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1、(浙江浙江专用用)2016高考高考物理二物理二轮复复习-专题一一-第第2讲-力力讲解解图图1A.换换用用宽宽度更窄的遮光条度更窄的遮光条B.提高提高测测量遮光条量遮光条宽宽度的精确度度的精确度C.使滑使滑块块的的释释放点更靠近光放点更靠近光电门电门D.增大气增大气垫导轨垫导轨与水平面的与水平面的夹夹角角答案答案A答案答案BC3.(多选)(2015新课标全国卷，20)如图2(a)，一物块在t0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图(b)所示。若重力加速度及图中的v0、v1、t1均为已知量，则可求出()A.斜面的斜面的倾倾角角B.物物块块的的质质量量C.物物块块与斜面与斜面间间的的动动摩擦因数摩
2、擦因数D.物物块块沿斜面向上滑行的最大高度沿斜面向上滑行的最大高度图图2答案答案ACD答案答案20 m/s5.(2015新新课课标标全全国国卷卷，25)一一长长木木板板置置于于粗粗糙糙水水平平地地面面上上，木木板板左左端端放放置置一一小小物物块块；在在木木板板右右方方有有一一墙墙壁壁，木木板板右右端端与与墙墙壁壁的的距距离离为为4.5 m，如如图图3(a)所所示示。t0时时刻刻开开始始，小小物物块块与与木木板板一一起起以以共共同同速速度度向向右右运运动动，直直至至t1 s时时木木板板与与墙墙壁壁碰碰撞撞(碰碰撞撞时时间间极极短短)。碰碰撞撞前前后后木木板板速速度度大大小小不不变变，方方向向相相
3、反反；运运动动过过程程中中小小物物块块始始终终未未离离开开木木板板。已已知知碰碰撞撞后后1 s时时间间内内小小物物块块的的vt图图线线如如图图(b)所所示示。木木板板的的质质量量是是小小物物块块质质量量的的15倍倍，重重力力加加速速度度大大小小g取取10 m/s2。求：。求：图图3(1)木木板板与与地地面面间间的的动动摩摩擦擦因因数数1及及小小物物块块与与木木板板间间的的动动摩摩擦擦因因数数2；(2)木板的最小木板的最小长长度；度；(3)木板右端离木板右端离墙墙壁的最壁的最终终距离。距离。答案答案(1)0.10.4(2)6 m(3)6.5 m图图4(1)在在02 s时间时间内内A和和B加速度的
4、大小；加速度的大小；(2)A在在B上上总总的运的运动时间动时间。解解析析(1)在在02 s时时间间内内，A和和B的的受受力力如如图图所所示示，其其中中Ff1、FN1是是A与与B之之间间的的摩摩擦擦力力和和正正压压力力的的大大小小，Ff2、FN2是是B与与C之之间间的的摩摩擦擦力力和和正正压压力力的的大大小小，方方向向如如图图所所示示。由由滑滑动动摩摩擦擦力力公公式式和和力力的的平衡条件得平衡条件得Ff11FN1FN1mgcos Ff22FN2FN2FN1mgcos 规规定定沿沿斜斜面面向向下下为为正正方方向向。设设A和和B的的加加速速度度分分别别为为a1和和a2，由由牛牛顿顿第二定律得第二定律
5、得mgsin Ff1ma1mgsin Ff2Ff1ma2联立联立式，并代入题给条件得式，并代入题给条件得a13 m/s2a21 m/s2(2)在在t12 s时，设时，设A和和B的速度分别为的速度分别为v1和和v2，则，则v1a1t16 m/sv2a2t12 m/s2 s后后，设设A和和B的的加加速速度度分分别别为为a1和和a2。此此时时A与与B之之间间摩摩擦擦力力为为零，同理可得零，同理可得a16 m/s2a22 m/s2答案答案(1)3 m/s21 m/s2(2)4 s主要题型：主要题型：选择题选择题和和计计算算题题知识热点知识热点(1)单单独命独命题题匀匀变变速直速直线线运运动动的公式及的
6、公式及应应用的考用的考查查。xt、vt、at、Ft等等图图象象问题问题的考的考查查。牛牛顿顿运运动动定律的考定律的考查查。(2)交交汇汇命命题题考考查查利利用用vt图图象象和和牛牛顿顿第第二二定定律律解解决决物物体体运运动动的的多多过过程程及及连连接体接体问题问题。匀匀变变速直速直线线运运动规动规律和牛律和牛顿顿运运动动定律定律综综合合应应用的考用的考查查。思想方法思想方法极限思想、逆向思极限思想、逆向思维维的思想、理想的思想、理想实验实验的思想、分解的思想。的思想、分解的思想。比例法、比例法、图图象法、推象法、推论论法、假法、假设设法、控制法、控制变变量法、整体法、量法、整体法、隔离法、合成
7、法等。隔离法、合成法等。考向一运动图象的应用考向一运动图象的应用核心知识核心知识(1)xt图图象和象和vt图图象描述的都是直象描述的都是直线线运运动动，而不是曲，而不是曲线线运运动动。(2)xt图图象和象和vt图图象不表示物体运象不表示物体运动动的的轨轨迹。迹。(3)xt图图象象中中两两图图线线的的交交点点表表示示两两物物体体相相遇遇，而而vt图图象象中中两两图线图线的交点表示两物体速度相等。的交点表示两物体速度相等。(4)vt图图象中，象中，图线图线与坐与坐标轴围标轴围成的面成的面积积表示位移；而表示位移；而xt图图象中，象中，图线图线与坐与坐标轴围标轴围成的面成的面积积无无实际实际意意义义
8、。规律方法规律方法图象问题要三看图象问题要三看(1)看看清清坐坐标标轴轴所所表表示示的的物物理理量量明明确确因因变变量量(纵纵轴轴表表示示的的量量)与与自自变变量量(横横轴轴表示的量表示的量)的制的制约约关系。关系。(2)看看图图线线本本身身识识别别两两个个相相关关量量的的变变化化趋趋势势，从从而而分分析析具具体体的的物理物理过过程。程。(3)看交点、斜率和看交点、斜率和“面积面积”明确明确图线图线与与图线图线的交点、的交点、图线图线与与坐坐标轴标轴的交点、的交点、图线图线斜率、斜率、图线图线与坐与坐标轴围标轴围成的面成的面积积的物理意的物理意义义。1.如如图图5所示，所示，a、b分分别为别为
9、甲、乙两物体在同甲、乙两物体在同一直一直线线上运上运动时动时的位移与的位移与时间时间的关系的关系图线图线，其中其中a为过为过原点的原点的倾倾斜直斜直线线，b为为开口向下的开口向下的抛物抛物线线。则则下列下列说说法正确的是法正确的是()A.物体乙始物体乙始终终沿正方向运沿正方向运动动B.t1时时刻甲、乙两物体的位移相等、速度相等刻甲、乙两物体的位移相等、速度相等C.0t2时间时间内物体乙的平均速度大于物体甲的平均速度内物体乙的平均速度大于物体甲的平均速度D.t1到到t2时间时间内两物体的平均速度相同内两物体的平均速度相同图图5解析b图线的斜率先为正值，后为负值，则物体乙的运动方向发生了变化，A错
10、误；在t1时刻，两物体的位移相等，但图线a、b的斜率不相等，则两物体的速度不相等，B错误；0t2时间内，两物体的位移相等，运动时间相等，则两物体的平均速度相同，C错误；t1t2时间内，两物体的位移相等，运动时间相等，则两物体的平均速度相同，D正确。答案D2.(2014天津理综，5)以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是()答案答案D3.(多选多选)质质量相等的甲、乙两物体在相同的量相等的甲、乙两物体在相同的恒定水平外力作用下由同一起跑恒定水平外力作用下由同一起跑
11、线线沿不同沿不同接触面由静止开始运接触面由静止开始运动动，两物体的，两物体的vt图图象如象如图图6所示，所示，则则()图图6A.t0后某后某时时刻甲、乙两物体位移相等刻甲、乙两物体位移相等B.0t0时间时间内，物体甲的中内，物体甲的中间时间时刻速度大刻速度大于物体乙的平均速度于物体乙的平均速度C.t0时时刻之前，物体甲受到的阻力刻之前，物体甲受到的阻力总总是大于物体乙受到的阻力是大于物体乙受到的阻力D.t0时时刻之前物体甲的位移刻之前物体甲的位移总总小于物体乙的位移小于物体乙的位移解解析析由由vt图图象象知知，0t0时时间间内内乙乙的的位位移移大大于于甲甲的的位位移移，t0后后某某时时刻刻甲甲
12、、乙乙两两物物体体位位移移相相等等，A、D正正确确；甲甲物物体体做做匀匀加加速速直直线线运运动动，其其中中间间时时刻刻速速度度等等于于图图中中三三角角形形面面积积与与t0之之比比，而而物物体体乙乙的的平平均均速速度度为为图图线线所所围围面面积积与与t0之之比比，显显然然0t0时时间间内内，物物体体甲甲的的中中间间时时刻刻速速度度小小于于物物体体乙乙的的平平均均速速度度，B错错误误；由由图图线线的的斜斜率率意意义义知知t0时时刻刻之之前前物物体体乙乙的的加加速速度度先先大大于于甲甲的的加加速速度度，后后小小于于甲甲的的加加速速度度，由由Ffma知知，t0时时刻刻之之前前，物物体体甲甲受受到到的的
13、阻阻力力先先大大于于物物体体乙乙受受到到的的阻阻力力，后后小小于于乙乙受受到到的的阻阻力力，C错误。错误。答案答案AD4.(2015广东理综，广东理综，13)甲、乙两人同甲、乙两人同时时同地出同地出发骑发骑自行自行车车做直做直线线运运动动，前，前1小小时时内的位移内的位移时间图时间图象如象如图图7所示，下列表述正确所示，下列表述正确的是的是()图图7A.0.20.5小小时时内，甲的加速度比乙的大内，甲的加速度比乙的大B.0.20.5小小时时内，甲的速度比乙的大内，甲的速度比乙的大C.0.60.8小小时时内，甲的位移比乙的小内，甲的位移比乙的小D.0.8小小时时内，甲、乙内，甲、乙骑骑行的路程相
14、等行的路程相等解解析析位位移移时时间间图图象象的的斜斜率率绝绝对对值值反反映映速速度度大大小小，在在0.20.5小小时时内内，甲甲、乙乙均均做做匀匀速速直直线线运运动动，加加速速度度为为0，甲甲图图象象斜斜率率大大于于乙乙图图象象，说说明明甲甲的的速速度度大大于于乙乙的的速速度度，故故A错错误误，B正正确确；由由位位移移时时间间图图象象可可以以看看出出在在0.60.8小小时时内内甲甲的的位位移移比比乙乙的的大大，故故C错错误误；由由位位移移时时间间图图象象看看出出在在t0.5小小时时时时，甲甲在在s10 km处处，而而乙乙在在s8 km处处，进进一一步步得得出出在在0.8小小时时内内甲甲的的路
15、路程程比比乙的大，故乙的大，故D错误。错误。答案答案B解图象类问题的关键解图象类问题的关键在于将图象与物理过程对应起来，通过图象的坐标轴、关键点、在于将图象与物理过程对应起来，通过图象的坐标轴、关键点、斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题。斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题。考向二匀变速直线运动规律的应用核心知识核心知识规律方法规律方法1.(2015山东理综，14)距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图8所示。小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点
16、时细线被轧断，最后两球同时落地。不计空气阻力，取重力加速度的大小g10 m/s2。可求得h等于()图图8答案答案AA.1.25 m B.2.25 m C.3.75 m D.4.75 m2.2013年年12月月“嫦嫦娥娥三三号号”在在月月球球表表面面上上的的软软着着陆陆为为我我们们的的月月球球旅旅行行开开辟辟了了新新航航道道。未未来来的的某某天天，一一位位同同学学在在月月球球上上完完成成自自由由落落体体运运动动实实验验，让让一一个个质质量量为为2 kg的的小小球球从从一一定定的的高高度度自自由由下下落落，测测得得小小球球在在第第5 s内内的的位位移移是是7.2 m，此此时时小小球球还还未未落落地
17、地，则则()A.小球在前小球在前5 s内的位移是内的位移是20 mB.小球在小球在5 s末的速度是末的速度是16.0 m/sC.月球表面的重力加速度大小月球表面的重力加速度大小为为3.6 m/s2D.小球在第小球在第5 s内的平均速度是内的平均速度是3.6 m/s答案答案A3.(2014海南单科，13)短跑运动员完成100 m赛跑的过程可简化为匀加速运动和匀速运动两个阶段。一次比赛中，某运动员用11.00 s跑完全程。已知运动员在加速阶段的第2 s内通过的距离为7.5 m，求该运动员的加速度及在加速阶段通过的距离。答案答案5 m/s210 m4.(2014新课标全国卷，24)2012年10月，
18、奥地利极限运动员菲利克斯鲍姆加特纳乘气球升至约39 km的高空后跳下，经过4分20秒到达距地面约1.5 km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世界纪录。取重力加速度的大小g10 m/s2。(1)若忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落至1.5 km高度处所需的时间及其在此处速度的大小；(2)实际上，物体在空气中运动时会受到空气的阻力，高速运动时所受阻力的大小可近似表示为fkv2，其中v为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状、横截面积及空气密度有关。已知该运动员在某段时间内高速下落的vt图象如图9所示。若该运动员和所带装备的总质量m100 kg，试估算该运动员在达到最大速度时所
19、受阻力的阻力系数。(结果保留1位有效数字)图图9答案答案(1)87 s8.7102 m/s(2)0.008 kg/m考向三牛顿运动定律的应用核心知识核心知识1.牛顿第二定律的表达式：牛顿第二定律的表达式：F合合ma。2.牛顿第二定律的牛顿第二定律的“四性四性”：(1)矢量性：公式矢量性：公式Fma是矢量式，是矢量式，F与与a方向相同。方向相同。(2)瞬瞬时时性：力与加速度同性：力与加速度同时产时产生，同生，同时变时变化。化。(3)同体性：同体性：Fma中，中，F、m、a对应对应同一物体。同一物体。(4)独立性：分力独立性：分力产产生的加速度相互独立，与其他加速度无关。生的加速度相互独立，与其他
20、加速度无关。规律方法规律方法1.整体法和隔离法的优点及使用条件整体法和隔离法的优点及使用条件(1)整体法：整体法：优优点点：研研究究对对象象减减少少，忽忽略略物物体体之之间间的的相相互互作作用用力力，方方程程数减少，求解数减少，求解简简捷。捷。条件：条件：连连接体中各物体具有共同的加速度。接体中各物体具有共同的加速度。(2)隔离法：隔离法：优优点：易看清各个物体具体的受力情况。点：易看清各个物体具体的受力情况。条件：当系条件：当系统统内各物体的加速度不同内各物体的加速度不同时时，一般采用隔离法；，一般采用隔离法；求求连连接体内各物体接体内各物体间间的相互作用力的相互作用力时时必必须须用隔离法。
21、用隔离法。2.两类模型两类模型(1)刚刚性性绳绳(或或接接触触面面)不不发发生生明明显显形形变变就就能能产产生生弹弹力力的的物物体体，剪断剪断(或脱离或脱离)后，其后，其弹弹力立即消失，不需要形力立即消失，不需要形变变恢复恢复时间时间。(2)弹弹簧簧(或橡皮或橡皮绳绳)两端同两端同时连时连接接(或附着或附着)有物体的有物体的弹弹簧簧(或或橡皮橡皮绳绳)，特点是形，特点是形变变量大，其形量大，其形变变恢复需要恢复需要较长时间较长时间，在瞬，在瞬时时性性问题问题中，其中，其弹弹力的大小往往可以看成保持不力的大小往往可以看成保持不变变。1.(多选)如图10所示，物块A、B质量相等，在恒力F作用下，在
22、水平面上做匀加速直线运动。若物块与水平面间接触面光滑，物块A的加速度大小为a1，物块A、B间的相互作用力大小为FN1；若物块与水平面间接触面粗糙，且物块A、B与水平面间的动摩擦因数相同，物块B的加速度大小为a2，物块A、B间的相互作用力大小为FN2，则以下判断正确的是()图图10A.a1a2 B.a1a2C.FN1FN2 D.FN1F答案答案BCD2.(多多选选)(2015江江苏苏单单科科，6)一一人人乘乘电电梯梯上上楼楼，在在竖竖直直上上升升过过程程中中加加速速度度a随随时时间间t变变化化的的图图线线如如图图11所所示示，以以竖竖直直向向上上为为a的的正正方向，方向，则则人人对对地板的地板的
23、压压力力()图图11A.t2 s时时最大最大 B.t2 s时时最小最小C.t8.5 s时时最大最大 D.t8.5 s时时最小最小解解析析由由题题图图知知，在在上上升升过过程程中中，在在04 s内内，加加速速度度方方向向向向上上，FNmgma，所所以以向向上上的的加加速速度度越越大大，电电梯梯对对人人的的支支持持力力就就越越大大，由由牛牛顿顿第第三三定定律律可可知知，人人对对电电梯梯的的压压力力就就越越大大，故故A正正确确，B错错误误；由由题题图图知知，在在710 s内内加加速速度度方方向向向向下下，由由mgFNma知知，向向下下的的加加速速度度越越大大，人人对对电电梯梯的的压压力力就就越越小小
24、，故故C错错误误，D正确。正确。答案答案AD3.(多选多选)(2015海南单科海南单科，8)如如图图12，物，物块块a、b和和c的的质质量相同，量相同，a和和b，b和和c之之间间用完全相同的用完全相同的轻弹轻弹簧簧S1和和S2相相连连，通，通过过系在系在a上的上的细线悬细线悬挂于固定点挂于固定点O，整个，整个系系统处统处于静止状于静止状态态。现现将将细线细线剪断，将物剪断，将物块块a的加速的加速度的大小度的大小记为记为a1，S1和和S2相相对对于原于原长长的伸的伸长长分分别记为别记为l1和和l2，重力加速度大小，重力加速度大小为为g。在剪断的瞬。在剪断的瞬间间()图图12A.a13g B.a1
25、0C.l12l2 D.l1l2答案答案AC4.(多选)(2015海南单科，9)如图13，升降机内有一固定斜面，斜面上放一物块。开始时，升降机做匀速运动，物块相对于斜面匀速下滑。当升降机加速上升时()图图13A.物物块块与斜面与斜面间间的摩擦力减小的摩擦力减小 B.物物块块与斜面与斜面间间的正的正压压力增大力增大C.物物块块相相对对于斜面减速下滑于斜面减速下滑 D.物物块块相相对对于斜面匀速下滑于斜面匀速下滑 解解析析当当升升降降机机加加速速上上升升时时，物物体体有有竖竖直直向向上上的的加加速速度度，则则物物块块与与斜斜面面间间的的正正压压力力增增大大，根根据据滑滑动动摩摩擦擦力力公公式式FfF
26、N可可知知物物体体与与斜斜面面间间的的摩摩擦擦力力增增大大，故故A错错误误，B正正确确；设设斜斜面面的的倾倾角角为为，物物体体的的质质量量为为m，当当匀匀速速运运动动时时有有mgsin mgcos，即即sin cos.当当物物体体以以加加速速度度a向向上上加加速速运运动动时时，有有FNm(ga)cos，Ffm(ga)cos，因因为为sin cos，所所以以m(ga)sin m(ga)cos，故故物物体体仍仍相相对对斜斜面面匀匀速速下下滑滑，C错错误误，D正确。正确。答案答案BD考向四应用牛顿运动定律解多过程问题考向四应用牛顿运动定律解多过程问题核心知识核心知识规律方法规律方法1.基本思路基本思
27、路受力分析和运受力分析和运动动分析是解决分析是解决问题问题的关的关键键，而加速度是，而加速度是联联系力与运系力与运动动的的桥桥梁。基本思路如梁。基本思路如图图所示：所示：2.常用方法常用方法(1)整体法与隔离法。整体法与隔离法。(2)正交分解法。正交分解法。1.(多选多选)(2015浙江金华十校二模浙江金华十校二模)如如图图14甲所示，在甲所示，在倾倾角角为为37的粗糙足的粗糙足够长够长斜面的底端，一斜面的底端，一质质量量m2 kg可可视为质视为质点的滑点的滑块压块压缩缩一一轻弹轻弹簧并簧并锁锁定，滑定，滑块块与与弹弹簧不相簧不相连连。t0时时解除解除锁锁定，定，计计算机通算机通过传过传感器描
28、感器描绘绘出滑出滑块块的速度的速度时间图时间图象如象如图图乙所示，其中乙所示，其中Ob段段为为曲曲线线，bc段段为为直直线线，g取取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8。则则下列下列说说法正确的是法正确的是()图图14A.在在0.15 s末滑末滑块块的加速度的加速度为为8 m/s2B.滑滑块块在在0.10.2 s时间间时间间隔内沿斜面向下运隔内沿斜面向下运动动C.滑滑块块与斜面与斜面间间的的动动摩擦因数摩擦因数0.25D.在滑在滑块块与与弹弹簧脱离之前，滑簧脱离之前，滑块块一直在做加速运一直在做加速运动动解解析析根根据据vt图图象象的的斜斜率率表表示示加加速速度度可可求求在在
29、0.10.2 s时时间间内内滑滑块块的的加加速速度度a8 m/s2，所所以以A正正确确；由由图图知知滑滑块块在在0.10.2 s时时间间间间隔隔内内沿沿斜斜面面向向上上减减速速运运动动，故故B错错误误；在在0.10.2 s时时间间内内，根根据据牛牛顿顿第第二二定定律律可可得得mgsin mgcos ma，代代入入可可求求0.25，所所以以C正正确确；在在滑滑块块与与弹弹簧簧脱脱离离之之前前，当当弹弹力力小小于于重重力力沿沿斜斜面向下的分力与摩擦力的合力时，滑块做减速运动，所以面向下的分力与摩擦力的合力时，滑块做减速运动，所以D错误。错误。答案答案AC2.如如图图15甲所示，甲所示，为为一一倾倾
30、角角37的足的足够长够长斜面，将一斜面，将一质质量量为为m1 kg的物体无初速度在斜面上的物体无初速度在斜面上释释放，同放，同时时施加一沿斜面向上施加一沿斜面向上的拉力，拉力随的拉力，拉力随时间变时间变化的关系化的关系图图象如象如图图乙所示，物体与斜面乙所示，物体与斜面间间的的动动摩擦因数摩擦因数0.25，取，取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：，求：图图15(1)2 s末物体的速度；末物体的速度；(2)前前16 s内物体内物体发发生的位移。生的位移。解解析析(1)由由分分析析可可知知物物体体在在前前2 s内内沿沿斜斜面面向向下下做做初初速速度度为为零零的的匀加速直
31、线运动，由牛顿第二定律可得匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得mgsin F1mgcos ma1v1a1t1代入数据可得代入数据可得a12.5 m/s2，方向沿斜面向下，方向沿斜面向下v15 m/s，方向沿斜面向下，方向沿斜面向下答案答案(1)5 m/s方向沿斜面向下方向沿斜面向下(2)30 m方向沿斜面向下方向沿斜面向下3.如如图图16所所示示，某某次次滑滑雪雪训训练练，运运动动员员站站在在水水平平雪雪道道上上第第一一次次利利用用滑滑雪雪杖杖对对雪雪面面的的作作用用获获得得水水平平推推力力F84 N而而从从静静止止向向前前滑滑行行，其其作作用用时时间间为为t11.0 s，撤撤除除水水平平推推力
32、力F后后经经过过t22.0 s，他他第第二二次次利利用用滑滑雪雪杖杖对对雪雪面面的的作作用用获获得得同同样样的的水水平平推推力力，作作用用距距离离与与第第一一次次相相同同。已已知知该该运运动动员员连连同同装装备备的的总总质质量量为为m60 kg，在在整整个个运运动过动过程中受到的滑程中受到的滑动动摩擦力大小恒摩擦力大小恒为为Ff12 N，求：，求：图图16(1)第第一一次次利利用用滑滑雪雪杖杖对对雪雪面面作作用用获获得得的的速速度度大大小小及及这这段段时时间间内内的的位移；位移；(2)该该运运动员动员(可可视为质视为质点点)第二次撤除水平推力后滑行的最大距离。第二次撤除水平推力后滑行的最大距离
33、。答案答案(1)1.2 m/s0.6 m(2)5.2 m高频考点二运动图象与牛顿运动定律的综合应用(16分分)(2015江西七校联考江西七校联考)如如图图17甲所示，一甲所示，一长长木板静止在水木板静止在水平地面上，在平地面上，在t0时时刻，一小物刻，一小物块块以一定速度从左端滑上以一定速度从左端滑上长长木木板，以后板，以后长长木板运木板运动动的的vt图图象如象如图图乙所示。已知小物乙所示。已知小物块块与与长长木板的木板的质质量均量均为为m1 kg，小物，小物块块与与长长木板木板间间及及长长木板与地面木板与地面间间均有摩擦，均有摩擦，经经1 s后小物后小物块块与与长长木板相木板相对对静止静止(
34、g取取10 m/s2)，求：，求：图图17(1)小物小物块块与与长长木板木板间动间动摩擦因数的摩擦因数的值值；(2)在整个运在整个运动过动过程中，系程中，系统统所所产产生的生的热热量。量。审题流程审题流程第一步：抓关键点第一步：抓关键点获取信息获取信息(1)读题读题(2)读图读图第二步：找突破口第二步：找突破口选取规律选取规律解析解析(1)长木板加速过程中，由牛顿第二定律，得长木板加速过程中，由牛顿第二定律，得1mg22mgma1(2分分)vma1t1(1分分)木木板板和和物物块块相相对对静静止止，共共同同减减速速过过程程中中，由由牛牛顿顿第第二二定定律律，得得22mg2ma2(2分分)0vm
35、a2t2(1分分)由图象可知，由图象可知，vm2 m/s，t11.0 s，t20.8 s联立解得：联立解得：10.7(2分分)答案答案(1)0.7(2)40.5 J第第1步：步：识别图象。识别图象。识别内容包括：识别内容包括：横、纵坐标轴表示的物理量；横、纵坐标轴表示的物理量；是是定定性性描描述述(坐坐标标轴轴无无标标度度和和单单位位)还还是是定定量量描描述述(坐坐标标轴轴有有标标度和单位度和单位)；图象形状所描述的状态及变化规律；图象形状所描述的状态及变化规律；图线与横坐标轴包围的图线与横坐标轴包围的“面积面积”有、无意义及对应的物理量；有、无意义及对应的物理量；图线的折点表示斜率发生变化，
36、明确图线斜率对应的物理量；图线的折点表示斜率发生变化，明确图线斜率对应的物理量；由图象构建数学函数关系式，根据所构建的关系式与掌握的由图象构建数学函数关系式，根据所构建的关系式与掌握的物理规律对比，确定式中各项的物理意义。物理规律对比，确定式中各项的物理意义。第第2步步：判判别别物物理理过过程程。由由图图象象形形状状所所描描述述的的状状态态及及变变化化规规律确定质点的运动性质。律确定质点的运动性质。第第3步：步：选择解答方法。根据质点的运动性质，选择公式法、选择解答方法。根据质点的运动性质，选择公式法、图象法解答试题，必要时建立函数关系并进行图象转换，图象法解答试题，必要时建立函数关系并进行图
37、象转换，或者与常见形式比较进行解答和判断。或者与常见形式比较进行解答和判断。(16分分)(2015太太原原模模拟拟)质质量量为为3 kg的的长长木木板板A置置于于光光滑滑的的水水平平地地面面上上，质质量量为为2 kg的的木木块块B(可可视视为为质质点点)置置于于木木板板A的的左左端端，在在水水平平向向右右的的力力F作作用用下下由由静静止止开开始始运运动动，如如图图18甲甲所所示示。A、B运运动动的加速度随的加速度随时间变时间变化的化的图图象如象如图图乙所示。乙所示。(g取取10 m/s2)求：求：图图18(1)木木板板与与木木块块之之间间的的动动摩摩擦擦因因数数；(设设最最大大静静摩摩擦擦力力等等于于滑滑动动摩摩擦力擦力)(2)4 s末末A、B的速度；的速度；(3)若若6 s末木板和木末木板和木块刚块刚好分离，好分离，则则木板的木板的长长度度为为多少？多少？答案答案(1)0.3(2)4 m/s(3)4 m谢谢观赏谢谢观赏