《重庆市巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（九）物理含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《重庆市巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（九）物理含答案.pdf（15页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、 物理参考答案第 1页（共 7页）巴蜀中学 2023 届高考适应性月考卷（九）物理参考答案 选择题：共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，每小题 4 分；第 810 题有多项符合题目要求，每小题 5分，全部选对的给 5分，选对但不全的给 3分，有选错的给 0分。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B A A C B D C BCD AC AB【解析】1国际单位制中力学三个基本物理量是长度、质量、时间，力不是力学三个基本物理量，故 A 错误。相对论的时空观认为在不同的惯性参考系中，光的传播速度都是相同的，故B 正确。经典理论无
2、法解释高速运动的子寿命变长的现象，只能用相对论时空观解释，故 C 错误。Fam不是定义式，故 D错误。2对降落伞和人整体，有2fmg，对人，有8 cos37Tmg，543285mgmgT，故 A正确。3112fTLC，f增大，则C减小，平行板电容器的电容4rSCkd，极板间不导电液体的介电常数比原来的空气的介电常数要大，电容C减小，则液面下降，故A正确，B、C、D错误。4设光纤轴线的转弯最小半径为R，根据题意，由几何关系可知21sinnrCnRr，解得3rR，故C正确。5B、C两点的场强大小不相等，故A错误。根据几何关系可知，P、Q两点到A点的距离均为2R，A点的场强大小为2222222227
3、2cos6044444AkQkQkQkQkQERRRRR，O点的场强大小为2222(3)(3)OkQkQkQERRR，则A点与O点的场强大小之比为74，故B正确。根据等量异种电荷电场分布情况可知，BOAC，故C错误。根据pEq可知，带负电的粒子沿BC从B点移动到C点的过程中，电势能增加，故D错误。物理参考答案第 2页（共 7页）6玩具小猫刚滑落时，根据摩擦力提供向心力可得2mgmr，解得gr，故 A错 误。玩 具 小 猫 刚 滑 落 时 的 速 度 大 小 为rgrv，根据动能定理摩擦力做功21002Wmv，故B错 误。玩 具 小 猫 滑 落 圆 盘 后 做 平 抛 运 动，212hgt，水
4、平 距 离22hxtgrrhgv，运 动 的 俯 视 图 如 图 所 示，根 据 图 中 几 何 关 系 可 得222Rrx，解得22Rrrh，故C错误，D正确。7若B、C不发生相对滑动，则A物块在弹簧伸长时速度先减小，弹簧压缩后速度增大，以此做周期性速度变化，故A错误。若B、C不发生相对滑动，A、B、C三个物块共速时的速度可由动量守恒，有025mm共vv，故025共vv；但C物体运动过程中达到最大速度时弹簧应再次恢复到原长，而不是A、B、C三个物块共速时达到最大速度，故B错误。若要保证B、C不发生相对滑动，则需BC整体加速度不超过C物体摩擦力所提供最大加速度mag，故对BC整体分析，需弹簧最
5、大弹力F弹3mg，又Fkx弹。即kx3mg。弹 簧 最 大 形 变 时ABC共 速，此 时 形 变 量 可 由 能 量 守 恒 得222011125222mmmkx共vv，得2065mmxkv，联立可得0v152mgk，故C正确。若B、C间会发生相对滑动，则刚要发生相对滑动瞬间，BC加速度为mag，此时弹簧形变量为3mgxk，此时弹性势能为2222p1922m gEkxk。由能量守恒可知，此时ABC总动能为0222292212mkmgv，若此时A无速度，根据BC质量关系可得C物体动能为222201332m gmkv，因处于“会发生相对滑动”的“刚要发生相对滑动”时刻，所以此时弹簧长度正在增加，
6、即ABvv，即A此时不可能没有速度，故D错误。8卫星从轨道进入轨道要在A点加速，则卫星在轨道上的机械能大于在轨道上的机械能，故A错误。地球在轨道上：22()MmGmRHRHv，解得GMRHv，故B正确。根据开普勒第三定律可得3322122()2RHhRHTT，解得3213(2)8()HhRTTRH，物理参考答案第 3页（共 7页）故C正确。根据开普勒第二定律得()()ABHRhRvv，解得BAAHRhRvvv，故D正确。9 速 度 为0v时 加 速 度 最 大，2200BLB LFBILBRrRLr安vv，Fmgma安，故220()B Lagm Rrv，故A正 确。BLxqRrRr，()q R
7、rxBL，故B错 误。0()0F tmgtm安v，而F tBILtBLq安，0mBLqtmgv，故C正 确。201()2mgq RrQmBLv，电阻R产生的焦耳热201()2ABRmgq RrQmRrBLv，故D错误。10由于粒子速度qBRmv，可得粒子运动半径为rR，根据磁发散和磁聚焦原理与左手定则，所有粒子都将以垂直于x轴的方向离开磁场向上运动，经过真空后进入电场，在电场中做类竖直上抛运动，然后以相同速率，向下再次进入磁场，进入磁场后将会汇聚到x轴与圆的另一个交点，然后进入下一个圆形边界磁场。再垂直于纸面向外的磁场中运动时，偏转方向与垂直于纸面向里的磁场相反，但是依旧也会做类似的运动。如图
8、所示为某一粒子的轨迹。所以最终粒子一定会打在接收屏的M点，故D错误。粒子在电场中做类竖直上抛运动，每经过一个磁场就会进入一次电场，每次进入电场时加速度qEam，运动时间为22mtaqEvv，所以电场中总的运动时间为2EnmtqEv，故A正确。如图所示，粒子在每个磁场中运动时转过的圆心角之和均为180，所以在每个磁场中的运动时间均为半个周期，则在磁场中运动的总时间为Bn mtqB，故B正确。所有粒子在电场和磁场中的运动都相同，但是在真空中的运动路程不同时间不同，所以总运动时间不同，故C错误。物理参考答案第 4页（共 7页）非选择题：共5小题，共57分。11（除特殊标注外，每空2分，共6分）（1）
9、20.684（20.68220.686都给分）（2）2.02（1分）9.68（9.659.69均给分）（1分）（3）C 12（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）2（1分）7500 （2）14.0（1分）BD （3）大 0.07或0.08（1分）【解析】（1）灵敏电流计与电阻串联时可改装为电压表，串联电阻越大，改装后的量程越大，故接线柱B连接2时量程为10V，接3时量程为50V，则1)10V(ggIRR，即311 10(2500)10VR，解得17500R。（2）欧姆表读数为示数乘以倍率，表盘示数为14，倍率为“1”，故读数为14.0。使用同一倍率测量不同电阻时，可不重复进行欧姆调零，故A错
10、误。欧姆表指针偏转角度过小，欧姆表表盘读数左侧大右侧小，说明待测电阻阻值过大，应选用更高的倍率进行测量，故B正确。由于欧姆表刻度不均匀，越往左刻度越密集，指针指向20到30中间时，所示数值应小于25，故C错误。电流为从红表笔流入欧姆表，从黑表笔流出，二极管正向电流是从正极流向负极，为测正向电阻，应让黑表笔连接二极管正极，故D正确。（3）电阻箱接入回路的电阻越大，则整个回路的电流越小，根据半导体元件的伏安特性曲线，电流越小则电阻越大。根据半导体元件伏安特性曲线，当电压为1.5V，电流为100mA时其电阻正好为15，设欧姆表内阻为r，则()EI Rr，解得15r。当电阻箱阻值为15时，可将欧姆表和
11、电阻箱等效为电动势为3V，内阻为30的电源，其伏安特性曲线如图所示，交点即元件的工作电压和电流，1.14V0.062AUI，故此时元件功率0.07WPUI。13（10分）解：（1）室温环境的热力学温度为0(27273)K300KT 冰箱冷藏室的热力学温度为(2273)K275KT 罐头内部气体等容变化，设冷藏后罐内气体压强为p，根据查理定律 物理参考答案第 5页（共 7页）00ppTT 代入数据计算可得0001112TpppT （2）罐头摔前，气体所占体积为0(400350)mL50mLV 摔后食品所占体积不变，因此此时气体所占体积为(390350)mL40mLV 罐头内部气体等温变化，设摔后
12、罐内气体压强为p，根据波意耳定律 00p VpV 代入数据计算可得054pp 评分标准：本题共10分。正确得出、式各给1分，其余各式各给2分。14（14分）解：（1）根据牛顿第二定律，洛伦兹力提供向心力：2q Bmrvv，解得mrqBv，可知B越大，轨迹半径越小 如图所示，当粒子从N点射出时，所加匀强磁场的磁感应强度最大，此时轨迹半径为2Lr 当粒子从M点射出时，所加匀强磁场的磁感应强度最小，此时轨迹半径为rL 根据牛顿第二定律，有200qBmrvv 解得0m2mBqLv 00mBqLv （2）当粒子恰好从M点出射时，电场强度最小，粒子的运动轨迹如图所示 设粒子在虚线上方运动时长为1t，虚线下
13、方运动时长为2t，则在水平方向有 012()ttLv 将离开匀强电场时的速度v分解到竖直方向的yv和水平方向的0v，则 物理参考答案第 6页（共 7页）1122yLt v 粒子离开匀强电场后做匀速直线运动，则22yLt v 解得1023Lt v，203Lt v 竖直方向有0qEma 21122Lat 解得20094mEqLv 评分标准：本题共14分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。15（18分）解：（1）阻力与时间的关系为()fk Mmt g 前进s的距离用时st v 洒水车始终匀速运动，设牵引力为F，受力平衡Ff 代入阻力公式可得 sfk Mmgv （2）根据上式，绘制阻力f与前进距
14、离s的图像如图所示 满载时洒水车所受阻力为1fkMg 空载时洒水车阻力为02()k Mm gf 整个过程用时0mtm 故整个过程前进的距离为0mstmvv 由材料可知，f与s的图像中图线与横轴所围面积可表示克服阻力做功，则有 0000()(2)22mk Mm gkMgmkMgkm gmWmvv 物理参考答案第 7页（共 7页）（3）设发动机的功率为P，经一段时间t后的速度为v 则根据匀变速直线运动的规律：atv 发动机牵引力PF v 根据牛顿运动定律：()FfMmt a 阻力与时间的关系为()fk Mmt g 代入上述公式可得2()()Pa akg Mtmt 利用配方：222()42MMPam akgtmm 则可知当2Mtm时功率有最大值，最大值2max()4a akg MPm 评分标准：本题共18分。正确得出、式各给 2 分，其余各式各给 1分。