阻力的冲量的大小等于过程 I 中重力的冲量的大小与过程中重力的冲量的大小之和，显然 B选项不对；在 I、两个过程中，钢珠动量的改变量各不为零且它们大小相等、方向相反，但从整体看，钢珠
10、动量的改变量为零，故合外力的总冲量等于零，故 C选项正确，D选项错误因此，本题的正确选项为 A、C【规律总结】这种题本身并不难，也不复杂，但一定要认真审题要根据题意所要求的冲量将各个外力灵活组合若本题目给出小球自由下落的高度，可先把高度转换成时间后再用动量定理当t1 t2时，Fmg（3）简解多过程问题【例 4】一个质量为 m=2kg 的物体，在 F1=8N 的水平推力作用下，从静止开始沿水平 面运动了 t1=5s，然后推力减小为 F2=5N，方向不变，物体又运动了 t2=4s 后撤去外力，物体再经 过 t3=6s 停下来试求物体在水平面上所受的摩擦力【解析】：规定推力的方向为正方向，在物体运动
11、的整个过程中，物体的初动量P1=0末动量P2=O 据动量定理有：0)(3212211tttftFtF 即：0)645(4558f Nf4 于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会【规律总结】由例 4 可知，合理选取研究过程，能简化解题步骤，提高解题速度本题也可以用牛顿运动定律求解同学们可比较这两种求解方法的简繁情况（4）求解平均力问题 【例 5】质量是 60kg 的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护作用，最后使人悬挂在空中已知弹性安全带缓
12、冲时间为 12s，安全带伸直后长 5m，求安全带所受的平均作用力（g=10m s2）【解 析】人 下 落 为 自 由 落 体 运 动，下 落 到 底 端 时 的 速 度 为：ghV220 smghV/1020 取人为研究对象，在人和安全带相互作用的过程中，人受到重力 mg和安全带给的冲力 F，取 F方向为正方向，由动量定理得：Ft=mVmV0 所以NtmVmgF11000，（方向竖直向下）【注意】动量定理既适用于恒力作用下的问题，也适用于变力作用下的问题如果是在变力作用下的问题，由动量定理求出的力是在 t 时间内的平均值（5）求解恒力作用下的曲线运动问题【例 6】如图 6-1-3 所示，以vo
13、 10m s2的初速度与水平方向成 300角抛出一个质量 m2kg 的小球忽略空气阻力的作用，g 取 10m s2求抛出后第 2s 末小球速度的大小 【解析】小球在运动过程中只受到重力的作用，在水平方向做匀速运动，在竖直方向做匀变速运动，竖直方向应用动量定理得：Fyt=mvy-mvy0 所以 mgt=mvy-(-mv0sin300)，解得vy=gt-v0sin300=15m/s而vx=v0cos300=sm/35 在第 2s 未小球的速度大小为：smvvvy/310220【注意】在求解曲线运动问题中，一般以动量定理的分量形式建立方程，即：Fxt=mvx-mvx0；Fyt=mvy-mvy0（5）
14、求解流体问题 【例 7】某种气体分子束由质量 m=5 4X10-26kg 速度 V460m/s 的分子组成，各分子都向同一方向运动，垂直地打在某平面上后又以原速率反向弹回，如分子束中每立方米的体积内有 n015X1020个分子，求被分子束撞击的平面所受到的压强【解析】设在t 时间内射到 S 的某平面上的气体的质量为M，则：mntSVM0.取M为研究对象，受到的合外力等于平面作用到气体上的压力F以V方向规定为正方向，由动量定理得:-F t=MV-(-M V)，解得SmnVF022，平面受到的压强 P 为：aPmnVSFP428.32/02【注意】处理有关流体(如水、空气、高压燃气等)撞击物体表面
15、产生冲力（或压强）的V0 300 图 6-1-3 于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会问题，可以说非动量定理莫属解决这类问题的关键是选好研究对象，一般情况下选在极短时间t 内射到物体表面上的流体为研究对象（6）对系统应用动量定理【例 8】如图 6-1-4所示，质量为M的汽车带着质量为m的拖车在平直公路上以加速度a匀加速前进，当速度为 V0时拖车突然与汽车脱钩，到拖车停下瞬间司机才发现若汽车的牵引力一直未变，车与路面的动摩擦因数为，那么拖车刚停下时
16、，汽车的瞬时速度是多大？【解析】以汽车和拖车系统为研究对象，全过程系统受的合外力始终为amM，该过程经历时间为 V0/g，末状态拖车的动量为零全过程对系统用动量定理可得：0/0/0,VMggamMVVmMMVgVamM【注意】这种方法只能用在拖车停下之前因为拖车停下后，系统受的合外力中少了拖车受到的摩擦力，因此合外力大小不再是amM 二、高考热点探究 一般而言，高考中对冲量、动量的考查主要集中在对概念的理解和简单应用，动量定理的一般应用及对现象的解析【真题 1】（2006全国理综）一位质量为m的运动员从下蹲状态向上起跳，经t 时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v在此过程中，（）A地面对他的冲
17、量为mv+mgt，地面对他做的功为21mv2 B地面对他的冲量为 mv+mg t，地面对他做的功为零 C地面对他的冲量为 mv，地面对他做的功为21mv2 D地面对他的冲量为 mvmgt，地面对他做的功为零【解析】取运动员为研究对象，由动量定理得：0mvtmgF，即tmgmvtFI，运动员地面没有离开地面，地面对运动员的弹力做功为零所以 B选项正确【点评】本题考查了考生对冲量和功这两个概念的理解，冲量和功都是过程量，但决定因素不一样，冲量是力在时间上的积累，而功是力在空间上的积累【真题 2】（2004广东）如图 6-1-5所示，一质量为 m的小球，以初速度0v沿水平方向射出，恰好垂直地射到一倾
18、角为 300的固定斜面上，并立即反方向弹回已知反弹速度的大小是入射速度大小的43，求在碰撞中斜面对小球的冲量大小 图 6-1-5 m V0 V/图6-1-M 图 6-1-4 于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会 【解析】小球在碰撞斜面前做平抛运动设刚要碰撞斜面时小球速度为v由题意，v的方向与竖直线的夹角为 30，且水平分量仍为v0，如图由此得v2v0 ，碰撞过程中，小球速度由v变为反向的.43v碰撞时间极短，可不计重力的冲量，由动量定理，斜面对小
19、球的冲量为 mvvmI)43(，由、得 027mvI 【点评】本题考查了考生应用动量定理处理变力的冲量的能力，在应用动量定理的时候一定要注意其矢量性【真题 3】（2008 四川卷）如图 6-1-6一倾角为45的斜面固定于地面，斜面顶端离地面的高度h01m，斜面底端有一垂直于斜而的固定挡板在斜面顶端自由释放一质量m0.09kg 的小物块（视为质点）小物块与斜面之间的动摩擦因数0.2 当小物块与挡板碰撞后，将以原速返回重力加速度g10 m/s2在小物块与挡板的前 4 次碰撞过程中，挡板给予小物块的总冲量是多少？【解析】解法一：设小物块从高为h处由静止开始沿斜面向下运动，到达斜面底端时速度为v 由功
20、能关系得sincos212hmgmvmgh 以沿斜面向上为动量的正方向按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量 )(vmmvI 设碰撞后小物块所能达到的最大高度为h，则sincos212hmghmgmv 同理，有 sincos212hmgvmhmg )(vmvmI 式中，v为小物块再次到达斜面底端时的速度，I为再次碰撞过程中挡板给小物块的冲量由式得kII 式中 tantank 由此可知，小物块前 4 次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为 )cot1(2201ghmI 总冲量为)1(3214321kkkIIIIII 由 )11112kkkkknn 图 6-1-6 于过程量单位是牛秒方向当力
21、的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会得 )cot1(221104ghmkkI 代入数据得 )63(43.0INs 解法二：设小物块从高为h处由静止开始沿斜面向下运动，小物块受到重力，斜面对它的摩擦力和支持力，小物块向下运动的加速度为a，依牛顿第二定律得 mamgmgcossin 设小物块与挡板碰撞前的速度为v，则 sin22hav 以沿斜面向上为动量的正方向按动量定理，碰撞过程中挡板给小物块的冲量为)(vmmvI 由式得)cot1(221ghmI 设小物块碰撞后沿斜面向上
22、运动的加速度大小为a，依牛顿第二定律有 ammgmgcossin 小物块沿斜面向上运动的最大高度为sin22avh 由式得 hkh2 式中 tantank 同理，小物块再次与挡板碰撞所获得的冲量)cot1(22hgmI 由式得 kII 由此可知，小物块前 4 次与挡板碰撞所获得的冲量成等比级数，首项为 )cot1(2201ghmI 总冲量为 )1(3214321kkkIIIIII 由 )11112kkkkknn 得 )cot1(221104ghmkkI 代入数据得 )63(43.0INs 三、抢分频道 限时基础训练（20 分钟）班级 姓名 成绩 1篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接
23、，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前这样做可以（）A减小球对手的冲量 B减小球的动量变化率 C减小球的动量变化量 D减小球的动能变化量 1【答案】B 这样接球目的是为了通过延长作用时间减少篮球对运动员的作用力，即动量变化率tPF 2玻璃茶杯从同一高度掉下，落在水泥地上易碎，落在海锦垫上不易碎，这是因为茶杯与水泥地撞击过程中（）A茶杯动量较大 B茶杯动量变化较大 C茶杯所受冲量较大 D茶杯动量变化率较大 2【答案】D玻璃杯从同一高度落下掉在石头作用时间短，动量变化相同，所以作用力于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等
24、末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会大 3质量为 m的钢球自高处落下，以速率 v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为 v2在碰撞过程中，钢球受到的冲量的方向和大小为（）A向下，m(v1v2）B向下，m(v1v2）C向上，m(v1v2）D向上，m(v1v2）3【答案】D钢球落地前瞬间的动量（初动量）为mv1，方向竖直向下经地面作用后其动量变为mv2，方向竖直向上设竖直向上为正方向，据动量变化P=P-P得：P=mv2-（-mv1）=m(v1+v2)，因地面对钢球的作用力竖直向上，所以其冲量方向也竖直向上 4质量为 5 kg 的物体，原来以 v=5 m/s
25、 的速度做匀速直线运动，现受到跟运动方向相同的冲量 15 Ns 的作用，历时 4 s，物体的动量大小变为（）A80 kgm/s B160 kgm/s C40 kgm/s D10 kgm/s 4【答案】C取初速度方向为正方向，由动量定理mvvmFt代入数据可得 5一物体竖直向上抛出，从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是 t，上升的最大高度是 H，所受空气阻力大小恒为 F，则在时间 t 内（）A物体受重力的冲量为零 B在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小 C物体动量的增量大于抛出时的动量 D物体机械能的减小量等于 FH 5【答案】BC 由运动学知，上升的时间大于下降的时间，根据冲量
26、定义FtI，可知 A错 B对；取竖直向上为正，物体动量的增量 mvvvmmvvmp，故 C正确；由于阻力做功等于 2FH，故 D错误 6如图 6-1-7（甲），物体 A和 B用轻绳相连挂在轻质弹簧下静止不动，A的质量为 m，B 的质量为 M，当连接 A、B 的绳突然断开后，物体 A上升经某一位置时的速度大小为v，这时物体 B下落的速度大小为u，如图（乙）所示在这段时间里，弹簧的弹力对物体 A的冲量（）A.mv B.mvMu C.mvMu D.mvmu 6 【答 案】D 分 别 以 A、B 为 研 究 对 象，由 动 量 定 理 得MuMgtmvmgtI21，两物体的运动具有同时性，则21tt，
27、所以mvmuI 7如图 6-1-8 所示，两个质量相等的物体在同一高度沿倾角不同的两个光滑斜面由静止自由滑下，到达斜面底端的过程中，两个物体具有的相同的物理量是（）A B C刚到达底端时 D以上几个量都不同 7【答案】D角度不同，所用的时间不同，速度方向不同，到达所以到底端的速度水平分量也不同，动量就不同，重力的冲量也不同，故正确 8质点所受的力 F随时间变化的规律如图 6-1-9所示，力的方向始终在一直线上已知t0 时质点的速度为零在图示 t1、t2、t3和 t4各时刻中，哪一时刻质点的速度最大（）图 6-1-7 图 6-1-7 图 6-1-8 于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向
28、为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会At1 Bt2 Ct3 Dt4 【答案】0t2 阶段，冲量为正，t2t4阶段，冲量为负，由动量定理判断 t2时刻“面积”最大，动量最大，进而得出 t2时刻速度最大.粗糙水平面上物体在水平拉力 F作用下从静止起加速运动，经过时间 t 撤去 F，在阻力 f 作用下又经 3t 停下，则 F：f 为（）A3：1 B4：1 C1：4 D1；3 【答案】用全过程法求解即可，04 tfFt，1:4:fF，故正确 10（2001 年京、皖、蒙春季高考试题）质量为m=010
29、 kg 的小钢球以v0=10 m/s 的水平速度抛出，下落h=5 m 时撞击一钢板，撞后速度恰好反向，则钢板与水平面的夹角=_刚要撞击钢板时小球的动量大小为_(取g=10 m/s2)10【答案】45；2kg m/s 小球撞击后速度恰好反向，说明撞击前速度与钢板垂直 利用这一结论可求得钢板与水平面的夹角=45，利用平抛运动规律（或机械能守恒定律）可求 得 小 球 与 钢 板 撞 击 前 的 速 度 大 小 v=2v0=102m/s，因 此 其 动 量 的 大 小 为p=mv=2kgm/s 基础提升训练 1质量不等的两个物体静止在光滑的水平面上，两物体在外力作用下，获得相同的动能.下面的说法中正确
30、的是（）A.质量小的物体动量变化大 B.质量大的物体受的冲量大 C.质量大的物体末动量小 D.质量大的物体动量变化率一定大 1【答案】B根据p=mv=k2mE知，两物体在外力的作用下获得相等的动能，质量大的物体获得的动量大，则其所受的冲量大，B选项正确，A、C选项错.根据题目条件无法比较动量变化率的大小，D选项错 2沿同一直线，甲、乙两物体分别在阻力F1、F2作用下做直线运动，甲在t1时间内，乙在t2时间内动量p随时间t变化的pt图象如图 6-1-10所示.设甲物体在t1时间内所受到的冲量大小为I1，乙物体在t2时间内所受到的冲量大小为I2，则两物体所受外力F及其冲量I的大小关系是（）A.F1
31、F2，I1=I2 B.F1F2，I1I2 C.F1F2，I1I2 D.F1=F2，I1=I2 2【答案】A由F=tp知F1F2.由Ft=p知I1=I2 3质量为m的小球从h高处自由下落，与地面碰撞时间为t，地面对小球的平均作用力为F，取竖直向上为正方向，在与地面碰撞过程中（）A.重力的冲量为mg（gh2+t）B.地面对小球作用力的冲量为Ft C.合外力对小球的冲量为（mg+F）t D.合外力对小球的冲量为（mg F）t 【答案】B在与地面碰撞过程中，取竖直向上为正方向，重力的冲量为mgt，合图6-1-8 p t t t O12甲 乙 图 6-1-10 于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的
32、方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会外力对小球的冲量为（Fmg）t，故正确选项应为 一个物体同时受到两个力F1、F2的作用，F1、F2与时间的关系如图 6-1-11 所示，如果该物体从静止开始运动，当该物体具有最大速度时，物体运动的时间是_s，该物体的最大动量值是_kgm/s.【答案】5，25由图象知t=5 s 时，F1、F2大小相等，此后F2F1，物体开始做减速运动，故t=5 s 时速度最大.由I=Ft知，Ft图象中图线与时间轴所围面积为力的冲量，所以，前 5 s 内F1、F2的冲量分
33、别为I1=37.5 N s，I2=12.5 N s，所以，前 5 s 内合力的冲量为I=I1+I2=25 Ns，由动量定理知，物体在前 5 s 内增加的动量，也就是从静止开始运动后 5 s 末的动量，为 25 kg m/s.能力提升训练 1.如图 6-1-12 所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点.若以 2v速度抽出纸条，则铁块落地点为（）A.仍在P点 B.在P点左边 C.在P点右边不远处 D.在P点右边原水平位移的两倍处 1【答案】B纸条抽出的过程，铁块所受的滑动摩擦力一定，以v的速度抽出纸条，铁块所受滑动摩擦力的作用时间较长，铁块获得速度较大，平抛
34、运动的水平位移较大.以 2v的速度抽出纸条的过程，铁块受滑动摩擦力作用时间较短，铁块获得速度较小，平抛运动的位移较小，故 B选项正确 2.如图 6-1-13 所示，质量为m的小球在竖直光滑圆形内轨道中做圆周运动，周期为T，则（）每运转一周，小球所受重力的冲量的大小为 0 每运转一周，小球所受重力的冲量的大小为mgT 每运转一周，小球所受合力的冲量的大小为 0 每运转半周，小球所受重力的冲量的大小一定为mgT/2 以上结论正确的是 A.B.C.D.2【答案】B重力为恒力，故物体每转一周重力的冲量为mgT.由于物体做的是非匀速圆周运动，故转半周的时间不一定是21T，所以，重力的冲量也不一定是mg2
35、T.每转一周，物体的动量变化量为零，故合外力的冲量为零.选项 B正确 3如图 6-1-14，质量分别为mA、mB的木块叠放在光滑的水平面上，在A上施加水平恒力F，使两木块从静止开始做匀加速运动，A、B无相对滑动，则经过t s，木块A所受的合外力的冲量为_，木块B的动量的增量p为_.t/sF/NO1010-105FF12 图 6-1-11 v纸条铁块P 图 6-1-12 图 6-1-13 BAF 图 6-1-14 于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量
36、会 3【答案】BAAmmFtm，BABmmFtm.因A、B之间无相对运动，可把A、B看作一个整体，由牛顿第二定律有F=（mA+mB）a得：a=BAmmF，木块A所受的合外力FABAAmmFm，木块A所受合外力的冲量IABAAmmFtm，木块B动量的增量pBBABmmFtm 4质量m=5 kg 的物体在恒定水平推力F=5 N 的作用下，自静止开始在水平路面上运动，t1=2 s 后，撤去力F，物体又经t2=3 s 停了下来.求物体运动中受水平面滑动摩擦力的大小.4【解析】：因物体在水平面上运动，故只需考虑物体在水平方向上受力即可，在撤去力F前，物体在水平方向上还受方向与物体运动方向相反的滑动摩擦力
37、Ff，撤去力F后，物体只受摩擦力Ff.取物体运动方向为正方向.方法一：设撤去力F时物体的运动速度为v.对于物体自静止开始运动至撤去力F这一过程，由动量定理有 （FFf）t1=mv 对于撤去力F直至物体停下这一过程，由动量定理有 （Ff）t2=0mv 联立解得运动中物体所受滑动摩擦力大小为 Ff=211ttFt=2 N.说明：式中Ff仅表示滑动摩擦力的大小，Ff前的负号表示Ff与所取正方向相反.方法二：将物体整个运动过程视为在一变化的合外力作用下的运动过程.在时间t1内物体所受合外力为（FFf），在时间t2内物体所受合外力为Ff，整个运动时间（t1+t2）内，物体所受合外力冲量为（FFf）t1+
38、（Ff）t2.对物体整个运动过程应用动量定理有（FFf）t1+（Ff）t2=0 解得Ff=211ttFt=2 N.5有一宇宙飞船，它的正面面积S=0.98 m2，以v=2103 m/s 的速度飞入一宇宙微粒尘区，此尘区每立方米空间有一个微粒，微粒的平均质量m=2107 kg.要使飞船速度保持不变，飞船的牵引力应增加多少?（设微粒与飞船外壳碰撞后附于飞船上）.5解析：微粒尘由静止至随飞船一起运动，微粒的动量增加量是飞船对微粒作用的效果，设增加的牵引力为F，依动量定理列方程Ft=nmv 0，即微粒对飞船的冲量大小也为Ft，其中n=VSvt=1Svt，F=tnmv=1Svttmv=Smv2=0.98 2107（2103）2 N=0.78 N.于过程量单位是牛秒方向当力的方向不变冲量的方向为力的方向力的方所受合力的冲量等于物体的动量变化表达式实际应用打击问题等末初表量能力要求理解动量的的概念知冲量的意义理解动量和冲量都是矢量会