《浙江专用高考物理二轮复习专题一解.pptx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《浙江专用高考物理二轮复习专题一解.pptx（76页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、图图1第1页/共76页A.换用宽度更窄的遮光条B.提高测量遮光条宽度的精确度C.使滑块的释放点更靠近光电门D.增大气垫导轨与水平面的夹角答案答案A第2页/共76页第3页/共76页答案答案BC第4页/共76页3.(多选)(2015新课标全国卷，20)如图2(a)，一物块在t0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图(b)所示。若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出()A.斜面的倾角B.物块的质量C.物块与斜面间的动摩擦因数D.物块沿斜面向上滑行的最大高度图图2第5页/共76页答案答案ACD第6页/共76页第7页/共76页答案答案20 m/s第8页/共76页5.(2015新新课课
2、标标全全国国卷卷，25)一长木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物块；在木板右方有一墙壁，木板右端与墙壁的距离为4.5 m，如图3(a)所示。t0时刻开始，小物块与木板一起以共同速度向右运动，直至t1 s时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)。碰撞前后木板速度大小不变，方向相反；运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞后1 s时间内小物块的vt图线如图(b)所示。木板的质量是小物块质量的15倍，重力加速度大小g取10 m/s2。求：图图3第9页/共76页(1)木板与地面间的动摩擦因数1及小物块与木板间的动摩擦因数2；(2)木板的最小长度；(3)木板右端离墙壁的最终距离。第10页/共76页第11页
3、/共76页第12页/共76页答案答案(1)0.10.4(2)6 m(3)6.5 m第13页/共76页第14页/共76页图图4(1)在02 s时间内A和B加速度的大小；(2)A在B上总的运动时间。第15页/共76页解解析析(1)在在02 s时时间间内内，A和和B的的受受力力如如图图所所示示，其其中中Ff1、FN1是是A与与B之之间间的的摩摩擦擦力力和和正正压压力力的的大大小小，Ff2、FN2是是B与与C之之间间的的摩摩擦擦力力和和正正压压力力的的大大小小，方方向向如如图图所所示示。由由滑滑动动摩摩擦擦力力公公式式和和力力的的平衡条件得平衡条件得Ff11FN1第16页/共76页FN1mgcos F
4、f22FN2FN2FN1mgcos 规规定定沿沿斜斜面面向向下下为为正正方方向向。设设A和和B的的加加速速度度分分别别为为a1和和a2，由由牛牛顿顿第二定律得第二定律得mgsin Ff1ma1mgsin Ff2Ff1ma2联立联立式，并代入题给条件得式，并代入题给条件得a13 m/s2a21 m/s2(2)在在t12 s时，设时，设A和和B的速度分别为的速度分别为v1和和v2，则，则v1a1t16 m/sv2a2t12 m/s2 s后后，设设A和和B的的加加速速度度分分别别为为a1和和a2。此此时时A与与B之之间间摩摩擦擦力力为为零，同理可得零，同理可得a16 m/s2a22 m/s2第17页
5、/共76页答案答案(1)3 m/s21 m/s2(2)4 s第18页/共76页主要题型：主要题型：选择题和计算题知识热点知识热点(1)单独命题匀变速直线运动的公式及应用的考查。xt、vt、at、Ft等图象问题的考查。牛顿运动定律的考查。(2)交汇命题考查利用vt图象和牛顿第二定律解决物体运动的多过程及连接体问题。匀变速直线运动规律和牛顿运动定律综合应用的考查。思想方法思想方法极限思想、逆向思维的思想、理想实验的思想、分解的思想。比例法、图象法、推论法、假设法、控制变量法、整体法、隔离法、合成法等。第19页/共76页考向一运动图象的应用考向一运动图象的应用核心知识核心知识(1)xt图象和vt图象
6、描述的都是直线运动，而不是曲线运动。(2)xt图象和vt图象不表示物体运动的轨迹。(3)xt图象中两图线的交点表示两物体相遇，而vt图象中两图线的交点表示两物体速度相等。(4)vt图象中，图线与坐标轴围成的面积表示位移；而xt图象中，图线与坐标轴围成的面积无实际意义。第20页/共76页规律方法规律方法图象问题要三看图象问题要三看(1)看看清清坐坐标标轴轴所所表表示示的的物物理理量量明确因变量(纵轴表示的量)与自变量(横轴表示的量)的制约关系。(2)看看图图线线本本身身识别两个相关量的变化趋势，从而分析具体的物理过程。(3)看交点、斜率和看交点、斜率和“面积面积”明确图线与图线的交点、图线与坐标
7、轴的交点、图线斜率、图线与坐标轴围成的面积的物理意义。第21页/共76页1.如图5所示，a、b分别为甲、乙两物体在同一直线上运动时的位移与时间的关系图线，其中a为过原点的倾斜直线，b为开口向下的抛物线。则下列说法正确的是()A.物体乙始终沿正方向运动B.t1时刻甲、乙两物体的位移相等、速度相等C.0t2时间内物体乙的平均速度大于物体甲的平均速度D.t1到t2时间内两物体的平均速度相同图图5第22页/共76页解析b图线的斜率先为正值，后为负值，则物体乙的运动方向发生了变化，A错误；在t1时刻，两物体的位移相等，但图线a、b的斜率不相等，则两物体的速度不相等，B错误；0t2时间内，两物体的位移相等
8、，运动时间相等，则两物体的平均速度相同，C错误；t1t2时间内，两物体的位移相等，运动时间相等，则两物体的平均速度相同，D正确。答案D第23页/共76页2.(2014天津理综，5)以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是()第24页/共76页答案答案D第25页/共76页3.(多选多选)质量相等的甲、乙两物体在相同的恒定水平外力作用下由同一起跑线沿不同接触面由静止开始运动，两物体的vt图象如图6所示，则()图图6A.t0后某时刻甲、乙两物体位移相等B.0t0时间内，
9、物体甲的中间时刻速度大于物体乙的平均速度C.t0时刻之前，物体甲受到的阻力总是大于物体乙受到的阻力D.t0时刻之前物体甲的位移总小于物体乙的位移第26页/共76页解解析析由由vt图图象象知知，0t0时时间间内内乙乙的的位位移移大大于于甲甲的的位位移移，t0后后某某时时刻刻甲甲、乙乙两两物物体体位位移移相相等等，A、D正正确确；甲甲物物体体做做匀匀加加速速直直线线运运动动，其其中中间间时时刻刻速速度度等等于于图图中中三三角角形形面面积积与与t0之之比比，而而物物体体乙乙的的平平均均速速度度为为图图线线所所围围面面积积与与t0之之比比，显显然然0t0时时间间内内，物物体体甲甲的的中中间间时时刻刻速
10、速度度小小于于物物体体乙乙的的平平均均速速度度，B错错误误；由由图图线线的的斜斜率率意意义义知知t0时时刻刻之之前前物物体体乙乙的的加加速速度度先先大大于于甲甲的的加加速速度度，后后小小于于甲甲的的加加速速度度，由由Ffma知知，t0时时刻刻之之前前，物物体体甲甲受受到到的的阻阻力力先先大大于于物物体体乙乙受受到到的的阻阻力力，后后小小于于乙乙受受到到的的阻阻力力，C错误。错误。答案答案AD第27页/共76页4.(2015广东理综，广东理综，13)甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移时间图象如图7所示，下列表述正确的是()图图7第28页/共76页A.0.20.5小时内，甲
11、的加速度比乙的大B.0.20.5小时内，甲的速度比乙的大C.0.60.8小时内，甲的位移比乙的小D.0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等解解析析位位移移时时间间图图象象的的斜斜率率绝绝对对值值反反映映速速度度大大小小，在在0.20.5小小时时内内，甲甲、乙乙均均做做匀匀速速直直线线运运动动，加加速速度度为为0，甲甲图图象象斜斜率率大大于于乙乙图图象象，说说明明甲甲的的速速度度大大于于乙乙的的速速度度，故故A错错误误，B正正确确；由由位位移移时时间间图图象象可可以以看看出出在在0.60.8小小时时内内甲甲的的位位移移比比乙乙的的大大，故故C错错误误；由由位位移移时时间间图图象象看看出出在在t0.5
12、小小时时时时，甲甲在在s10 km处处，而而乙乙在在s8 km处处，进进一一步步得得出出在在0.8小小时时内内甲甲的的路路程程比比乙的大，故乙的大，故D错误。错误。答案答案B第29页/共76页解图象类问题的关键解图象类问题的关键在于将图象与物理过程对应起来，通过图象的坐标轴、关键点、在于将图象与物理过程对应起来，通过图象的坐标轴、关键点、斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题。斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题。第30页/共76页考向二匀变速直线运动规律的应用核心知识核心知识第31页/共76页规律方法规律方法第32页/共76页1.(2015山东理综，14)距地面高5
13、 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图8所示。小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的大小g10 m/s2。可求得h等于()图图8第33页/共76页答案答案AA.1.25 m B.2.25 m C.3.75 m D.4.75 m第34页/共76页2.2013年12月“嫦娥三号”在月球表面上的软着陆为我们的月球旅行开辟了新航道。未来的某天，一位同学在月球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得小球
14、在第5 s内的位移是7.2 m，此时小球还未落地，则()A.小球在前5 s内的位移是20 mB.小球在5 s末的速度是16.0 m/sC.月球表面的重力加速度大小为3.6 m/s2D.小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/s第35页/共76页答案答案A第36页/共76页3.(2014海南单科，13)短跑运动员完成100 m赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段。一次比赛中，某运动员用11.00 s跑完全程。已知运动员在加速阶段的第2 s内通过的距离为7.5 m，求该运动员的加速度及在加速阶段通过的距离。第37页/共76页答案答案5 m/s210 m第38页/共76页4.(2014新课
15、标全国卷，24)2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯鲍姆加特纳乘气球升至约39 km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5 km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录。取重力加速度的大小g10 m/s2。(1)若忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落至1.5 km高度处所需的时间及其在此处速度的大小；(2)实际上，物体在空气中运动时会受到空气的阻力，高速运动时所受阻力的大小可近似表示为fkv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状、横截面积及空气密度有关。已知该运动员在某段时间内高速下落的vt图象如图9所示。若该运动员和所带装备的总质量m100 kg
16、，试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数。(结果保留1位有效数字)第39页/共76页图图9第40页/共76页答案答案(1)87 s8.7102 m/s(2)0.008 kg/m第41页/共76页第42页/共76页考向三牛顿运动定律的应用核心知识核心知识1.牛顿第二定律的表达式：牛顿第二定律的表达式：F合ma。2.牛顿第二定律的牛顿第二定律的“四性四性”：(1)矢量性：公式Fma是矢量式，F与a方向相同。(2)瞬时性：力与加速度同时产生，同时变化。(3)同体性：Fma中，F、m、a对应同一物体。(4)独立性：分力产生的加速度相互独立，与其他加速度无关。第43页/共76页规律方法规律方法
17、1.整体法和隔离法的优点及使用条件整体法和隔离法的优点及使用条件(1)整体法：优点：研究对象减少，忽略物体之间的相互作用力，方程数减少，求解简捷。条件：连接体中各物体具有共同的加速度。(2)隔离法：优点：易看清各个物体具体的受力情况。条件：当系统内各物体的加速度不同时，一般采用隔离法；求连接体内各物体间的相互作用力时必须用隔离法。第44页/共76页2.两类模型两类模型(1)刚性绳(或接触面)不发生明显形变就能产生弹力的物体，剪断(或脱离)后，其弹力立即消失，不需要形变恢复时间。(2)弹簧(或橡皮绳)两端同时连接(或附着)有物体的弹簧(或橡皮绳)，特点是形变量大，其形变恢复需要较长时间，在瞬时性
18、问题中，其弹力的大小往往可以看成保持不变。第45页/共76页1.(多选)如图10所示，物块A、B质量相等，在恒力F作用下，在水平面上做匀加速直线运动。若物块与水平面间接触面光滑，物块A的加速度大小为a1，物块A、B间的相互作用力大小为FN1；若物块与水平面间接触面粗糙，且物块A、B与水平面间的动摩擦因数相同，物块B的加速度大小为a2，物块A、B间的相互作用力大小为FN2，则以下判断正确的是()图图10A.a1a2 B.a1a2C.FN1FN2 D.FN1F第46页/共76页答案答案BCD第47页/共76页2.(多多选选)(2015江江苏苏单单科科，6)一人乘电梯上楼，在竖直上升过程中加速度a随
19、时间t变化的图线如图11所示，以竖直向上为a的正方向，则人对地板的压力()图图11A.t2 s时最大 B.t2 s时最小C.t8.5 s时最大 D.t8.5 s时最小第48页/共76页解解析析由由题题图图知知，在在上上升升过过程程中中，在在04 s内内，加加速速度度方方向向向向上上，FNmgma，所所以以向向上上的的加加速速度度越越大大，电电梯梯对对人人的的支支持持力力就就越越大大，由由牛牛顿顿第第三三定定律律可可知知，人人对对电电梯梯的的压压力力就就越越大大，故故A正正确确，B错错误误；由由题题图图知知，在在710 s内内加加速速度度方方向向向向下下，由由mgFNma知知，向向下下的的加加速
20、速度度越越大大，人人对对电电梯梯的的压压力力就就越越小小，故故C错错误误，D正确。正确。答案答案AD第49页/共76页3.(多选多选)(2015海南单科海南单科，8)如图12，物块a、b和c的质量相同，a和b，b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O，整个系统处于静止状态。现将细线剪断，将物块a的加速度的大小记为a1，S1和S2相对于原长的伸长分别记为l1和l2，重力加速度大小为g。在剪断的瞬间()图图12A.a13g B.a10C.l12l2 D.l1l2第50页/共76页答案答案AC第51页/共76页4.(多选)(2015海南单科，9)如图13，升降机内
21、有一固定斜面，斜面上放一物块。开始时，升降机做匀速运动，物块相对于斜面匀速下滑。当升降机加速上升时()图图13A.物块与斜面间的摩擦力减小 B.物块与斜面间的正压力增大C.物块相对于斜面减速下滑 D.物块相对于斜面匀速下滑 第52页/共76页解解析析当当升升降降机机加加速速上上升升时时，物物体体有有竖竖直直向向上上的的加加速速度度，则则物物块块与与斜斜面面间间的的正正压压力力增增大大，根根据据滑滑动动摩摩擦擦力力公公式式FfFN可可知知物物体体与与斜斜面面间间的的摩摩擦擦力力增增大大，故故A错错误误，B正正确确；设设斜斜面面的的倾倾角角为为，物物体体的的质质量量为为m，当当匀匀速速运运动动时时
22、有有mgsin mgcos，即即sin cos.当当物物体体以以加加速速度度a向向上上加加速速运运动动时时，有有FNm(ga)cos，Ffm(ga)cos，因因为为sin cos，所所以以m(ga)sin m(ga)cos，故故物物体体仍仍相相对对斜斜面面匀匀速速下下滑滑，C错错误误，D正确。正确。答案答案BD第53页/共76页考向四应用牛顿运动定律解多过程问题考向四应用牛顿运动定律解多过程问题核心知识核心知识第54页/共76页规律方法规律方法1.基本思路基本思路受力分析和运动分析是解决问题的关键，而加速度是联系力与运动的桥梁。基本思路如图所示：2.常用方法常用方法(1)整体法与隔离法。(2)
23、正交分解法。第55页/共76页1.(多选多选)(2015浙江金华十校二模浙江金华十校二模)如图14甲所示，在倾角为37的粗糙足够长斜面的底端，一质量m2 kg可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连。t0时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度时间图象如图乙所示，其中Ob段为曲线，bc段为直线，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8。则下列说法正确的是()图图14第56页/共76页A.在0.15 s末滑块的加速度为8 m/s2B.滑块在0.10.2 s时间间隔内沿斜面向下运动C.滑块与斜面间的动摩擦因数0.25D.在滑块与弹簧脱离之前，滑块一直在做加速运动解
24、解析析根根据据vt图图象象的的斜斜率率表表示示加加速速度度可可求求在在0.10.2 s时时间间内内滑滑块块的的加加速速度度a8 m/s2，所所以以A正正确确；由由图图知知滑滑块块在在0.10.2 s时时间间间间隔隔内内沿沿斜斜面面向向上上减减速速运运动动，故故B错错误误；在在0.10.2 s时时间间内内，根根据据牛牛顿顿第第二二定定律律可可得得mgsin mgcos ma，代代入入可可求求0.25，所所以以C正正确确；在在滑滑块块与与弹弹簧簧脱脱离离之之前前，当当弹弹力力小小于于重重力力沿沿斜斜面向下的分力与摩擦力的合力时，滑块做减速运动，所以面向下的分力与摩擦力的合力时，滑块做减速运动，所以
25、D错误。错误。答案答案AC第57页/共76页2.如图15甲所示，为一倾角37的足够长斜面，将一质量为m1 kg的物体无初速度在斜面上释放，同时施加一沿斜面向上的拉力，拉力随时间变化的关系图象如图乙所示，物体与斜面间的动摩擦因数0.25，取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：图图15第58页/共76页(1)2 s末物体的速度；(2)前16 s内物体发生的位移。解解析析(1)由由分分析析可可知知物物体体在在前前2 s内内沿沿斜斜面面向向下下做做初初速速度度为为零零的的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得mgsin F1mgcos ma1v1
26、a1t1代入数据可得代入数据可得a12.5 m/s2，方向沿斜面向下，方向沿斜面向下v15 m/s，方向沿斜面向下，方向沿斜面向下第59页/共76页答案答案(1)5 m/s方向沿斜面向下(2)30 m方向沿斜面向下第60页/共76页3.如图16所示，某次滑雪训练，运动员站在水平雪道上第一次利用滑雪杖对雪面的作用获得水平推力F84 N而从静止向前滑行，其作用时间为t11.0 s，撤除水平推力F后经过t22.0 s，他第二次利用滑雪杖对雪面的作用获得同样的水平推力，作用距离与第一次相同。已知该运动员连同装备的总质量为m60 kg，在整个运动过程中受到的滑动摩擦力大小恒为Ff12 N，求：图图16第
27、61页/共76页(1)第一次利用滑雪杖对雪面作用获得的速度大小及这段时间内的位移；(2)该运动员(可视为质点)第二次撤除水平推力后滑行的最大距离。第62页/共76页答案答案(1)1.2 m/s0.6 m(2)5.2 m第63页/共76页高频考点二运动图象与牛顿运动定律的综合应用第64页/共76页(16分分)(2015江西七校联考江西七校联考)如图17甲所示，一长木板静止在水平地面上，在t0时刻，一小物块以一定速度从左端滑上长木板，以后长木板运动的vt图象如图乙所示。已知小物块与长木板的质量均为m1 kg，小物块与长木板间及长木板与地面间均有摩擦，经1 s后小物块与长木板相对静止(g取10 m/
28、s2)，求：图图17第65页/共76页(1)小物块与长木板间动摩擦因数的值；(2)在整个运动过程中，系统所产生的热量。审题流程审题流程第一步：抓关键点第一步：抓关键点获取信息获取信息(1)读题读题第66页/共76页(2)读图读图第67页/共76页第二步：找突破口第二步：找突破口选取规律选取规律第68页/共76页解析解析(1)长木板加速过程中，由牛顿第二定律，得长木板加速过程中，由牛顿第二定律，得1mg22mgma1(2分分)vma1t1(1分分)木木板板和和物物块块相相对对静静止止，共共同同减减速速过过程程中中，由由牛牛顿顿第第二二定定律律，得得22mg2ma2(2分分)0vma2t2(1分分
29、)由图象可知，由图象可知，vm2 m/s，t11.0 s，t20.8 s联立解得：联立解得：10.7(2分分)第69页/共76页答案答案(1)0.7(2)40.5 J第70页/共76页第第1步：步：识别图象。识别图象。识别内容包括：识别内容包括：横、纵坐标轴表示的物理量；横、纵坐标轴表示的物理量；是是定定性性描描述述(坐坐标标轴轴无无标标度度和和单单位位)还还是是定定量量描描述述(坐坐标标轴轴有有标标度和单位度和单位)；图象形状所描述的状态及变化规律；图象形状所描述的状态及变化规律；图线与横坐标轴包围的图线与横坐标轴包围的“面积面积”有、无意义及对应的物理量；有、无意义及对应的物理量；图线的折
30、点表示斜率发生变化，明确图线斜率对应的物理量；图线的折点表示斜率发生变化，明确图线斜率对应的物理量；由图象构建数学函数关系式，根据所构建的关系式与掌握的由图象构建数学函数关系式，根据所构建的关系式与掌握的物理规律对比，确定式中各项的物理意义。物理规律对比，确定式中各项的物理意义。第71页/共76页第第2步步：判判别别物物理理过过程程。由由图图象象形形状状所所描描述述的的状状态态及及变变化化规规律确定质点的运动性质。律确定质点的运动性质。第第3步：步：选择解答方法。根据质点的运动性质，选择公式法、选择解答方法。根据质点的运动性质，选择公式法、图象法解答试题，必要时建立函数关系并进行图象转换，图象
31、法解答试题，必要时建立函数关系并进行图象转换，或者与常见形式比较进行解答和判断。或者与常见形式比较进行解答和判断。第72页/共76页(16分分)(2015太太原原模模拟拟)质量为3 kg的长木板A置于光滑的水平地面上，质量为2 kg的木块B(可视为质点)置于木板A的左端，在水平向右的力F作用下由静止开始运动，如图18甲所示。A、B运动的加速度随时间变化的图象如图乙所示。(g取10 m/s2)求：图图18第73页/共76页(1)木板与木块之间的动摩擦因数；(设最大静摩擦力等于滑动摩擦力)(2)4 s末A、B的速度；(3)若6 s末木板和木块刚好分离，则木板的长度为多少？第74页/共76页答案答案(1)0.3(2)4 m/s(3)4 m第75页/共76页谢谢您的观看！第76页/共76页