《重庆市巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（八）物理试卷含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《重庆市巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（八）物理试卷含答案.pdf（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、巴蜀中学 2023 届高考适应性月考卷（八）物理参考答案选择题：本大题共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，每小题 4 分；第 810 题有多项符合题目要求，每小题 5 分，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。题号12345678910答案CDCBDDDBDADACD【解析】1夜间降温时，分子的平均速率会随温度降低而减小，故 A 错误。夜间降温时，封闭气体体积不变，压强减小，内部气体的压强小于外部，使得外部的压力大于内部的较大压力差，从而使得无法拧开，故 B 错误。放热水中浸泡时，会导致杯内封闭气体的压强增大，使
2、得内外气体对杯盖的压力差减小，从而能轻松拧开杯盖，故 C 正确。夜间降温时，内能减小，0U，体积不变，0W，由UWQ，得0Q，故放出热量，故 D 错误。2电流表所测的电流为有效值，有效值m2A22()EIRr，故 A 错误。00.125s 为14个周期，通过回路某截面的电荷量m1C()4ENqRrRr，故 B 错误。变压器不能改变交变电流的频率，故输出的频率仍为 0.5s，故 C 错误。理想变压器的匝数比不变，则输出电压不变，副线圈负载电阻减小，则流过副线圈的电流增大，则流过原线圈的电流增大，故 D正确。3根据左手定则，磁场方向垂直纸面向里，故 A 错误。若增大电子速度，但其做圆周运动周期2m
3、TqB，与其运动速度无关，故周期不变，故 B 错误。撤掉磁场后，在忽略重力的情况下电子不受力的作用，将做匀速直线运动，故 C 正确。当电子的入射方向不与磁场垂直时，其将做螺旋运动，故 D错误。4充满电后电容器上极板与电源正极连接，故上极板带正电，故 A 错误。充满电后总的电荷量由乙图中图线与坐标轴围成图形面积表示，3214 10 100.25C3.5 10CQ，故 B 正确。该同学应该在开关置于 2 稳定后测出电容器两端的电压，然后用QCU算出电容器的电容，故 C 错误。保持开关与 2 连接且稳定的情况下，此时应该是电容器两端的电压不变，将电容器的间距增大，则电容 C 减小，其所带的电荷量减小
4、，放电出来，电流向左流过 R，故 D 错误。5列车制动减速和启动加速的时间080s160s0.5tav，故 A 错误。列车制动减速和启动加速的位移为22080m6400m220.5xav，故 B 错误。若列车停站时间为 2min，则列车从开始制动减速至启动恢复到原来的速度过程中的平均速度2160m/s11xtt停v，故 C 错误。若列车停站时间为 2min，则从开始制动减速至启动恢复到原来的速度过程中总时间2440sttt停总，对应相同一段位移不停站所运动的时间02160sxt v，则慢的时间280sttt 总，故 D正确。6航天员在上升过程中，浮力对其做mgh的正功，故机械能增加mgh，故
5、A 错误，D 正确。匀速上升过程动能不变，故 B 错误。上升h的过程，重力势能增加了mgh，故 C错误。7导体棒在上升过程某位置的受力如图 1 所示，正交分解得其所受的支持力NsinFmg，摩擦力sinfFmg，随增大，NF增大，fF增大，故 A、B 错误。导体棒所受的安培力2cossin1sin()FBILmgmg，在0 90范围内增大，安培力先增大后减小，电流先增大后减小。重力和安培力的合力与支持力和摩擦力的合力等大方向，支持力和摩擦力的合力方向与摩擦力的方向夹角始终不变，则重力和安培力的合力方向始终与安培力的方向的夹角始终不变，故 D 正确。图 18人起跳时，恰好过杆对应的竖直分速度最小
6、，其值23m/syghv，故 A 错误。起跳时人受到板的作用力为NF，由动量定理得NyF tmgtmv，解得N1320NF，故 B 正确。人与滑板在从其起跳到落回到滑板的过程中，系统竖直方向合力不为零，仅水平方向合力为零，故人与滑板构成的系统水平方向上动量守恒，故 C 错误，D 正确。9线框进入磁场过程，切割磁感线的有效长度先均匀增大，后均匀减小，故产生的感应电动势和感应电流先均匀增大，后均匀减小，感应电流方向为逆时针，进入阶段正确，整个线框完全在磁场中运动阶段，回路磁通量不变，产生的总电动势和感应电流为零，第二阶段也正确，出磁场阶段切割磁感线的有效长度仍先均匀增大，后均匀减小，故产生的感应电
7、动势和感应电流先均匀增大，后均匀减小，感应电流方向为顺时针，第三阶段正确，故 A 正确。相框完全在磁场阶段，虽然回路产生的总电动势为零，但 ab 和 bc 均切割磁感线，各自产生的感应电动势不为零，故 ab 两端的电势差不为零，故 B 错误。外力和安培力相等，安培力与回路的感应电动势为二次函数变化关系，而感应电动势与时间是一次函数关系，故外力与时间是二次函数关系，应该为曲线，故 C 错误。功率与回路的感应电动势为二次函数变化关系，而感应电动势与时间是一次函数关系，故功率与时间是二次函数关系，应该为曲线，且进出两段完全相同，完全在磁场中无感应电流，无电功率，故 D正确。10a 球做加速运动的加速
8、度为 a，则0aBqm av，设第一次碰前速度为0av，则202aaLv，解得00.8m/sav，故 A 正确。设 a 和 b 碰撞后速度为a1v、1bv，根据动量守恒定律和机械 能 守 恒 定 律 可 得011aaaabbmmmvvv，222011111222aaaabbmmm，vvv解 得10.4m/sa v，10.4m/sbv，故 B 错误。设物块 a、b 第一次碰后再经过时间1t发生第二次碰撞，有21 111 112abtattvv，解得10.4st，故 C 正确。第二次碰撞前 a 的速度1111.2m/saaat vv，第二次碰撞前 b 的速度110.4m/sbb vv，碰撞过程中，
9、根据动量 守 恒 定 律 和 机 械 能 守 恒 定 律 可 得1122aabbaabbmmmmvvvv，2222112211112222aabbaabbmmmmvvvv，解得20av，20.8m/sbv，第二次和第三次碰撞的时间间隔为2t，则22abxx，即22 222 212abtattvv，解得20.4st，第三次碰撞前 a 的速度2221.6m/saaat vv，第三次碰撞前 b 的速度220.8m/sbb vv，碰撞过程中，根据 动 量 守 恒 定 律 和 机 械 能 守 恒 定 律 可 得2233aabbaabbmmmmvvvv，2222223311112222aabbaabbmm
10、mmvvvv，解得30.4m/sav，31.2m/sbv，即每一次碰撞 b球的速度增加0.4m/s，相邻两次碰撞的时间间隔为 0.4s，则 b 球从第一次到第九次碰撞前 的 瞬 间 位 移 分 别 为110.16mbbxtv，220.420.4m0.32mbbxt v，330.43 0.4m0.48mbbxt v，则杆的长度是012385.84mbbbbxLxxxx，故 D正确。非选择题：共 5 小题，共 57 分。11（每空 2 分，共 6 分）（1）理想模型法（2）12VVV NS（3）偏小【解析】假设分子为球形、不考虑分子间的间隙及将所形成的油膜看成为单分子油膜均为理想化考虑，因此这种模
11、型为理想化模型。根据这位同学的所得到的物理量可算得分子得直径1212VVVNVVdSV NS。该同学取一滴溶液时由于用的注射器针孔较大，其真实的一滴溶液的体积偏大，所形成的油膜的真实面积偏大，而带值计算时所得到一滴溶液的体积为原本的值，相比真实值偏小，故最后测量值偏小。12（除特殊标注外，每空 2 分，共 9 分）（1）平行（2）远离（3）1.61（4）大于（3 分）13（12 分）解：（1）对冰壶 A 分析，有221101122mgxmmvv解得14m/sv（2）碰撞过程，有123mmmvvv23312mgxmv324.5mxx，即恰好可以撞入营垒评分标准：本题共 12 分。正确得出式给 2
12、 分，正确得出式给 1 分，其余各式各给3 分。14（12 分）解：（1）易知EBdvEBdIRrRrv（2）当前进2L时，设速度为1v则有10BIdtmmvv2()BLdqItRrRr22102()B Ldm Rrvv（3）全过程0BILtmvBLxqItRr022()m RrxB dv评分标准：本题共 12 分。正确得出、式各给 2 分，其余各式各给 1 分。15（18 分）解：（1）当2时，小球类竖直上抛aEqgm20m2ygv（2）当入射方向夹角为时，小球做类斜抛，到达 y 坐标最大时，有0sintgv020cossincostxgvv20(sin)2ygv2222224200244sin3sin3 sin2233sxyggvv当22sin3，即6sin3时，20max33sgv（3）变化时，y 坐标最大时对应的坐标为2200sincos(sin)2xygg，vv可知22002sincossingxgy，vv消去可得222000221gxgygyvvv化简后可得最高点的轨迹方程为220244002241416ygxggvvv可知该区域是椭圆，形状如图 2 所示其面积2240002248Sgggvvv评分标准：本题共 18 分。正确得出式给 3 分，正确得出、式各给 1 分，其余各式各给 2 分。图 2