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1、 高考真题 理科数学(全国 I 卷)理科数学 考试时间：_分钟 题型 单选题 填空题 简答题 总分 得分 单选题（本大题共 12 小题，每小题_分，共_分。）1.设集合 ,则 A.B.C.D.2.设,其中,实数,则 A.1 B.C.D.2 3.已知等差数列前 9 项的和为 27,则 A.100 B.99 C.98 D.97 4.某公司的班车在 7:00,8:00,8:30 发车,小明在 7:50 至 8:30 之间到达发车站乘坐班车,且到达发车站的时刻是随机的，则他等车时间不超过 10 分钟的概率是 A.B.C.D.5.已知方程表示双曲线,且该双曲线两焦点间的距离为 4,则n的取值范围是 A.
2、B.C.D.6.如图,某几何体的三视图是三个半径相等的圆及每个圆中两条相互垂直的半径.若该几何体的体积是,则它的表面积是 A.B.C.D.7.函数在的图像大致为 A.B.C.D.8.若,则 A.B.C.D.9.执行右面的程序框图,如果输入的,则输出x,y的值满足 A.B.C.D.10.以抛物线C的顶点为圆心的圆交C于A、B两点,交C的准线于D、E两点.已知|AB|=,|DE|=,则C的焦点到准线的距离为 A.2 B.4 C.6 D.8 11.平面过正方体ABCD-A1B1C1D1的顶点A,/平面CB1D1,平面ABCD=m,平面AB B1A1=n,则m、n所成角的正弦值为 A.B.C.D.12
3、.已知函数 为的零点,为图像的对称轴,且在单调,则的最大值为 A.11 B.9 C.7 D.5 填空题（本大题共 4 小题，每小题_分，共_分。）13.设向量a=(m,1),b=(1,2),且|a+b|2=|a|2+|b|2,则m=_.14.的展开式中,x3的系数是_.（用数字填写答案）15.设等比数列满足a1+a3=10,a2+a4=5,则a1a2 an的最大值为_ 16.某高科技企业生产产品 A 和产品 B 需要甲、乙两种新型材料 生产一件产品 A 需要甲材料 1.5kg,乙材料 1kg,用 5 个工时；生产一件产品 B 需要甲材料 0.5kg,乙材料 0.3kg,用 3 个工时生产一件产
4、品 A 的利润为 2100 元,生产一件产品 B 的利润为 900 元该企业现有甲材料 150kg,乙材料 90kg,则在不超过 600 个工时的条件下,生产产品 A、产品 B 的利润之和的最大值为_元 简答题（综合题）（本大题共 6 小题，每小题_分，共_分。）的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知 17.求C；18.若的面积为,求的周长 如图,在以A,B,C,D,E,F为顶点的五面体中,面ABEF为正方形,AF=2FD,且二面角D-AF-E与二面角C-BE-F都是 19.证明：平面ABEF平面EFDC；20.求二面角E-BC-A的余弦值 某公司计划购买 2 台机器,该种机器使用三年后
5、即被淘汰.机器有一易损零件,在购进机器时,可以额外购买这种零件作为备件,每个 200 元.在机器使用期间,如果备件不足再购买,则每个500元.现需决策在购买机器时应同时购买几个易损零件,为此搜集并整理了100台这种机器在三年使用期内更换的易损零件数,得下面柱状图：以这 100 台机器更换的易损零件数的频率代替 1 台机器更换的易损零件数发生的概率,记表示 2 台机器三年内共需更换的易损零件数,表示购买 2 台机器的同时购买的易损零件数.21.求的分布列；22.若要求,确定的最小值；23.以购买易损零件所需费用的期望值为决策依据,在与之中选其一,应选用哪个？设圆的圆心为A,直线l过点B（1,0）
6、且与x轴不重合,l交圆A于C,D两点,过B作AC的平行线交AD于点E.24.证明为定值,并写出点E的轨迹方程；25.设点E的轨迹为曲线C1,直线l交C1于M,N两点,过B且与l垂直的直线与圆A交于P,Q两点,学.科网求四边形MPNQ面积的取值范围.已知函数有两个零点.26.求a的取值范围；27.设x1,x2是的两个零点,证明：.请考生在以下 3 题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分,做答时请写清题号【选修 4-1：几何证明选讲】（请回答 28、29 题）如图,OAB是等腰三角形,AOB=120.以O为圆心,OA为半径作圆.【选修 44：坐标系与参数方程】（请回答 30、31 题）在
7、直角坐标系xy中,曲线C1的参数方程为（t为参数,a0）在以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2：=.【选修 45：不等式选讲】（请回答 32、33 题）已知函数.28.证明：直线AB与O相切；29.点C,D在O上,且A,B,C,D四点共圆,证明：ABCD.30.说明C1是哪一种曲线,并将C1的方程化为极坐标方程；31.直线C3的极坐标方程为,其中满足 tan=2,若曲线C1与C2的公共点都在C3上,求a 32.在答题卡第（24）题图中画出的图像；33.求不等式的解集 答案 单选题 1.D 2.B 3.C 4.B 5.A 6.A 7.D 8.C 9.C 10.B 11.A 1
8、2.B 填空题 13.14.15.16.简答题 17.18.19.见解析 20.21.22.19 23.24.（）25.26.；27.见证明。28.见解析 29.见解析 30.圆,31.1 32.33.解析 单选题 1.试 题 分 析：因 为，所 以，故选 D。2.因为所以故选 B.3.试题分析：由已知,所以故选 C.4.试题分析：如图所示，画出时间轴：小明到达的时间会随机落在途中线段中，而当他的到达时间线段或时，才能办证他等车的时间不超过 10 分钟，根据几何概型，所求概率，故选 B.5.试题分析：表示双曲线，则，由双曲线性质知：，其中是半焦距 焦距,解得，故选 A.6.试题分析：该几何体直
9、观图如图所示：是一个球被切掉左上角的,设球的半径为,则,解得,所以它的表面积是的球面面积和三个扇形面积之和故选 A 7.试题分析：函数在上是偶函数，其图像关于轴对称，因为，所以排除选项；当时，有一零点，设为，当时，为减函数，当时，为增函数.故选 D.8.试题分析：用特殊值法，令，得，选项 A 错误，选项 B 错误，选项 C 正确，选项D 错误，故选 C 9.试题分析：当时，不满足；，不满足；，满足；输出，则输出的的值满足，故选 C.10.试题解析：如图，设抛物线方程为，交轴于点，则，即点纵坐标为，则点横坐标为，即，由勾股定理知，,即，解得，即的焦点到准线的距离为 4，故选 B.11.试题分析：
10、如图，设平面平面=，平面平面=，因为平面，所以，则所成的角等于所成的角，延长，过作，连接，则为，同理为，而，则所成的角即为所成的角，即为，故所成角的正弦值为，选 A.12.试题分析：因为为的零点，为图像的对称轴，所以，即，所以，又因为在单调，所以，即，由此的最大值为 9.故选 B.填空题 13.试题分析：由，得，所以，解得.14.试题分析：的展开式通项为，令得，所以的系数是.15.试 题 分 析：设 等 比 数 列 的 公 比 为，由 得，解 得.所 以，于是当或时，取得最大值.16.试题分析：设生产产品、产品分别为、件,利润之和为元,那么 目标函数.二元一次不等式组等价于 作出二元一次不等式
11、组表示的平面区域（如图）,即可行域.将变形,得,平行直线,当直线经过点时,取得最大值.解方程组,得的坐标.所以当,时,.故生产产品、产品的利润之和的最大值为元.简答题 17.试题分析：本题属于正余弦定理的综合应用问题，属于简单题，只要掌握相关的知识，即可解决本题，解析如下：由正弦定理得：，18.试题分析：本题属于正余弦定理的综合应用问题，属于简单题，只要掌握相关的知识，即可解决本题，解析如下：由余弦定理得：周长为 19.试题分析：本题属于立体几何的综合应用问题，属于中档题，只要掌握相关立体几何的知识，即可解决本题，解析如下：由已知可得,所以平面 又平面,故平面平面 20.试题分析：本题属于立体
12、几何的综合应用问题，属于中档题，只要掌握相关立体几何的知识，即可解决本题，解析如下：过作,垂足为,由（I）知平面 以为坐标原点,的方向为轴正方向,为单位长度,建立如图所示的空间直角坐标系 由（I）知为二面角的平面角,故,则,可得,由已知,所以平面 又平面平面,故,由,可得平面,所以为二面角的平面角,从而可得 所以,设是平面的法向量,则,即,所以可取 设是平面的法向量,则,同理可取则 故二面角的余弦值为 21.试题分析：本题把随机变量的分布列与统计及函数结合在一起进行考查,有一定综合性但难度不是太大大,求解关键是读懂题意，属于简单题，只要掌握相关的知识，即可解决本题，解析如下：每台机器更换的易损
13、零件数为 8，9，10，11 记事件为第一台机器 3 年内换掉个零件 记事件为第二台机器 3 年内换掉个零件 由题知，设 2 台机器共需更换的易损零件数的随机变量为，则的可能的取值为 16，17，18，19，20，21，22 所以的分布列为 22.试题分析：本题把随机变量的分布列与统计及函数结合在一起进行考查,有一定综合性但难度不是太大大,求解关键是读懂题意，属于简单题，只要掌握相关的知识，即可解决本题，解析如下：由（）知,故的最小值为 19.23.试题分析：本题把随机变量的分布列与统计及函数结合在一起进行考查,有一定综合性但难度不是太大大,求解关键是读懂题意，属于简单题，只要掌握相关的知识，
14、即可解决本题，解析如下：记表示 2 台机器在购买易损零件上所需的费用（单位：元）.当时,.当时,.可知当时所需费用的期望值小于时所需费用的期望值,故应选.24.试题分析：本题属于圆锥曲线的综合应用问题，属于拔高题，不容易得分，解析如下：因为,故,所以,故.又圆的标准方程为,从而,所以.由题设得,由椭圆定义可得点的轨迹方程为：（）.25.试题分析：本题属于圆锥曲线的综合应用问题，属于拔高题，不容易得分，解析如下：当与轴不垂直时,设的方程为,.由得.则,.所以.来源:学科网 ZXXK 过点且与垂直的直线：,到的距离为,所以.故四边形的面积.可得当与轴不垂直时,四边形面积的取值范围为.当与轴垂直时,
15、其方程为,四边形的面积为 12.综上,四边形面积的取值范围为.26.试题分析：本题属于导数的综合应用问题，属于拔高题，不容易得分，解析如下：（）（i）设,则,只有一个零点（ii）设,则当时,；当时,所以在上单调递减,在上单调递增 又,取满足且,则,故存在两个零点（iii）设,由得或 若,则,故当时,因此在上单调递增又当时,所以不存在两个零点 若,则,故当时,；当时,因此在单调递减,在单调递增又当时,所以不存在两个零点综上,的取值范围为 27.试题分析：本题属于导数的综合应用问题，属于拔高题，不容易得分，解析如下：由已知得：，不难发现，故可整理得：设，则 那么，当时，单调递减；当时，单调递增 设
16、，构造代数式：设，则，故单调递增，有 因此，对于任意的，由可知、不可能在的同一个单调区间上，不妨设，则必有 令，则有 而，在上单调递增，因此：整理得：28.试题分析：本题属于圆的综合应用问题，属于简单题，只要掌握相关圆的知识，即可解决本题，解析如下：设是的中点,连结,因为,所以,在中,即到直线的距离等于圆的半径,所以直线与相切 29.试题分析：本题属于圆的综合应用问题，属于简单题，只要掌握相关圆的知识，即可解决本题，解析如下：因为,所以不是四点所在圆的圆心,设是四点所在圆的圆心,作直线 由已知得在线段的垂直平分线上,又在线段的垂直平分线上,所以 同理可证,所以 30.试题分析：本题属于坐标系与
17、参数方程的综合应用问题，属于简单题，只要掌握相关的知识，即可解决本题，解析如下：（均为参数）为以为圆心，为半径的圆方程为 即为的极坐标方程 31.试题分析：本题属于坐标系与参数方程的综合应用问题，属于简单题，只要掌握相关的知识，即可解决本题，解析如下：,两边同乘得,即 ：化为普通方程为,由题意：和的公共方程所在直线即为 得：,即为,32.试题分析：本题属于不等式的选讲内容，不等式证明选讲多以绝对值不等式为载体命制试题，主要涉及图像、解不等式、由不等式恒成立求参数范围等，解决此类问题通常转换为分段函数求解，注意不等式的解集一定要写出集合形式，属于简单题，只要掌握相关不等式的知识，即可解决本题，解析如下：如图所示：33.试题分析：本题属于不等式的选讲内容，不等式证明选讲多以绝对值不等式为载体命制试题，主要涉及图像、解不等式、由不等式恒成立求参数范围等，解决此类问题通常转换为分段函数求解，注意不等式的解集一定要写出集合形式，属于简单题，只要掌握相关不等式的知识，即可解决本题，解析如下：当，解得或 当，解得或 或 当，解得或 或 综上，或或，解集为