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1、2019届高邮市 2016级高三下学期阶段性调研考试理科综合物理试卷祝考试顺利一、单项选择题：本题共5 小题，每小题 3 分，共 15 分每小题只有一个选项符合题意选对的得 3 分，错选或不答的得 0 分1.一质点做曲线运动，它的轨迹由M到 N（如图所示曲线）关于质点通过轨迹中点时的速度 v 的方向和加速度 a 的方向，下图中可能正确的是【答案】B【解析】【详解】A图中的速度方向沿轨迹切线方向是正确的，而加速度不可能沿切线方向。故A错误。B图中速度方向沿轨迹的切线方向，加速度指向轨迹的内侧，符合实际。故B正确。C图中速度方向是正确的，而加速度方向是错误的，按图示加速度方向轨迹应向右弯曲。故 C
2、错误。D图中的加速度方向指向轨迹的内侧，是正确的；而速度方向不是沿切线方向。故 D错误。故选 B。2.如图所示电路中，电源电压u311sin100t(V)，A、B间接有“220 V440 W”的电暖宝、“220 V220 W”的抽油烟机、交流电压表及保险丝下列说法正确的是A.交流电压表的示数为311 V B.电路要正常工作，保险丝的额定电流不能小于3 A C.抽油烟机正常工作1 min 消耗的电能为 1.32104 J D.电暖宝发热功率是抽油烟机发热功率的2 倍【答案】C【解析】【分析】交流电压表的示数为有效值，由公式 P=UI知电路要正常工作，干路中电流为 3A，电暖宝是纯电阻，而抽油烟机
3、是非纯电阻；【详解】A、交流电压表的示数为有效值，故 A错误；B、由公式 P=UI知电路要正常工作，干路中电流为，所以保险丝的额定电流不能小于3A，故 B错误；C、1min 抽油烟机消耗的电能为，故 C正确；D、电暖宝是纯电阻，而抽油烟机是非纯电阻，电暖宝发热功率不是抽油烟机发热功率的 2 倍，故 D错误；故选 C。3.如图所示，三个相同的小球A、B、C位于同一高度 h 处，A做自由落体运动，B沿光滑斜面由静止滑下，C做平抛运动，在每个小球落地的瞬间，其重力的功率分别为PA、PB、PC。下列关系式正确的是A.PAPCPB B.PAPBPCC.PAPBPC D.PAPCPB【答案】A【解析】【分
4、析】据动能定理求出到达地面时的速度，抓住斜抛时达到A 落地时的高度，说明落地时的竖直方向速度相同，根据瞬时功率的公式求出重力的瞬时功率；【详解】A 做自由落体运动，C做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，故AC落地时竖直方向的速度大小相同，故落地时的功率相同，B做沿斜面下滑，下滑到斜面底端的速度跟A 落地时的速度相同，但速度方向与重力方向成一定的夹角，故功率小于 A的功率，故 A正确，B、C、D错误；故选 A。4.如图所示，两相同灯泡 A1、A2，A1与一理想二极管 D连接，线圈 L 的直流电阻不计 下列说法正确的是A.闭合开关 S后，A1会逐渐变亮B.闭合开关 S稳定后，A1、A2亮度相同C.
5、断开 S的瞬间，a 点的电势比 b 点低D.断开 S的瞬间，A1会逐渐熄灭【答案】C【解析】【分析】对于二极管来说具有单向导电性，而对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流；【详解】A、闭合开关 S后，因线圈自感，但两灯和线圈不是串联的关系，则两灯立刻亮，故 A错误；B、闭合开关 S稳定后，因线圈L 的直流电阻不计，,所以 A1与二极管被短路，导致灯泡 A1不亮，而 A2将更亮，因此 A1、A2亮度度不同，故 B错误；CD、断开 S的瞬间，A2会立刻熄灭，线圈L 与灯泡 A1及二极管构成回路，因线圈产生感应电动势，a 端的电势低于 b 端，但二极管具有单向导电性，所以所以回路没有感应
6、电流，A1也是立即熄灭，故 D错误，C正确；故选 C。5.在电荷量分别为 2q 和-q 的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有 a、b、c 三点，且 b、c 两点到正点电荷距离相等，则A.在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B.将一电子从 a 点由静止释放，它将在a、b 间往复运动C.c 点的电势高于 b 点的电势D.负试探电荷在 a 点具有的电势能比在b 点时具有的电势能小【答案】CD【解析】【详解】A项：电场线是从正电荷出发，终止于负电荷，由电场的叠加原理可知，在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故A错误；B项：由于 ab 间的电场强度方向始终
7、由a 指向 b，所以电子受到向右的电场力，所以在 a 处由静止释放电子，电子将向右运动，故B错误；C项：正电荷与 b点和 c 点的距离相等，由图可知，正电荷与 b 点间的电场线比正电荷与 c 点间的电场线更密，由公式，所以电势降落更多，即b 点电势比 c 点电势更低，故 C正确；D项：由图可知，从 a 到 b 电势越来越低，根据负电荷在电势低处电势能大，所以负试探电荷在 a 点具有的电势能比在b 点时具有的电势能小，故D正确。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题 4 分，共计 16 分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，错选或不答的得0 分6.北斗卫星导航系统是
8、我国自行研制开发的区域性三维卫星定位与通信系(CNSS)，建成后的北斗卫星导航系统包括5 颗同步卫星和 30 颗一般轨道卫星关于这些卫星，以下说法正确的是A.5 颗同步卫星的轨道半径都相同B.5 颗同步卫星的运行轨道必定在同一平面内C.导航系统所有卫星的运行速度一定大于第一宇宙速度D.导航系统所有卫星中，运行轨道半径越大的，周期越小【答案】AB【解析】【详解】因为同步卫星要和地球自转同步，所以运行轨道就在赤道所在平面内，根据F=m 2r，因为 一定，所以 r 必须固定，所以一定位于空间同一轨道上，故A错误；它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引
9、力就不在一个平面上，这是不可能的。所以我国发射的同步通讯卫星必须定点在赤道上空，故B 错误；第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度。导航系统所有卫星的运行速度一定小于第一宇宙速度，故 C正确；根据周期公式T=2，运行轨道半径越大的，周期越大，故D错误；故选 C。7.如图所示，竖直平面内固定有半径为R的光滑半圆形槽，一小球（可看作质点）自半圆形槽左边缘的A点无初速地释放，在最低B点处安装一个压力传感器以测量小球通过 B点时对轨道的压力大小，下列说法正确的是A.压力传感器的示数与小球的质量无关B.压力传感器的示数与半圆形槽半径R无关C.小球在 B点的速度与半圆形槽半径R无关
10、D.小球在 B点的加速度与半圆形槽半径R无关【答案】BD【解析】【分析】先根据动能定理求出到达最低点的速度，再根据向心力公式及牛顿第三定律求得球对内壁的压力大小；【详解】设小球到达B处的速度为 v，则，在 B点下有，解得压力传感器的示数 F=3mg，小球在 B点的速度，小球在 B点的加速度大小，故 BD正确，AC错误；故选 BD。8.为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的长方体流量计。该装置由绝缘材料制成，其长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口。在垂直于上下底面方向加一匀强磁场，前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极。污水充满管口从左向右流经该装置时，接在M
11、、N两端间的电压表将显示两个电极间的电压 U。若用 Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是A.M 端的电势比 N端的高B.电压表的示数 U与 a 和 b 均成正比，与 c 无关C.电压表的示数 U与污水的流量 Q成正比D.若污水中正负离子数相同，则电压表的示数为0【答案】C【解析】根据左手定则，知正离子所受的洛伦兹力方向向里，则向里偏转，N板带正电，M板带负，则 M板的电势比 N板电势低故 A错误；最终离子在电场力和洛伦兹力作用下平衡，有：qvB=q，解得 U=vBb，与污水中正负离子数无关故BD错误因，则流量，因此，与污水流量成正比故C正确故选 C 9.在竖直方向的电
12、场中一带电小球由静止开始竖直向上运动，运动过程中小球的机械能与其位移关系的图象如图所示，其中O S1过程的图线为曲线，S1S2过程的图线为直线根据该图象，下列说法正确的是A.小球一定带正电B.O S1过程中小球可能一直在做加速运动C.S1S2过程中所处的电场一定是匀强电场D.S1S2过程中小球的动能可能不变【答案】BCD【解析】【分析】由于除重力之外的其它力做多少正功物体的机械能就增加多少，所以E-x 图象的斜率的绝对值等于物体所受的电场力的大小；如果电场力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动；如果电场力大于物体的重力，则物体加速向上运动，故物体的动能不断减小；【详解】A、只知电场力方向竖
13、直向上，由于不知电场强度的方向，所以无法确定小球带什么电，故 A错误；B、由于除重力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少，所以E-x 图象的斜率的绝对值等于物体所受的电场力的大小，由图可知在O s1内斜率的绝对值逐渐减小，故在 O s1内物体所受的电场力逐渐减小；所以开始先加速运动，当电场力减小后，可能减速运动，也可能继续加速运动，故B正确；C、由于物体在 s1s2内斜率的绝对值保持不变，故物体受到的电场力不变，即为匀强电场，故 C正确；D、由于物体在 s1s2内 E-x 图象的斜率的绝对值不变，故物体所受的电场力保持不变如果电场力等于物体所受的重力，故物体做匀速直线运动，所以动能可能
14、不变，故 D正确；故选 BCD。三、简答题：本题分必做题（第10、11、12 题）和选做题（第13 题）两部分，共计42 分请将解答填写在答题卡相应的位置10.如图所示，螺旋测微器的读数为_mm。【答案】5.670 mm【解析】【分析】螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；【详解】螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为 0.0117.0mm=0.170mm，所以最终读数为 5.5mm+0.170mm=5.670mm；11.某学习小组在研究加速度与力、质量的关系时，采用如图甲所示的装置，通过改变小托盘和砝码总质量m来改变小车受到的合力，通过加
15、减钩码来改变小车总质量M.(1)实验中需要平衡摩擦力，应当取下 _(选填“小车上的钩码”或“小托盘和砝码”)，将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点_。(2)图乙为实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6 为计数点，相邻两计数点间还有 4 个点未画出，所用交流电的频率为50 Hz，从纸带上测出 x1=3.20 cm，x2=4.74 cm，x3=6.30 cm，x4=7.85 cm，x5=9.41 cm，x6=10.96 cm小车运动的加速度大小为_m s2(结果保留三位有效数字)。【答案】（1）小托盘和砝码间距相等（2）1.541.56【解析】（1）实验
16、中需要平衡摩擦力，应当取下小托盘和砝码，将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点间距相等（2）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2；x5-x2=3a2T2；x6-x3=3a3T2；为了更加准确的求解加速度，对三个加速度取平均值，得：，带入数据解得：a=1.55m/s212.（1）用如图 1 所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件 S、T请根据下列步骤完成电阻测量：先进行机械调零，使指针对准电流的“0”刻线将 K旋转到电阻挡“100”的位置将插入“+”、“-”插孔的表笔短接，旋动部件_(选填：“S”或“T”)使指
17、针对准电阻的 0 刻线”将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小，为了得到比较准确的待测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤并按_的顺序进行操作，再完成读数测量A将 K旋转到电阻挡“1k”的位置B将 K旋转到电阻挡“10”的位置C 将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D 将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准如图 2 所示，为多用电表的表盘，测电阻时，若用的是“100”挡，这时指针所示被测电阻的阻值应为_；测直流电流时，用的是100mA 的量程，指针所示电流值为 _ mA；（2）在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，某同学得到下表所示的数据。请在所给的坐标系中描绘出小灯泡的伏
18、安特性曲线；若将该灯泡直接接到电动势E=2V，内阻 r=10 的电源两端，根据前面提供的信息，可以求得该灯泡实际消耗的功率为P=_W。【答案】(1)T ADC 1700 47 (2).0.091W【解析】【分析】使用欧姆表时应注意：电表使用前要使指针指在0 刻线位置，通过调节调零旋钮实现；欧姆表测量前要进行欧姆调零；欧姆表中值电阻附近刻度线最均匀，读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零；欧姆表读数=刻度盘读数倍率；在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，根据表所示的数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，由图示图象求出电压对应的电流和电压，然后由功率公式求
19、出灯泡消耗的功率；【详解】解：(1)将插入“十“、“-“插孔的表笔短接，旋动欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻的 0 刻线。欧姆表指针偏转角度过小，说明所选挡位太小，应换大挡进行测量，应将旋转开关 K置于“1k”，然后进行欧姆调零，再测电阻，因此合理是实验步骤是：ADC；测电阻时，用的是 100 挡，这时表针所示被测电阻的阻值应为17100=1700；测直流电流时，用的是100mA 的量程，由图示表盘可知，其分度值为2mA，指针所示电流值为 47mA；(2)在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，根据表所示的数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线；将该灯泡直接接到电动势E=2V，内阻 r=10 的电源两端，则有
20、：，作出 U-I 图像，根据图像可得，该灯泡实际消耗的功率为13.下列说法正确的有A.放射性元素发生一次 衰变，原子序数增加1 B.光电效应揭示了光具有波动性C.平均结合能越大表示原子核中的核子结合的越牢固D.原子核的半衰期不仅与核内部自身因素有关，还与原子所处的化学状态有关【答案】AC【解析】【分析】原子核的平均结合能越大，表示原子核的核子结合得越牢固，原子核越稳定；光电效应和康普顿效应说明光具有粒子性半衰期与外界的环境无关；【详解】A、放射性元素发生一次 衰变，电荷数增加 1，质量数不变，则原子序数增加 1，故 A正确；B、光电效应揭示了光具有粒子性，故B错误；C、原子核的平均结合能越大，
21、表示原子核的核子结合得越牢固，原子核越稳定，故C正确；D.原子核的半衰期与内部自身因素有关，与原子所处的化学状态无关，故D错误；故选 AC。14.（2014?盐城三模）“轨道电子俘获”是放射性同位素衰变的一种形式，它是指原子核（X）俘获一个核外电子，使其内部的一个质子变为中子，并放出一个中微子，从而变成一个新核（Y）的过程，中微子的质量远小于质子的质量，且不带电，写出这种衰变的核反应方程式生成的新核处于激发态，会向基态跃迁，辐射光子的频率为 v，已知真空中的光速为c，普朗克常量为 h，则此核反应过程中的质量亏损为【答案】，【解析】试题分析：根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程，通过爱因斯坦
22、质能方程求出核反应过程中质量的亏损解：核反应方程为：根据爱因斯坦质能方程得：hv=mc2，则质量亏损为：m=故答案为：，点评：解决本题的关键知道在核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，以及掌握爱因斯坦质能方程15.某质量为 m的运动员从距蹦床h1高处自由落下，接着又能弹起 h 高，运动员与蹦床接触时间 t，在空中保持直立。重力加速度为g。取竖直向下的方向为正方向，忽略空气阻力。求：运动员与蹦床接触时间内，所受重力的冲量I；运动员与蹦床接触时间内，受到蹦床平均弹力的大小F。【答案】(1),负号表示方向竖直向下(2)【解析】【详解】(1)由动量的定义式：，得重力的冲量得：，负号表示方向竖直向下；(2
23、)设运动员下落 h1高度时的速度大小为v1，弹起时速度大小为v2，则有：由动量定理有：解得：。16.关于下列四幅图中所涉及物理知识的论述中，正确的是A.甲图中，由两分子间作用力随距离变化的关系图线可知，当两个相邻的分子间距离为 r0时，它们间相互作用的引力和斥力均为零B.乙图中，由一定质量的氧气分子分别在不同温度下速率分布情况，可知温度T10的各个方向均匀地发射大量质量为m、带电荷量为 q 且速率相同的粒子，其中沿 y 轴正方向射入磁场的粒子，恰能沿轴线进入长方形加速管并打在荧光屏的中心位置（不计粒子重力及其相互作用）（1）求粒子刚进入加速管时的速度大小v0；（2）求加速电压 U；（3）若保持
24、加速电压U不变，磁场的磁感应强度B=0.9 B0，求荧光屏上有粒子到达的范围？【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】由运动方向通过几何关系求得半径，进而由洛伦兹力作向心力求得速度；再由几何关系求得半径，由洛伦兹力作向心力联立两式求得粒子速度，应用动能定理求得加速电压；先通过几何关系求得粒子在加速管中的分布，然后由粒子运动的半径及几何关系求得可打在荧光屏上的粒子范围；【详解】解：(1)磁场区域内粒子运动轨道半径为：(2)粒子在磁场区域的轨道半径为:又由动能定理得：解得：(3)粒子经磁场区域后，其速度方向均与x 轴平行；经证明可知：OO1CO2是菱形，所以 CO2和 y 轴平行，v 和 x 轴平行磁场的磁感应强度B2减小 10%，即，荧光屏上方没有粒子到达的长度为:即荧光屏上有粒子到达的范围是：距上端处到下端，总长度