(通用版)2018年高考数学二轮复习课时跟踪检测(二十四)理.doc

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1、课时跟踪检测(二十四)A组124提速练一、选择题1设f(x)xln x,f(x0)2,则x0()Ae2 BeC. Dln 2解析:选Bf(x)1ln x,f(x0)1ln x02,x0e,故选B.2函数f(x)excos x的图象在点(0,f(0)处的切线方程是()Axy10 Bxy10Cxy10 Dxy10解析:选C依题意,f(0)e0cos 01,因为f(x)excos xexsin x,所以f(0)1,所以切线方程为y1x0,即xy10,故选C.3已知直线ykx1与曲线yx3mxn相切于点A(1,3),则n()A1 B1 C3 D4解析:选C对于yx3mxn,y3x2m,而直线ykx1与

2、曲线yx3mxn相切于点A(1,3),则有可解得n3.4若下列图象中,有一个是函数f(x)x3ax2(a21)x1(aR,a0)的导函数f(x)的图象,则f(1)()A. B C. D解析:选A由题意知,f(x)x22axa21,a0,其图象为最右侧的一个由f(0)a210,得a1.由导函数f(x)的图象可知,a0,解得0x2,故函数f(x)的单调递增区间是和(2,)6已知函数f(x)x3bx2cxd的图象如图所示,则函数ylog2的单调递减区间为()A. B3,)C2,3 D(,2)解析:选D因为f(x)x3bx2cxd,所以f(x)3x22bxc,由图可知f(2)f(3)0,所以解得令g(

3、x)x2bx,则g(x)x2x6,g(x)2x1,由g(x)x2x60,解得x3.当x时,g(x)0,所以g(x)x2x6在(,2)上为减函数,所以函数ylog2的单调递减区间为(,2)7已知函数f(x)x3px2qx的图象与x轴切于点(1,0),则f(x)的极大值、极小值分别为()A,0 B0,C.,0 D0,解析:选C由题意知,f(x)3x22pxq,由f(1)0,f(1)0,得解得,f(x)x32x2x,由f(x)3x24x10,得x或x1,易得当x时,f(x)取极大值,当x1时,f(x)取极小值0.8已知f(x)的定义域为(0,),f(x)为f(x)的导函数,且满足f(x)(x1)f(

4、x21)的解集是()A(0,1) B(1,)C(1,2) D(2,)解析:选D因为f(x)xf(x)0,所以xf(x)(x21)f(x21),所以0x12.9已知函数f(x)的定义域为R,f(x)为其导函数,函数yf(x)的图象如图所示,且f(2)1,f(3)1,则不等式f(x26)1的解集为()A(3,2)(2,3) B(,)C(2,3) D(,)(,)解析:选A由yf(x)的图象知,f(x)在(,0上单调递增,在(0,)上单调递减,又f(2)1,f(3)1,f(x26)1可化为2x263,解得2x3或3x0),则f(x)()A在区间,(1,e)上均有零点B在区间,(1,e)上均无零点C在区

5、间上有零点,在区间(1,e)上无零点 D在区间上无零点,在区间(1,e)上有零点解析:选D因为f(x),所以当x(0,3)时,f(x)0,f(x)单调递减,而01e0,f(1)0,f(e)10,t0)在点M处的切线与曲线C2:yex11也相切,则tln的值为()A4e2 B8eC2 D8解析:选D由y,得yx,则曲线C1在x时的切线斜率为k,所以切线方程为y2,即yx1.设切线与曲线yex11的切点为(x0,y0)由yex11,得yex1,则由ex01,得切点,故切线方程又可表示为y1,即yxln1,所以由题意,得ln11,即t8,整理得tln8,故选D.12(2018届高三湘中名校联考)已知

6、函数g(x)ax2与h(x)2ln x的图象上存在关于x轴对称的点,则实数a的取值范围是()A1,e22 B.C. D.解析:选A由题意,知方程x2a2ln x,即a2ln xx2在上有解设f(x)2ln xx2,则f(x)2x.易知x时f(x)0,x1,e时f(x)0,所以函数f(x)在上单调递增,在1,e上单调递减,所以f(x)极大值f(1)1,又f(e)2e2,f 2,f(e)0,所以函数g(x)在(,)上为增函数,故符合要求;对于,g(x)ex3x,则g(x)(ex3x)ex3x(1ln 3)0,所以函数g(x)在(,)上为增函数,故符合要求综上,具有M性质的函数的序号为.答案:15已

7、知函数f(x)exmx1的图象为曲线C,若曲线C存在与直线yex垂直的切线,则实数m的取值范围是_解析:函数f(x)的导数f(x)exm,即切线斜率kexm,若曲线C存在与直线yex垂直的切线,则满足(exm)e1,即exm有解,即mex有解,ex,m.答案:16(2017兰州模拟)已知函数f(x)exmln x(mR,e为自然对数的底数),若对任意正数x1,x2,当x1x2时都有f(x1)f(x2)x1x2成立,则实数m的取值范围是_解析:函数f(x)的定义域为(0,)依题意得,对于任意的正数x1,x2,当x1x2时,都有f(x1)x1f(x2)x2,因此函数g(x)f(x)x在区间(0,)

8、上是增函数,于是当x0时,g(x)f(x)1ex10,即x(ex1)m恒成立记h(x)x(ex1),x0,则有h(x)(x1)ex1(01)e010(x0),h(x)在区间(0,)上是增函数,h(x)的值域是(0,),因此m0,m0.故所求实数m的取值范围是0,)答案:0,)B组能力小题保分练1(2017陕西质检)设函数f(x)xsin x在xx0处取得极值,则(1x)(1cos 2x0)的值为()A1 B1C2 D2解析:选Df(x)sin xxcos x,令f(x)0得tan xx,所以tan2x0x,故(1x)(1cos 2x0)(1tan2x0)2cos2x02cos2x02sin2x

9、02,故选D.2(2017开封模拟)过点A(2,1)作曲线f(x)x33x的切线最多有()A3条 B2条C1条 D0条解析:选A由题意得,f(x)3x23,设切点为(x0,x3x0),那么切线的斜率为k3x3,则切线方程为y(x3x0)(3x3)(xx0),将点A(2,1)代入可得关于x0的一元三次方程2x6x70.令y2x6x7,则y6x12x0.由y0得x00或x02.当x00时,y70;x02时,y10.所以方程2x6x70有3个解故过点A(2,1)作曲线f(x)x33x的切线最多有3条,故选A.3(2017惠州调研)已知函数f(x)xsin xcos xx2,则不等式f(ln x)f

10、2f(1)的解集为()A(e,)B(0,e)C(1,e) D解析:选Df(x)xsin xcos xx2,因为f(x)f(x),所以f(x)是偶函数,所以f f(ln x)f(ln x),所以f(ln x)f 2f(1)可变形为f(ln x)0,所以f(x)在(0,)上单调递增,在(,0)上单调递减,所以f(ln x)f(1)等价于|ln x|1,即1ln x1,所以xe.故选D.4设函数f(x)sin.若存在f(x)的极值点x0满足xf(x0)2m2,则m的取值范围是()A(,6)(6,)B(,4)(4,)C(,2)(2,)D(,1)(1,)解析:选C由正弦型函数的图象可知:f(x)的极值点

11、x0满足f(x0),则k(kZ),从而得x0m(kZ)所以不等式xf(x0)2m2即为2m233,其中kZ.由题意,存在整数k使得不等式m23成立当k1且k0时,必有21,此时不等式显然不能成立,故k1或k0,此时,不等式即为m23,解得m2. 5若对任意的a,函数f(x)x2ax2b与g(x)2aln(x2)的图象均有交点,则实数b的取值范围是()A. B.C. D.解析:选A依题意,原问题等价于对任意的a,关于x的方程x2ax2aln(x2)2b有解设h(x)x2ax2aln(x2),则h(x)xa,所以h(x)在(2,a2)上单调递减,在(a2,)上单调递增,当x2时h(x),当x时,h(x),h(a2)a22aln a2,记p(a)a22aln a2,则h(x)的值域为p(a),),故2bp(a),)对任意的a恒成立,即2bp(a)max,而p(a)a2ln a22ln 220,故g(x)0,g(x)为增函数,当x(1,)时,h(x)0,故g(x)0,g(x)为减函数,所以g(x)maxg(1),又当x时,g(x)0,所以g(x)的图象如图所示,故0a.

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