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1、 三年高考数学试题分项版解析专题 32 选修部分含解析 00-作者:_ -日期:_ 专题 32 选修部分 考纲解读明方向 考点 内容解读 要求 高考示例 常考题型 预测热度 1.含绝对值不等 式的解法 理解绝对值的几何意义,会证明和求解绝对值不等式 掌握 2017 课标全国,23;2016 课标全国,24 解答题 2.不等式的证明 了解证明不等式的基本方法 掌握 2017 课标全国,23;2016 课标全国,24 解答题 分析解读 1.本章主要考查绝对值的几何意义,绝对值不等式的解法及不等式证明的基本方法.2.绝对值不等式及不等式的证明均为高考的常考点.本章在高考中以解答题为主,往往涉及含有两
2、个绝对值的问题,考查分类讨论、等价转化和数形结合等思想方法,分值约为 10 分,难度中等.2018 年高考全景展示 1【2018 年理数天津卷】已知圆的圆心为C，直线(为参数)与该圆相交于A，B两点，则的面积为_.【答案】【解析】分析：由题意首先求得圆心到直线的距离，然后结合弦长公式求得弦长，最后求解三角形的面积即可.详解：由题意可得圆的标准方程为：，直线的直角坐标方程为：，即，则圆心到直线的距离：，由弦长公式可得：，则.点睛：处理直线与圆的位置关系时，若两方程已知或圆心到直线的距离易表达，则用几何法；若方程中含有参数，或圆心到直线的距离的表达较繁琐，则用代数法 2【2018 年理北京卷】在极
3、坐标系中，直线与圆相切，则a=_【答案】点睛：(1)直角坐标方程化为极坐标方程，只要运用公式及直接代入并化简即可；(2)极坐标方程化为直角坐标方程时常通过变形，构造形如的形式，进行整体代换.其中方程的两边同乘以(或同除以)及方程两边平方是常用的变形方法.但对方程进行变形时，方程必须同解，因此应注意对变形过程的检验.3【2018 年江苏卷】在极坐标系中，直线l的方程为，曲线C的方程为，求直线l被曲线C截得的弦长【答案】直线l被曲线C截得的弦长为 【解析】分析：先根据直线与圆极坐标方程得直线与圆的一个交点为A（4，0），且OA为直径.设直线与圆的另一个交点为B，根据直线倾斜角得OAB=最后根据直角
4、三角形OBA求弦长.详解：因为曲线C的极坐标方程为，所以曲线C的圆心为（2，0），直径为 4 的圆因为直线l的极坐标方程为，则直线l过A（4，0），倾斜角为，所以A为直线l与圆C的一个交点设另一个交点为B，则OAB=连结OB，因为OA为直径，从而OBA=，所以因此，直线l被曲线C截得的弦长为 点睛：本题考查曲线的极坐标方程等基础知识，考查运算求解能力.4【2018 年理新课标 I 卷】在直角坐标系中，曲线的方程为以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为（1）求的直角坐标方程；（2）若与有且仅有三个公共点，求的方程【答案】(1）（2）综上，所求的方程为【解析】分析：(1)
5、就根据，以及，将方程中的相关的量代换，求得直角坐标方程；(2)结合方程的形式，可以断定曲线是圆心为，半径为 的圆，是过点且关于轴对称的两条射线，通过分析图形的特征，得到什么情况下会出现三个公共点，结合直线与圆的位置关系，得到 k 所满足的关系式，从而求得结果.详解：（1）由，得的直角坐标方程为 （2）由（1）知是圆心为，半径为 的圆 由题设知，是过点且关于 轴对称的两条射线记 轴右边的射线为，轴左边的射线为 由于 在圆的外面，故与有且仅有三个公共点等价于 与只有一个公共点且 与有两个公共点，或 与只有一个公共点且 与有两个公共点 当 与只有一个公共点时，到 所在直线的距离为，所以，故或 经检验
6、，当时，与没有公共点；当时，与只有一个公共点，与有两个公共点 当 与只有一个公共点时，到 所在直线的距离为，所以，故或 经检验，当时，与没有公共点；当时，与没有公共点 综上，所求的方程为 点睛：该题考查的是有关坐标系与参数方程的问题，涉及到的知识点有曲线的极坐标方程向平面直角坐标方程的转化以及有关曲线相交交点个数的问题，在解题的过程中，需要明确极坐标和平面直角坐标之间的转换关系，以及曲线相交交点个数结合图形，将其转化为直线与圆的位置关系所对应的需要满足的条件，从而求得结果.5【2018 年全国卷理】在平面直角坐标系中，的参数方程为（为参数），过点且倾斜角为 的直线 与交于两点（1）求 的取值范
7、围；（2）求中点 的轨迹的参数方程【答案】（1）（2）为参数，（2）的参数方程为为参数，设，对应的参数分别为，则，且，满足于是，又点 的坐标满足所以点 的轨迹的参数方程是 为参数，点睛：本题主要考查直线与圆的位置关系，圆的参数方程，考查求点的轨迹方程，属于中档题。6【2018 年理数全国卷 II】在直角坐标系中，曲线 的参数方程为（为参数），直线 的参数方程为（为参数）.（1）求 和 的直角坐标方程；（2）若曲线 截直线 所得线段的中点坐标为，求 的斜率【答案】（1）当时，的直角坐标方程为，当时，的直角坐标方程为（2）（2）将 的参数方程代入 的直角坐标方程，整理得关于 的方程 因为曲线 截直
8、线 所得线段的中点在 内，所以有两个解，设为，则 又由得，故，于是直线 的斜率 点睛：直线的参数方程的标准形式的应用 过点M0(x0，y0)，倾斜角为的直线l的参数方程是.(t是参数，t可正、可负、可为 0)若M1，M2是l上的两点，其对应参数分别为t1，t2，则(1)M1，M2两点的坐标分别是(x0t1cos，y0t1sin)，(x0t2cos，y0t2sin).(2)|M1M2|t1t2|.(3)若线段M1M2的中点M所对应的参数为t，则t，中点M到定点M0的距离|MM0|t|.(4)若M0为线段M1M2的中点，则t1t20.7【2018 年江苏卷】若x，y，z为实数，且x+2y+2z=6
9、，求的最小值【答案】4【解析】分析：根据柯西不等式可得结果.详解：证明：由柯西不等式，得 因为，所以，当且仅当时，不等式取等号，此时，所以的最小值为 4 点睛：本题考查柯西不等式等基础知识，考查推理论证能力.柯西不等式的一般形式：设a1，a2，an，b1，b2，bn为实数，则(aaa)(bbb)(a1b1a2b2anbn)2，当且仅当bi0 或存在一个数k，使aikbi(i1，2，n)时，等号成立 8【2018 年理新课标 I 卷】已知（1）当时，求不等式的解集；（2）若时不等式成立，求 的取值范围【答案】(1).(2)【解析】分析：(1)将代入函数解析式，求得，利用零点分段将解析式化为，然后
10、利用分段函数，分情况讨论求得不等式的解集为；(2)根据题中所给的，其中一个绝对值符号可以去掉，不等式可以化为时，分情况讨论即可求得结果.详解：（1）当时，即 故不等式的解集为（2）当时成立等价于当时成立若，则当时；若，的解集为，所以，故综上，的取值范围为 点睛：该题考查的是有关绝对值不等式的解法，以及含参的绝对值的式子在某个区间上恒成立求参数的取值范围的问题，在解题的过程中，需要会用零点分段法将其化为分段函数，从而将不等式转化为多个不等式组来解决，关于第二问求参数的取值范围时，可以应用题中所给的自变量的范围，去掉一个绝对值符号，之后进行分类讨论，求得结果.9【2018 年全国卷理】设函数（1）
11、画出的图像；（2）当，求的最小值 【答案】（1）见解析（2）【解析】分析：（1）将函数写成分段函数，再画出在各自定义域的图像即可。（2）结合（1）问可得 a，b 范围，进而得到 a+b 的最小值 详解：（1）的图像如图所示 （2）由（1）知，的图像与 轴交点的纵坐标为，且各部分所在直线斜率的最大值为，故当且仅当且时，在成立，因此的最小值为 点睛：本题主要考查函数图像的画法，考查由不等式求参数的范围，属于中档题。10【2018 年理数全国卷 II】设函数（1）当时，求不等式的解集；（2）若，求 的取值范围【答案】（1）,(2)【解析】分析：（1）先根据绝对值几何意义将不等式化为三个不等式组，分别
12、求解，最后求并集，（2）先化简不等式为，再根据绝对值三角不等式得最小值，最后解不等式得 的取值范围 详解：（1）当时，可得的解集为（2）等价于而，且当时等号成立故等价于由可得或，所以 的取值范围是 点睛：含绝对值不等式的解法有两个基本方法，一是运用零点分区间讨论，二是利用绝对值的几何意义求解法一是运用分类讨论思想，法二是运用数形结合思想，将绝对值不等式与函数以及不等式恒成立交汇、渗透，解题时强化函数、数形结合与转化化归思想方法的灵活应用，这是命题的新动向 2017 年高考全景展示 1.【2017 天津，理 11】在极坐标系中，直线4cos()106 与圆2sin的公共点的个数为_.【答案】2【
13、解析】直线为2 3210 xy ，圆为22(1)1xy，因为314d ，所以有两个交点 【考点】极坐标【名师点睛】再利用公式222cos,sin,xyxy 把极坐标方程化为直角坐标方程，再解联立方程组根据判别式判断出交点的个数，极坐标与参数方程为选修课程，要求灵活使用公式进行坐标变换及方程变换.2.【2017 北京，理 11】在极坐标系中，点A在圆22cos4 sin40上，点P的坐标为（1,0），则|AP|的最小值为_.【答案】1【解析】试题分析：将圆的极坐标方程化为普通方程为222440 xyxy，整理为22121xy，圆心1,2C，点P是圆外一点，所以AP的最小值就是2 1 1ACr .
14、【考点】1.极坐标与直角坐标方程的互化；2.点与圆的位置关系.【名师点睛】1.运用互化公式：222,sin,cosxyyx将极坐标化为直角坐标；2.直角坐标方程与极坐标方程的互化，关键要掌握好互化公式，研究极坐标系下图形的性质，可转化直角坐标系的情境进行 3.【2016 年高考北京理数】在极坐标系中，直线cos3 sin10 与圆2cos交于 A，B 两点，则|AB _.【答案】2 考点：极坐标方程与直角方程的互相转化.【名师点睛】将极坐标或极坐标方程转化为直角坐标或直角坐标方程，直接利用公式sin,cosyx即可将直角坐标或直角坐标方程转化为极坐标或极坐标方程，要灵活运用 xsin,cosy
15、x以及22yx，)0(tanxxy，同时要掌握必要的技巧.4.【2017 课标 1，理 22】在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为3cos,sin,xy（为参数），直线l的参数方程为 4,1,xattyt（为参数）.（1）若a=1，求C与l的交点坐标；（2）若C上的点到l的距离的最大值为17，求 a.【解析】试题分析：（1）先将曲线C和直线 l 化成普通方程，然后联立求出交点坐标；（2）直线l的普通方程为440 xya，设C上的点(3cos,sin)，l的距离为|3cos4sin4|17ad.对a进行讨论当4a和当4a时，求出a的值.试题解析：（1）曲线C的普通方程为2219xy.当1a
16、时，直线l的普通方程为430 xy.由2243019xyxy解得30 xy或21252425xy.从而C与l的交点坐标为(3,0)，21 24(,)25 25.【考点】极坐标与参数方程仍然考查直角坐标方程与极坐标方程的互化，参数方程与普通方程的互化，直线与曲线的位置关系.【名师点睛】化参数方程为普通方程主要是消参，可以利用加减消元、平方消元、代入法等等；在极坐标方程与参数方程的条件下求解直线与圆的位置关系问题，通常将极坐标方程化为直角坐标方程，参数方程化为普通方程来解决.5.【2017 课标 1，理】已知函数f（x）=x2+ax+4，g(x)=x+1+x1.（1）当a=1 时，求不等式f（x）
17、g（x）的解集；（2）若不等式f（x）g（x）的解集包含1，1，求a的取值范围.【解析】试题分析：（1）将1a 代入，不等式()()f xg x等价于2|1|1|40 xxxx ，对x按1x，11x，1x 讨论，得出最值的解集；（2）当 1,1x 时，()2g x.若()()f xg x的解集包含 1,1，等价于当 1,1x 时()2f x.则()f x在 1,1的最小值必为(1)f 与(1)f之一，所以(1)2f 且(1)2f，得11a.所以a的取值范围为 1,1.试题解析：（1）当1a 时，不等式()()f xg x等价于2|1|1|40 xxxx .当1x 时，式化为2340 xx，无解
18、；当11x 时，式化为220 xx，从而11x；当1x 时，式化为240 xx，从而11712x.所以()()f xg x的解集为117|12xx .（2）当 1,1x 时，()2g x.所以()()f xg x的解集包含 1,1，等价于当 1,1x 时()2f x.又()f x在 1,1的最小值必为(1)f 与(1)f之一，所以(1)2f 且(1)2f，得11a.所以a的取值范围为 1,1.【考点】绝对值不等式的解法，恒成立问题.【名师点睛】零点分段法是解答绝对值不等式问题常用的方法，也可以将绝对值函数转化为分段函数，借助图像解题.6.【2017 课标 II，理 22】在直角坐标系xOy中，
19、以坐标原点为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线1C的极坐标方程为cos4。（1）M为曲线1C上的动点，点P在线段OM上，且满足|16OMOP,求点P的轨迹2C的直角坐标方程；（2）设点A的极坐标为(2,)3，点B在曲线2C上，求OAB面积的最大值。【答案】(1)22240 xyx；(2)23。【解析】试题分析：(1)设出 P 的极坐标，然后利用题意得出极坐标方程，最后转化为直角坐标方程为22240 xyx；(2)利用(1)中的结论，设出点的极坐标，然后结合面积公式得到面积的三角函数，结合三角函数的性质可得OAB面积的最大值为23。试题解析：（1）设P的极坐标为，0，M 的极坐标为11，
20、0，由题设知cos14=，=OPOM=。由16OMOP得2C的极坐标方程cos=40。因此2C的直角坐标方程为22240 xyx。（2）设点 B 的极坐标为,0BB,由题设知2,4cosBOA,于是OAB面积 1sin24cossin332 sin 23223BSOAAOB。当12 时，S 取得最大值23。所以OAB面积的最大值为23。【考点】圆的极坐标方程与直角坐标方程；三角形面积的最值。【名师点睛】本题考查了极坐标方程的求法及应用。重点考查了转化与化归能力。遇到求曲线交点、距离、线段长等几何问题时，求解的一般方法是分别化为普通方程和直角坐标方程后求解，或者直接利用极坐标的几何意义求解。要结
21、合题目本身特点，确定选择何种方程。7.【2017 课标 II，理 23】已知330,0,2abab。证明：（1）55()()4ab ab；（2）2ab。【答案】(1)证明略；(2)证明略。【解析】试题分析：(1)第一问展开所给的式子，然后结合题意进行配方即可证得结论；(2)第二问利用均值不等式的结论结合题意证得38ab即可得出结论。试题解析：(1)5565562333344222244ababaaba bbaba bab abab ab(2)因为 3322323332332432,4abaa babbab abababab 所以38ab，因此2ab。【考点】基本不等式；配方法。【名师点睛】利用
22、基本不等式证明不等式是综合法证明不等式的一种情况，证明思路是从已证不等式和问题的已知条件出发，借助不等式的性质和有关定理，经过逐步的逻辑推理最后转化为需证问题。若不等式恒等变形之后若与二次函数有关，可用配方法。8.【2017 课标 3，理 22】在直角坐标系xOy中，直线l1的参数方程为2+,xtykt（t为参数），直线l2的参数方程为2,xmmmyk （为参数）.设l1与l2的交点为P，当k变化时，P的轨迹为曲线C.（1）写出C的普通方程；（2）以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，设3:cossin20l，M为l3与C的交点，求M的极径.【答案】(1)2240 xyy；(2)5【
23、解析】试题分析：(1)利用题意首先得到曲线C 的参数方程，然后消去参数即可得到曲线C 的普通方程；(2)联立两个极坐标方程可得2291cos,sin1010，代入极坐标方程进行计算可得极径的值为5 试题解析：（1）消去参数t 得1l 的普通方程1:2lyk x；消去参数m得l2的普通方程21:2lyxk.设,p x y,由题设得212yk xyxk，消去k得2240 xyy.所以C的普通方程为2240 xyy.【考点】参数方程与直角坐标方程互化；极坐标中的极径的求解 【名师点睛】本题考查了极坐标方程的求法及应用.重点考查了转化与化归能力.遇到求曲线交点、距离、线段长等几何问题时，求解的一般方法
24、是分别化为普通方程和直角坐标方程后求解，或者直接利用极坐标的几何意义求解.要结合题目本身特点，确定选择何种方程.9.【2017 课标 3，理 23】已知函数f（x）=x+1x2.（1）求不等式f（x）1 的解集；（2）若不等式 2f xxxm 的解集非空，求m的取值范围.【答案】(1)1x x；(2)5-，4【解析】试题分析：(1)将函数零点分段然后求解不等式即可；(2)利用题意结合绝对值不等式的性质有xxxx 25124，则m的取值范围是5-，4 试题解析：（1）3 1211232,xf xx,x,x 当 1x时，1f x 无解；当12x 时，由 1f x 得，211x，解得12x 当2x时
25、，由 1f x 解得2x.所以 1f x 的解集为1x x.（2）由 2f xxxm 得212mxxxx，而 22212+1+235=-+2454xxxxxxxxx 且当32x 时，2512=4xxxx.故m的取值范围为5-，4.【考点】绝对值不等式的解法 【名师点睛】绝对值不等式的解法有三种：法一：利用绝对值不等式的几何意义求解，体现了数形结合的思想；法二：利用“零点分段法”求解，体现了分类讨论的思想；法三：通过构造函数，利用函数的图象求解，体现了函数与方程的思想.10.【2017 江苏，21】A.选修 41：几何证明选讲(本小题满分 10 分)如图，AB为半圆O的直径,直线PC切半圆O于点
26、C，APPC，P为垂足.求证：（1）;PACCAB （2）2ACAP AB.【答案】见解析【解析】证明：（1）因为PC切半圆O于点C，所以PCACBA，因为AB为半圆O的直径，所以90ACB,因为APPC，所以90APC，所以PACCAB.（2）由（1）知APCACB，故APACACAB，所以2ACAP AB【考点】圆性质，相似三角形【名师点睛】1.解决与圆有关的成比例线段问题的两种思路(1)直接应用相交弦、切割线定理及其推论；(2)当比例式(等积式)中的线段分别在两个三角形中时，可转化为证明三角形相似，一般思路为“相似三角形比例式等积式”在证明中有时还要借助中间比来代换，解题时应灵活把握 2
27、应用相交弦定理、切割线定理要抓住几个关键内容：如线段成比例与相似三角形、圆的切线及其性质、与圆有关的相似三角形等 B.选修 42：矩阵与变换(本小题满分 10 分)已知矩阵0110,.1002BA A=，B=.（1）求AB;（2）若曲线221:182xyC在矩阵AB对应的变换作用下得到另一曲线2C,求2C的方程.【答案】（1）（2）228xy【解析】解：（1）因为A=0110，B=1002，所以AB=01101002=0210.（2）设00(,)Q xy为曲线1C上的任意一点，它在矩阵AB对应的变换作用下变为(,)P x y,则000210 xxyy ，即002yxxy，所以002xyxy.因
28、为00(,)Q xy在曲线1C上，所以2200188xy，从而22188xy，即228xy.因此曲线1C在矩阵AB对应的变换作用下得到曲线2C：228xy.【考点】矩阵乘法、线性变换【名师点睛】（1）矩阵乘法注意对应相乘：abmpambnapbqcdnqcmdncpdq（2）矩阵变换注意变化前后对应点：abxxcdyy 表示点(,)x y在矩阵abcd变换下变成点(,)x y C.选修 4-4：坐标系与参数方程（本小题满分 10 分）在平面坐标系中xOy中,已知直线l的参考方程为x82tty (t为参数),曲线C的参数方程为22,2 2xsys(s为参数).设P为曲线C上的动点，求点P到直线l
29、的距离的最小值.【答案】4 55【解析】解：直线l的普通方程为280 xy.因为点P在曲线C上，设2(2,2 2)Pss，从而点P到直线l的的距离2222|24 28|2(2)45(1)(2)sssd，当2s 时，min4 55d.因此当点P的坐标为(4,4)时，曲线C上点P到直线l的距离取到最小值4 55.【考点】参数方程化普通方程【名师点睛】1.将参数方程化为普通方程，消参数常用代入法、加减消元法、三角恒等变换法 2把参数方程化为普通方程时，要注意哪一个量是参数，并且要注意参数的取值对普通方程中 x 及 y 的取值范围的影响 D.选修 4-5：不等式选讲（本小题满分 10 分）已知,a b
30、 c d为实数，且22224,16,abcd证明8.acbd【答案】见解析 【解析】证明：由柯西不等式可得：22222()()()acbdabcd，因为22224,16,abcd 所以2()64acbd，因此8acbd.【考点】柯西不等式【名师点睛】柯西不等式的一般形式：设a1，a2，an，b1，b2，bn为实数，则(a21a22a2n)(b21b22b2n)(a1b1a2b2anbn)2，当且仅当bi0 或存在一个数k，使aikbi(i1,2，n)时，等号成立.2016 年高考全景展示 1.【2016 高考新课标 1 卷】（本小题满分 10 分）选修 44：坐标系与参数方程 在直角坐标系xy
31、中,曲线C1的参数方程为cos1sinxatyat（t为参数,a0）在以坐标原点为极点,x轴正半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2：=4cos.（I）说明C1是哪一种曲线,并将C1的方程化为极坐标方程；（II）直线C3的极坐标方程为0,其中0满足 tan0=2,若曲线C1与C2的公共点都在C3上,求a【答案】（I）圆,222 sin10a（II）1【解析】试题分析：先把cos1sinxatyat 化为直角坐标方程,再化为极坐标方程；2C：2224xy,3C：2yx,1C,2C方程相减得24210 xya,这就是为3C的方程,对照可得1a.试题解析：cos1sinxatyat （t均为参数）,222
32、1xya 1C为以01，为圆心,a为半径的圆方程为222210 xyya 222sinxyy，,222 sin10a 即为1C的极坐标方程 24cosC：,两边同乘得22224 coscosxyx，224xyx,即2224xy 3C：化为普通方程为2yx,由题意：1C和2C的公共方程所在直线即为3C 得：24210 xya,即为3C 210a,1a 考点：参数方程、极坐标方程与直角坐标方程的互化及应用 【名师点睛】“互化思想”是解决极坐标方程与参数方程问题的重要思想,解题时应熟记极坐标方程与参数方程的互化公式及应用.2.【2016 高考新课标 1 卷】（本小题满分 10 分）,选修 45：不等
33、式选讲 已知函数 123f xxx.（I）在答题卡第（24）题图中画出 yf x的图像；（II）求不等式 1f x 的解集 【答案】（I）见解析（II）11353，【解析】试题分析：（I）取绝对值得分段函数 4133212342xxf xxxxx ，,然后作图；（II）用零点分 区间法分1x,312x,32x,分类求解,然后取并集 试题解析：如图所示：4133212342xxf xxxxx ，1fx,当1x,41x,解得5x或3x,1x 当312x,321x,解得1x 或13x 113x 或312x 当32x,41x,解得5x或3x,332x 或5x 综上,13x或13x或5x,1fx,解集为
34、 11353，考点：分段函数的图像,绝对值不等式的解法 3.【2016 高考新课标 2 理数】选修 44：坐标系与参数方程 在直角坐标系xOy中，圆C的方程为22(6)25xy（）以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，求C的极坐标方程；（）直线l的参数方程是cossinxtyt（t为参数）,l与C交于,A B两点，|10AB，求l的斜率【答案】（）212cos110；（）153.【解析】试题分析：（I）利用222xy，cosx可得C的极坐标方程；（II）先求直线l的极坐标方程，将l的极坐标方程代入C的极坐标方程得到关于的一元二次方程212cos110.，再根据韦达定理，弦长公式求出c
35、os，进而求得tan，即可求得直线l的斜率 由|10AB 得2315cos,tan83，所以l的斜率为153或153.考点：圆的极坐标方程与普通方程互化，直线的参数方程，点到直线的距离公式.【名师点睛】极坐标与直角坐标互化的注意点：在由点的直角坐标化为极坐标时，一定要注意点所在的象限和极角的范围，否则点的极坐标将不唯一在曲线的方程进行互化时，一定要注意变量的范围要注意转化的等价性.4.【2016 高考新课标 2 理数】选修 45：不等式选讲 已知函数11()|22f xxx，M为不等式()2f x 的解集（）求M；（）证明：当,a bM时，|1|abab 【答案】（）|11Mxx；（）详见解析
36、.【解析】试题分析：（I）分12x ，1122x和12x 三种情况去掉绝对值，再解不等式()2f x，即可得集合；（）采用平方作差法，再进行因式分解，进而可证当a，b时，确定21a 和21 b的符号，从而证明不等式1abab成立.试题解析：（I）12,211()1,2212,.2x xf xxx x 当12x 时，由()2f x 得22,x解得1x ；当1122x时，()2f x；当12x 时，由()2f x 得22,x 解得1x.所以()2f x 的解集|11Mxx.（II）由（I）知，当,a bM时，11,11ab ，从而22222222()(1)1(1)(1)0abababa bab，因此|1|.abab 考点：绝对值不等式，不等式的证明.【名师点睛】形如|xaxbc(或c)型的不等式主要有三种解法：(1)分段讨论法：利用绝对值号内式子对应方程的根，将数轴分为(,a，(,a b，(,)b (此处设ab)三个部分，在每个部分上去掉绝对值号分别列出对应的不等式求解，然后取各个不等式解集的并集(2)几何法：利用|(0)xaxbc c的几何意义：数轴上到点1xa和2xb的距离之和大于c的全体，|()|xaxbxaxbab.