《2019届江苏省四校2016级高三下学期联考理科综合物理试卷及解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019届江苏省四校2016级高三下学期联考理科综合物理试卷及解析.pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2019 届江苏省四校2016 级高三下学期联考理科综合物理试卷祝考试顺利一、单项选择题：1.如图所示，用相同的导线围成两个单匝线圈和，半径分别为和，圆形匀速磁场 的边缘恰好与线圈重合。当磁场匀速增强时，流过两线圈的感应电流之比为A.1：1 B.1：2 C.2：1 D.1：4【答案】C【解析】【详解】感应电动势，因为两线圈磁场的面积相同，磁通量变化率一样，感应电动势相同，但是电阻：，所以 b 的电阻是 a 电阻的 2 倍，电动势相同，所以 a 的电流是 b 的电流的 2 倍，ABD错误 C正确2.如图所示，两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间在空中相遇，若两球的抛出速度都变为原来的2 倍，则
2、两球从抛出到相遇经过的时间为A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】因为两球从相同高度平抛，所以从抛出到相遇两球运动时间相同，根据水平位移关系得，设水平间距为：，当两球速度都变为2倍时，可以求得：相遇时间变为原来的，ACD 错误 B正确3.图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。一带点粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，三点是实线与虚线的交点。下列说法正确的是A.电势B.电势差C.粒子在 点的加速度最大D.粒子由 点到 点的动能变化大于由点到 点的动能变化【答案】D【解析】【详解】A孤立正点电荷的等势面是一个个的同心圆，沿电场线方向电势降低，离
3、正电荷越远，电势越低，所以，A错误B 根据公式，由于离点电荷越近，场强越大，且 3 点间距相等，所以，B错误C 设场源电荷电量为Q，根据牛顿第二定律有，所以 a 点加速度最大，C错误D 根据电场力做功：，因为，所以由 点到 点的电场力做功大于由点到 点的电场力做功，即由点到 点的动能变化大于由点到 点的动能变化，D正确4.以一定的初速度从地面竖直向上抛出一小球，小球上升到最高点之后，又落回到抛出点。假设小球所受空气阻力与速度大小成正比，则该过程中，小球动能与离地高度 的关系图线可能是A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】设初动能为，根据动能定理得：上升阶段：，整理得：，上升越高，速度越小，
4、而阻力与速度成正比，所以阻力变小，图像斜率变小；下降阶段：根据动能定理得：，下落加速，阻力变大，斜率变小，所以ABD 错误，C正确5.如图所示，半径的半圆形轨道固定在竖直面内，质量的小滑块以的速度从轨道左端点滑下，刚好能到达轨道右端点。轨道面各处材料相同。重力加速度。下列说法正确的是A.滑块在轨道最低点的速度为B.滑块在最低点对轨道的压力可能为30N C.滑块在最低点对轨道的压力可能为40N D.滑块在最低点对轨道的压力不可能为38N【答案】D【解析】【详解】滑动摩擦力方程，从 A到 C的过程中，物块加速，设物块所在位置与圆心连线和圆心与A 的连线夹角为，根据向心力方程有：，支持力变大，滑动摩
5、擦力变大，到C点最大，同理可知从C到B的过程中，摩擦力变小，到 C变为 0，所以 A到 C间克服摩擦力做功大于C到 B克服摩擦力做功；A假设两段摩擦力做功相同：从A到 B根据动能定理得：，从 A到C有：，联立解得：；假设C到B段没有摩擦力：，解得，所以 C点的实际速度，A错误BCD 经过 C点，根据向心力方程，设支持力为 FN：，解得：；BC错误 D正确二、多项选择题：6.如图所示，人造卫星甲和乙分别在圆轨道和椭圆轨道上绕地球运行，两轨道相交于两点，圆轨道的直径等于椭圆轨道的长轴。关于两卫星的运动，下列说法正确的是A.两卫星运动周期相同B.两卫星经过点时的速度相同C.两卫星经过点时的加速度相同
6、D.甲卫星的机械能小于卫星的机械能【答案】AC【解析】【详解】A根据开普勒第三定律得：，所以两卫星周期相同，A正确B速度是矢量，方向沿切线方向，在P点两卫星速度方向不同，B错误C 在 Q点万有引力提供合外力有：，两卫星在 Q点到地心距离相同，所以加速度相同，C正确D 由于两卫星的质量未知，所以无法判断两卫星的机械能大小，D错误7.某静电场电势 在 轴上分布如图所示。由图可知下列说法正确的是A.和处电场强度相同B.处电场强度比处大C.到之间有三处场强为零D.负电荷从移动，电势能减小【答案】BC【解析】【详解】ABC 图像的斜率，所以比处图像斜率大，场强大；而处对应图像斜率大与处，所以处电场强度比
7、处大；到之间有三处斜率为零，所以到之间有三处场强为零，A错误 BC正确D 根据电势能公式：，负电荷在电势低的地方电势能大，所以从移动，电势降低，电势能增大，D错误8.如图所示，发光二极管有电流从“+”极流入时才发光。闭合，电路稳定时灯泡 正常发光，然后断开瞬间，亮了一下后熄灭。下列说法正确的是A.干电池的左端为电源的正极B.闭合 瞬间，灯泡立即亮C.闭合，电路稳定时发光D.断开 瞬间，点电势比点低【答案】ACD【解析】【详解】A因为断开 S瞬间，D2亮了一下，所以断开S，电感线圈阻碍电流减小，感应电流与原电流方向相同，根据D2亮判断电感电流从P流向 Q，所以原电流是 P流向 Q的，所以干电池左
8、端为正极，A正确B闭合 S瞬间，电感线圈阻碍电流增大，电流缓慢增加，灯泡逐渐变亮，B错误C 闭合 S，电路稳定后，干电池左端为正极，所以流经D1的电流从“+”流入，D1发光，C正确D 断开 S瞬间，电感线圈外电流从Q流向 P，所以 P点电势低于 Q点，D正确9.如图所示，长为 的轻杆，一端固定一个质量为的小球，另一端有固定转动轴,杆可在竖直面内绕转动轴无摩擦转动。质量为的物块放置在光滑水平面上。开始时,使小球靠在物块的光滑侧面上,轻杆与水平面夹角45,用手控制物块静止。然后，释放物块，在之后球与物块运动的过程中，下列说法正确的是A.球与物块分离前，球与物块速度相等B.球与物块分离前，物块速度逐
9、渐增大C.球与物块分离前，杆上弹力逐渐增大;D.球与物块分离时，球加速度等于重力加速度【答案】BD【解析】【详解】A设球的速度为v，根据题意得物块与球的水平速度相等，设杆与地面夹角为，由运动的分解：，所以分离前，球与物块速度不相等，A错误B由于地面光滑，球水平方向只受到杆对球的弹力，所以分离前，物块受力即加速度始终向左，一直加速，B正确CD 对小球和物块整体受力分析，受重力，杆的弹力F，地面的支持力 FN，在水平方向运用牛顿第二定律得：，根据题意知，水平方向加速度逐渐变小，所以弹力变小，当恰好分离时，水平加速度为零，弹力为零，球只受重力，加速度为 g，C错误，D正确三、解答题：10.已知某一电
10、阻,的阻值大约为，某同学欲利用伏安法尽可能精确地测量该电阻的阻值，选择了下列器材:定值电阻(阻值为);电阻箱(最大阻值为);电流表(量程为，内阻为);电流表(量程为，内阻约为);滑动变阻器(最大阻值为);电池组(电动势为 3V，内阻不计);单刀单掷开关一个、导线若干。(1)该同学先将一-只电流表改装成量程为1.5V 的电压表,这只电流表应选 _(填“”或“”)。(2)该同学完成了实物电路部分导线的连接，请你完成其余导线的连接_。(3)定值电阻在电路中起 _作用。(4)在多次测量中，有一次该同学看到两电流表指针分别偏转到满刻度的和，根据此组数据求得的=_(结果保留三位有效数字）。【答案】(1).
11、（1）A1 (2).（2）如图；(3).（3）保护 (4).（4）231【解析】【详解】（1）电流表改装成电压表，电流表的内阻必须已知，用来确定所串联分压电阻的阻值，所以选择电流表A1，设所需分压电阻阻值R，根据题意得：（2）因为待测阻值大于滑动变阻器总阻值，所以采用分压式电路，根据（1）的分析，改装的电压表内阻1000欧已知，所以采取外接，可求待测电阻的真实值，综上，电路采取分压外接，实物图如下：（3）根据题意分析可知，定值电阻在电路中起到分压作用，保证待测电阻两端电压，电流不会超过电表量程，所以定值电阻在电路中起保护作用（4）根据欧姆定律有：，因为电流表 A2在干路上，所以，代入方程解得：
12、11.为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，小红设计了如图甲的装置进行实验。实验中，当木块 A位于水平桌面上的O点时，重物 B刚好接触地面。将 A拉到 P点，待 B稳定后静止释放，A最终滑到 Q点。分别测量 OP、OQ的长度 h 和 s。改变 h,重复上述实验，分别记录几组实验数据。（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮。请提出两个解决方法。_ _（2）请根据下表的实验数据，在图乙方格纸上作出s-h 图象_（3）实验测得 A、B的质量分别为 m=0.50kg、M=0.40kg.根据 s-h 图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数=_。(结果保留一位有效数字)（4）实验中，滑轮轴的摩擦会导致的测量
13、结果 _(选填“偏大”或“偏小”)。【答案】(1).（1）减小 B的质量 (2).增加细线的长度（或增大A的质量，降低 B的起始高度）(3).（2）如图；(4).（3）0.3 (5).（4）偏大【解析】【详解】（1）因为物体 B 减少的重力势能转化成A、B的动能，A撞到滑轮是因为B落地 A的动能大，所以可采取减小B的质量，使 B落地时，A的动能减小；在A的运动过程中摩擦力做负功，所以也可以增加细线的长度，来增加摩擦力做功的位移，增大阻力的功，使A不能到达滑轮处（2）通过描点做图可得：（3）B下落到地面，设 A、B的速度为 v，根据动能定理得：，B落地后 A物体从 O运动到 Q有：，两方程联立得
14、：，因为 m=0.50kg、M=0.40kg，根据图像求得，斜率：，代入数据求得：（4）根据（3）可知：，由于滑轮的摩擦，会导致绳子的拉力偏小，A运动的加速度偏小，运动距离s偏小，导致偏大12.一静止的铀核放出一个粒子衰变成钍核，衰变方程为，下列说法正确的是 _ A.衰变后钍核的动能小于粒子的动能B.钍核的比结合能小于铀核的比结合能C.铀核的半衰期等于其放出一个粒子所经历的时间D.衰变后钍核的德布罗意波长等于粒子的德布罗意波长【答案】AD【解析】【详解】A衰变过程满足动量守恒，所以衰变后钍核与氦核动量大小相等，方向相反，而动能，所以质量大的钍核动能更小，A正确B衰变过程释放能量，生成的钍核更稳
15、定，比结合能大于铀核的比结合能，B错误C 半衰期是所有原子由半数发生衰变需要的时间，而不是一个原子衰变，C错误D 根据德布罗意波长公式：，因为衰变后衰变后钍核与氦核动量大小相等，所以德布罗意波长相同，D正确13.图甲是研究光电效应现象的装置。某同学用该装置探究遏止电压。与入射光频率 之间的关系，得到图乙图象。图中电源 _端为正极 (填“左”或“右)。该装置阴极 K的逸出功为 _J.已知普朗克常量h=（结果保留三位有效数字）【答案】(1).右 (2).3.3810-19【解析】【详解】因为是研究遏止电压的装置，所以所加电压应为反向电压，阻值光电子到达 A极板形成光电流，所以A极板接电源负极，K级
16、板接电源正极，电源右端为正极；根据图像乙可知，当频率为时，所需遏止电压为零，说明此时对应频率为截止频率，所以逸出功：14.如图所示，光滑水平面上质量为2.0kg 的小球 A以 1.0m/s 的速度向右运动，在其左方质量为 1.0kg 的小球 B以 2.0m/s 速度同向运动。碰撞后，小球 A以 1.5m/s的速度运动。求（1）碰撞后B球的速度；（2）碰撞过程中，A、B系统损失的机械能。【答案】1m/s；0.25J【解析】【详解】（1）根据动量守恒，取水平向右为正：，代入数据解得：，方向水平向右（2）根据能量守恒有：，代入数据解得：15.如图是干湿泡湿度计示意图。温度计(甲)的玻璃泡暴露在空气中
17、，温度计(乙)的玻璃泡外包着纱布，纱布的下端浸在水中。关于此湿度计，下列说法正确的是_ A.甲的示数增大，则空气中水的饱和汽压增大B.乙的示数增大，则空气中水的饱和汽压增大C.甲示数一定时，若乙示数减小，则空气的相对湿度减小D.甲示数一定时，若乙示数减小，则空气中水蒸汽的压强增大【答案】AC【解析】【详解】AB 干泡温度计直接测的是环境的温度，而湿泡温度计由于纱布蒸发吸热，湿泡温度计示数一定小于干泡温度计示数即环境的温度，而环境温度越高，水的饱和汽压越大，所以A正确，B错误CD 当甲的示数一定，乙的示数减小，则说明纱布上水分蒸发加快，吸热增多，即：环境越干燥，相对湿度减小，而，所以水蒸气压强变
18、小，C正确，D错误16.一定质量的理想气体状态按如图所示ABCA过程变化，其中 CA延长线过坐标原点 O,BC平行纵轴。则 ABCA过程气体 _(填“吸收”或“放出”)的热量等于 _ 【答案】(1).吸收 (2).0.5p0V0【解析】【详解】因为 CA延长线过坐标原点O，根据函数关系可知：；根据气体做功方程可知，图像的面积代表功，所以根据图像可以得出：从ABC A过程中，AB气体对外做功比 CA外界对气体做功多，而BC气体不做功，所以整个过程，气体对外做功，根据热力学第一定律，从ABCA，所以，气体放热；且放热的值等于气体对外做功的值，根据图像面积差求得：17.某汽车轮胎内有压强为、体积为、
19、温度为 0的理想气体。已知阿伏加德罗常数，气体处于标况(时的体积是22.4L)求:（1）该轮胎内气体在标况时的体积。（2）该轮胎内气体的分子数。【答案】（1）6.7210-2m3（2）1.8 1024【解析】【详解】（1）根据波意尔定律，解得：（2）胎内气体的摩尔数：，所以分子个数：四、计算题:18.如图所示，倾角为 的光滑绝缘斜面上，相距d 的平行虚线 MN 与 PQ之间存在垂直斜面的匀强磁场，磁感应强度为B.一质量为 m,电阻为 R,边长为 L(Ld)的正方形单匝导线框abcd,从斜面上某处由静止释放，当cd 边刚进入磁场时，线框的加速度大小为 a,方向沿斜面向下。线框ab 边刚要离开磁场
20、和 cd 边刚进入磁场时，cd 边两端的电压相同。重力加速度为g。求:（1）cd 边刚进入磁场时，线框中电流I。（2）cd 边刚进入磁场时线框的速度v。（3）线框通过磁场的过程中，线框中产生的热量Q【答案】（1）（2）（3）【解析】【详解】（1）当 cd 边刚进入磁场时，线框的加速度大小为a，设此时电流为I，根据牛顿第二定律得：，解得（2）根据欧姆定律得：，且感应电动势 E=BLv，结合（1）中的结论解得：（3）设线框离开磁场时的速度为v，线框ab边刚要离开磁场和cd边刚进入磁场时，cd边两端的电压相同，根据闭合电路电压关系：解得v=3v，根据能量守恒得：，联立代入数据解得：19.如图所示，在
21、倾角为的固定斜面上固定一块与斜面垂直的光滑挡板，质量为 m的半圆柱体 A紧靠挡板放在斜面上,质量为 2m的圆柱体 B放在 A上并靠在挡板上静止。A与 B半径均为 R,曲面均光滑，半圆柱体A底面与斜面间的动摩擦因数为。现用平行斜面向上的力拉A,使 A沿斜面向上缓慢移动，直至 B恰好降到斜面。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。求:（1）未拉 A时，B受到 A的作用力 F。（2）A移动的整个过程中，拉力做的功W。（3）动摩擦因数的最小值。【答案】（1）（2）（3）【解析】【详解】（1）设 A对 B的支持力为 F，对 B据平衡条件可知：，解得：（2）对整体，据平衡条件，斜面对A的支持力：，
22、移动过程中滑动摩擦力：，由几何关系解得 A的位移：，克服摩擦力做功：，由几何关系可知 A上升的高度和 B下降的高度均为：，根据功能关系：，解得：（3）B刚好接触斜面时，挡板对B弹力最大，研究 B可得：，对整体：，解得：，解得：20.如图所示，在 x 轴的上方存在着垂直于纸面向外、磁感应强度为 B的匀强磁场，在 x 轴上坐标为(2R,0)到(3.6 R,0)区域存在宽度为 1.6 R的屏，可以吸收打到屏上的粒子。在第三象限存在半径为R的圆形匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为 2B，磁场边界与 y 轴相切于 P点。P点有一粒子源，可射出按角度均匀分布、速度大小相等的带正电粒子,粒子射出方
23、向在与x 轴负方向两边各53区域内，其中沿 x 轴负方向射出的粒子从(-R，0)位置垂直于 x 轴进入上方的磁场区域。已知粒子质量为m、电荷量为 q。求:(1)P点射出的粒子速度大小。(2)屏能接收到的粒子数与P点射出的粒子数的比值。(3)若屏保持与x轴平行，仅沿y轴方向移动，要使粒子全部能打到屏上，屏的纵坐标，以及全部打不到屏上，屏的纵坐标。【答案】（1）（2）（3）全部打到屏上：；全部打不到屏上：【解析】【详解】（1）沿 x 轴负方向射出的粒子从(-R，0)位置垂直于 x 轴进入上方的磁场区域，根据几何关系可知：粒子的半径为R，根据洛仑兹力提供向心力有：，解得：（2）粒子轨迹的半径等于磁场的半径，粒子均平行于y 轴射入上方磁场区域；由数学关系可知，入射的区间为-0.2 R到-1.8 R区间；x 上方的磁场中，粒子偏转半径为2R，达到 x 轴上的区域为 2.2 R到 3.8 R之间；达到屏上 3.6 R位置的粒子，入射点的坐标为-0.4 R，该粒子的入射角度由几何关系可知为37，入射粒子按角度均匀分布则：（3）根据图示可知：全部打到屏上根据几何关系得：全部打不到屏上根据几何关系得：2019 届江苏省四校 2016 级高三下学期联考理科综合物理试卷