《2019高考数学二轮复习 专题四 立体几何 第2讲 空间中的平行与垂直学案 文.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019高考数学二轮复习 专题四 立体几何 第2讲 空间中的平行与垂直学案 文.doc（23页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、1第第 2 2 讲讲 空间中的平行与垂直空间中的平行与垂直考情考向分析 1.以选择题、填空题的形式考查，主要利用平面的基本性质及线线、线面和面面平行和垂直的判定定理与性质定理对命题的真假进行判断，属于基础题.2.以解答题的形式考查，主要是对线线、线面与面面平行和垂直关系的交汇综合命题，且多以棱柱、棱锥、棱台或其简单组合体为载体进行考查，难度中档热点一 空间线面位置关系的判定空间线面位置关系判断的常用方法(1)根据空间线面平行、垂直关系的判定定理和性质定理逐项判断来解决问题(2)必要时可以借助空间几何模型，如从长方体、四面体等模型中观察线面位置关系，并结合有关定理来进行判断例 1 (1)若m，n
2、是两条不同的直线，是两个不同的平面，则下列命题正确的是( )A若m，n，则mnB若m，n，则mnC若m，n，则mnD若m，n，则mn答案 A解析 对于选项 A，由n，可得n或n，又m，所以可得mn，故 A 正确；对于选项 B，由条件可得mn或mn，故 B 不正确；对于选项 C，由条件可得mn或m，n相交或m，n异面，故 C 不正确；对于选项 D，由题意得mn，故 D 不正确(2)如图，平面平面，l，A，C是内不同的两点，B，D是内不同的两点，且A，B，C，D直线l，M，N分别是线段AB，CD的中点下列判断正确的是( )A当CD2AB时，M，N两点不可能重合BM，N两点可能重合，但此时直线AC与
3、l不可能相交2C当AB与CD相交，直线AC平行于l时，直线BD可以与l相交D当AB，CD是异面直线时，直线MN可能与l平行答案 B解析 由于直线CD的两个端点都可以动，所以M，N两点可能重合，此时两条直线AB，CD共面，由于两条线段互相平分，所以四边形ACBD是平行四边形，因此ACBD，而BD，ACB，所以由线面平行的判定定理可得AC，又因为AC，l，所以由线面平行的性质定理可得ACl，故选 B.思维升华 解决空间点、线、面位置关系的组合判断题，主要是根据平面的基本性质、空间位置关系的各种情况，以及空间线面垂直、平行关系的判定定理和性质定理进行判断，必要时可以利用正方体、长方体、棱锥等几何模型
4、辅助判断，同时要注意平面几何中的结论不能完全引用到立体几何中跟踪演练 1 (1)(2018揭阳模拟)已知直线a，b，平面，下列命题正确的是( )A若，a，则aB若a，b，c，则abcC若a，ba，则bD若，a，b，则ba答案 A解析 A 中，若，a，则a，该说法正确；B 中，若a，b，c，在三棱锥PABC中，令平面，分别为平面PAB，PAC，PBC，交线a，b，c为PA，PB，PC，不满足abc，该说法错误；C 中，若a，ba，有可能b，不满足b，该说法错误；D 中，若，a，b，正方体ABCDA1B1C1D1中，取平面，为平面ABCD，ADD1A1，直线b为A1C1，满足b，不满足ba，该说法
5、错误(2)(2018资阳模拟)如图，平面与平面相交于BC，AB，CD，点ABC，点DBC，则下列叙述错误的是( )A直线AD与BC是异面直线B过AD只能作一个平面与BC平行C过AD只能作一个平面与BC垂直3D过D只能作唯一平面与BC垂直，但过D可作无数个平面与BC平行答案 C解析 由异面直线的判定定理得直线AD与BC是异面直线；在平面内仅有一条直线过点D且与BC平行，这条直线与AD确定一个平面与BC平行，即过AD只能作一个平面与BC平行；若AD垂直于平面，则过AD的平面都与BC垂直，因此 C 错；过D只能作唯一平面与BC垂直，但过D可作无数个平面与BC平行热点二 空间平行、垂直关系的证明空间平
6、行、垂直关系证明的主要思想是转化，即通过判定定理、性质定理将线线、线面、面面之间的平行、垂直关系相互转化例 2 (1)(2018衡水调研)如图，四棱锥PABCD的底面ABCD是边长为 2 的正方形，平面PAB平面ABCD，点E是PD的中点，棱PA与平面BCE交于点F.求证：ADEF；若PAB是正三角形，求三棱锥PBEF的体积证明 因为底面ABCD是边长为 2 的正方形，所以BCAD.又因为BC平面PAD，AD平面PAD，所以BC平面PAD.又因为B，C，E，F四点共面，且平面BCEF平面PADEF，所以BCEF.又因为BCAD，所以ADEF.解 由知，ADEF，点E是PD的中点，所以点F为PA
7、的中点，EFAD1.1 2又因为平面PAB平面ABCD，平面PAB平面ABCDAB，ADAB，4所以AD平面PAB，所以EF平面PAB.又因为PAB是正三角形，所以PAPBAB2，所以SPBFSPBA.1 232又EF1，所以VPBEFVEPBF 1.1 33236故三棱锥PBEF的体积为.36(2)(2018北京)如图，在四棱锥PABCD中，底面ABCD为矩形，平面PAD平面ABCD，PAPD，PAPD，E，F分别为AD，PB的中点求证：PEBC；求证：平面PAB平面PCD；求证：EF平面PCD.证明 因为PAPD，E为AD的中点，所以PEAD.因为底面ABCD为矩形，所以BCAD，所以PE
8、BC.因为底面ABCD为矩形，所以ABAD.又因为平面PAD平面ABCD，平面PAD平面ABCDAD，AB平面ABCD，所以AB平面PAD，又PD平面PAD，所以ABPD.又因为PAPD，PAABA，PA，AB平面PAB，所以PD平面PAB.又PD平面PCD，所以平面PAB平面PCD.如图，取PC的中点G，连接FG，DG.5因为F，G分别为PB，PC的中点，所以FGBC，FGBC，1 2因为四边形ABCD为矩形，且E为AD的中点，所以DEBC，DEBC.1 2所以DEFG，DEFG.所以四边形DEFG为平行四边形，所以EFDG.又因为EF平面PCD，DG平面PCD，所以EF平面PCD.思维升华
9、 垂直、平行关系的基础是线线垂直和线线平行，常用方法如下：(1)证明线线平行常用的方法：一是利用平行公理，即证两直线同时和第三条直线平行；二是利用平行四边形进行平行转换；三是利用三角形的中位线定理证明线线平行；四是利用线面平行、面面平行的性质定理进行平行转换(2)证明线线垂直常用的方法：利用等腰三角形底边中线即高线的性质；勾股定理；线面垂直的性质，即要证线线垂直，只需证明一条直线垂直于另一条直线所在的平面即可，l，ala.跟踪演练 2 (2018全国)如图，矩形ABCD所在平面与半圆弧ACD所在平面垂直，M是ACD上异于C，D的点(1)证明：平面AMD平面BMC.(2)在线段AM上是否存在点P
10、，使得MC平面PBD？说明理由(1)证明 由题设知，平面CMD平面ABCD，交线为CD.因为BCCD，BC平面ABCD，所以BC平面CMD，又DM平面CMD，故BCDM.因为M为ACD上异于C，D的点，且DC为直径，所以DMCM.又BCCMC，BC，CM平面BMC，所以DM平面BMC.又DM平面AMD，故平面AMD平面BMC.(2)解 当P为AM的中点时，MC平面PBD.6证明如下：连接AC，BD，交于点O.因为ABCD为矩形，所以O为AC的中点连接OP，因为P为AM的中点，所以MCOP.又MC平面PBD，OP平面PBD，所以MC平面PBD.热点三 平面图形的翻折问题平面图形经过翻折成为空间图
11、形后，原有的性质有的发生变化，有的没有发生变化，这些发生变化和没有发生变化的性质是解决问题的关键一般地，在翻折后还在一个平面上的性质不发生变化，不在同一个平面上的性质发生变化，解决这类问题就是要根据这些变与不变，去研究翻折以后的空间图形中的线面关系和各类几何量的度量值，这是解决翻折问题的主要方法例 3 (2018北京海淀区期末)如图 1，已知菱形AECD的对角线AC，DE交于点F，点E为AB中点将ADE沿线段DE折起到PDE的位置，如图 2 所示(1)求证：DE平面PCF；(2)求证：平面PBC平面PCF；(3)在线段PD，BC上是否分别存在点M，N，使得平面CFM平面PEN？若存在，请指出点
12、M，N的位置，并证明；若不存在，请说明理由(1)证明 折叠前，因为四边形AECD为菱形，所以ACDE，所以折叠后，DEPF，DECF，又PFCFF，PF，CF平面PCF，所以DE平面PCF.(2)证明 因为四边形AECD为菱形，所以DCAE，DCAE.又点E为AB的中点，所以DCEB，DCEB，7所以四边形DEBC为平行四边形，所以CBDE.又由(1)得，DE平面PCF，所以CB平面PCF.因为CB平面PBC，所以平面PBC平面PCF.(3)解 存在满足条件的点M，N，且M，N分别是PD和BC的中点如图，分别取PD和BC的中点M，N.连接EN，PN，MF，CM.因为四边形DEBC为平行四边形，
13、所以EFCN，EFBCCN，1 2所以四边形ENCF为平行四边形，所以FCEN.在PDE中，M，F分别为PD，DE的中点，所以MFPE.又EN，PE平面PEN，PEENE，MF，CF平面CFM，MFCFF，所以平面CFM平面PEN.思维升华 (1)折叠问题中不变的数量和位置关系是解题的突破口(2)存在探索性问题可先假设存在，然后在此前提下进行逻辑推理，得出矛盾则否定假设，否则给出肯定结论跟踪演练 3 如图，在直角梯形ABCD中，ADBC，ABBC，BDDC，点E是BC边的中点，将ABD沿BD折起，使平面ABD平面BCD，连接AE，AC，DE，得到如图所示的空间几何体(1)求证：AB平面ADC；
14、(2)若AD1，AB，求点B到平面ADE的距离28(1)证明 因为平面ABD平面BCD，平面ABD平面BCDBD，又BDDC，DC平面BCD，所以DC平面ABD.因为AB平面ABD，所以DCAB.又ADAB，DCADD，AD，DC平面ADC，所以AB平面ADC.(2)解 因为AB，AD1，所以BD.23依题意ABDDCB，所以，即.AB ADCD BD21CD3所以CD.6故BC3.由于AB平面ADC，所以ABAC，又E为BC的中点，所以AE .BC 23 2同理DE .BC 23 2所以SADE 1 .1 2(3 2)2(1 2)222因为DC平面ABD，所以VABCDCDSABD.1 33
15、3设点B到平面ADE的距离为d，则dSADEVBADEVABDEVABCD，1 31 236所以d，62即点B到平面ADE的距离为.62真题体验1(2017全国改编)如图，在下列四个正方体中，A，B为正方体的两个顶点，M，N，Q为所在棱的中点，则在这四个正方体中，直线AB与平面MNQ不平行的是_(填序号)9答案 (1)解析 对于(1)，作如图所示的辅助线，其中D为BC的中点，则QDAB.QD平面MNQQ，QD与平面MNQ相交，直线AB与平面MNQ相交；对于(2)，作如图所示的辅助线，则ABCD，CDMQ，ABMQ，又AB平面MNQ，MQ平面MNQ，AB平面MNQ；对于(3)，作如图所示的辅助线
16、，则ABCD，CDMQ，ABMQ，又AB平面MNQ，MQ平面MNQ，AB平面MNQ；对于(4)，作如图所示的辅助线，则ABCD，CDNQ，ABNQ，又AB平面MNQ，NQ平面MNQ，AB平面MNQ.2(2017江苏)如图，在三棱锥ABCD中，ABAD，BCBD，平面ABD平面BCD，点E，F(E与A，D不重合)分别在棱AD，BD上，且EFAD.10求证：(1)EF平面ABC；(2)ADAC.证明 (1)在平面ABD内，因为ABAD，EFAD，所以ABEF.又EF平面ABC，AB平面ABC，所以EF平面ABC.(2)因为平面ABD平面BCD，平面ABD平面BCDBD，BC平面BCD，BCBD，所
17、以BC平面ABD.因为AD平面ABD，所以BCAD.又ABAD，BCABB，AB平面ABC，BC平面ABC，所以AD平面ABC.又AC平面ABC，所以ADAC.押题预测1不重合的两条直线m，n分别在不重合的两个平面，内，下列为真命题的是( )Amnm BmnCm Dmn押题依据 空间两条直线、两个平面之间的平行与垂直的判定是立体几何的重点内容，也是高考命题的热点此类题常与命题的真假性、充分条件和必要条件等知识相交汇，意在考查考生的空间想象能力、逻辑推理能力答案 C解析 构造长方体，如图所示因为A1C1AA1，A1C1平面AA1C1C，AA1平面AA1B1B，但A1C1与平面AA1B1B不垂直，
18、平面AA1C1C与平面AA1B1B也不垂直，所以选项 A，B 都是假命题CC1AA1，但平面AA1C1C与平面AA1B1B相交而不平行，所以选项 D 为假命题“若两平面平行，则一个平面内任何一条直线必平行于另一个平面”是真命题，故选 C.112如图(1)，在正ABC中，E，F分别是AB，AC边上的点，且BEAF2CF.点P为边BC上的点，将AEF沿EF折起到A1EF的位置，使平面A1EF平面BEFC，连接A1B，A1P，EP，如图(2)所示(1)求证：A1EFP；(2)若BPBE，点K为棱A1F的中点，则在平面A1FP上是否存在过点K的直线与平面A1BE平行，若存在，请给予证明；若不存在，请说
19、明理由押题依据 以平面图形的翻折为背景，探索空间直线与平面位置关系，可以考查考生的空间想象能力和逻辑推理能力，预计将成为今年高考的命题方向(1)证明 在正ABC中，取BE的中点D，连接DF，如图所示因为BEAF2CF，所以AFAD，AEDE，而A60，所以ADF为正三角形又AEDE，所以EFAD.所以在题图(2)中，A1EEF，又A1E平面A1EF，平面A1EF平面BEFC，且平面A1EF平面BEFCEF，所以A1E平面BEFC.因为FP平面BEFC，所以A1EFP.(2)解 在平面A1FP上存在过点K的直线与平面A1BE平行理由如下：如题图(1)，在正ABC中，因为BPBE，BEAF，所以B
20、PAF，所以FPAB，所以FPBE.如图所示，取A1P的中点M，连接MK，因为点K为棱A1F的中点，12所以MKFP.因为FPBE，所以MKBE.因为MK平面A1BE，BE平面A1BE，所以MK平面A1BE.故在平面A1FP上存在过点K的直线MK与平面A1BE平行A 组 专题通关1若m，n是两条不同的直线，是三个不同的平面：mn，mn；，m，nmn；，mn，mn；若m，n，mn，则.则以上说法中正确的个数为( )A1 B2 C3 D4答案 B解析 对于，mn，mn，正确；对于，两平行平面内的两条直线可能是异面直线，故错误；对于，mn，mn，正确；对于，若m，n，mn，则，错误，如三棱柱的两个侧
21、面都与第三个侧面相交，交线平行，但是这两个面相交故选 B.2如图，G，H，M，N分别是正三棱柱的顶点或所在棱的中点，则表示GH，MN是异面直线的图形的序号为( )A B C D答案 D解析 由题意可得图中GH与MN平行，不合题意；图中GH与MN异面，符合题意；13图中GH与MN相交，不合题意；图中GH与MN异面，符合题意则表示GH，MN是异面直线的图形的序号为.3(2018抚顺模拟)给出下列四个命题：如果平面外一条直线a与平面内一条直线b平行，那么a；过空间一定点有且只有一条直线与已知平面垂直；如果一条直线垂直于一个平面内的无数条直线，那么这条直线与这个平面垂直；若两个相交平面都垂直于第三个平
22、面，则这两个平面的交线垂直于第三个平面其中真命题的个数为( )A1 B2 C3 D4答案 C解析 对于，根据线面平行的判定定理，如果平面外一条直线a与平面内一条直线b平行，那么a，故正确；对于，因为垂直于同一平面的两直线平行，所以过空间一定点有且只有一条直线与已知平面垂直，故正确；对于，平面内无数条直线均为平行线时，不能得出直线与这个平面垂直，故不正确；对于，因为两个相交平面都垂直于第三个平面，所以在两个相交平面内各取一条直线垂直于第三个平面，可得这两条直线平行，则其中一条直线平行于另一条直线所在的平面，可得这条直线平行于这两个相交平面的交线，从而交线垂直于第三个平面，故正确4(2018全国)
23、在正方体ABCDA1B1C1D1中，E为棱CC1的中点，则异面直线AE与CD所成角的正切值为( )A. B. C. D.22325272答案 C解析 如图，因为ABCD，所以AE与CD所成角为EAB.在 RtABE中，设AB2，则BE，5则 tanEAB，BE AB52所以异面直线AE与CD所成角的正切值为.52145(2018全国)在长方体ABCDA1B1C1D1中，ABBC2，AC1与平面BB1C1C所成的角为30，则该长方体的体积为( )A8 B6 C8 D8223答案 C解析 如图，连接AC1，BC1，AC.AB平面BB1C1C，AC1B为直线AC1与平面BB1C1C所成的角，AC1B
24、30.又ABBC2，在 RtABC1中，AC14，2 sin 30在 RtACC1中，CC12，AC2 1AC24222222V长方体ABBCCC12228.22故选 C.6已知m，n，l1，l2表示不同的直线，表示不同的平面，若m，n，l1，l2，l1l2M，则的一个充分条件是( )Am且l1 Bm且nCm且nl2 Dml1且nl2答案 D解析 对于选项 A，当m且l1时，可能平行也可能相交，故 A 不是的充分条件；对于选项 B，当m且n时，若mn，则，可能平行也可能相交，故 B 不是的充分条件；对于选项 C，当m且nl2时，可能平行也可能相交，故 C 不是的充分条件；对于选项 D，当ml1
25、，nl2时，由线面平行的判定定理可得l1，l2，又l1l2M，由面面平行的判定定理可以得到，但时，ml1且nl2不一定成立，故 D 是的一个充分条件故选 D.7在正方体ABCDA1B1C1D1中，E为线段B1D1上的一个动点，则下列结论中正确的是_(填序号)ACBE；B1E平面ABCD；三棱锥EABC的体积为定值；直线B1E直线BC1.15答案 解析 因为AC平面BDD1B1，BE平面BDD1B1，所以ACBE，故正确；因为B1D1BD，即BDB1E，B1E平面ABCD，BD平面ABCD，所以B1E平面ABCD，故正确；记正方体的体积为V，则VEABCV为定值，故正确；1 6B1E与BC1不垂
26、直，故错误8.如图，在三棱柱ABCA1B1C1中，侧棱AA1底面ABC，底面是以ABC为直角的等腰直角三角形，AC2a，BB13a，点D是A1C1的中点，点F在线段AA1上，当AF_时，CF平面B1DF.答案 a或 2a解析 由题意易知，B1D平面ACC1A1，又CF平面ACC1A1，所以B1DCF.要使CF平面B1DF，只需CFDF即可令CFDF，设AFx，则A1F3ax.易知 RtCAFRtFA1D，得，即 ，AC A1FAF A1D2a 3axx a整理得x23ax2a20，解得xa或x2a.9(2018全国)如图，在三棱锥PABC中，ABBC2，PAPBPCAC4，O为2AC的中点16
27、(1)证明：PO平面ABC；(2)若点M在棱BC上，且MC2MB，求点C到平面POM的距离(1)证明 因为PAPCAC4，O为AC的中点，所以OPAC，且OP2.3如图，连接OB.因为ABBCAC，22所以ABC为等腰直角三角形，所以OBAC，OBAC2.1 2由OP2OB2PB2知POOB.因为OPOB，OPAC，OBACO，OB，AC平面ABC，所以PO平面ABC.(2)解 作CHOM，垂足为H，又由(1)可得OPCH，因为OMOPO，OM，OP平面POM，所以CH平面POM.故CH的长为点C到平面POM的距离由题意可知OCAC2，CMBC，1 22 34 23ACB45，所以在OMC中，
28、由余弦定理可得，OM，2 53CH.OCMCsinACB OM4 55所以点C到平面POM的距离为.4 5510(2018黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学模拟)已知ABC中，ABBC，BC2，AB4，分别取边AB，AC的中点D，E，将ADE沿DE折起到A1DE的位置，使A1DBD.设点M为棱A1D的中点，点P为棱A1B的中点，棱BC上的点N满足BN3NC.17(1)求证：MN平面A1EC；(2)求三棱锥NPCE的体积(1)证明 取A1E的中点F，连接MF，CF， M为棱A1D的中点，MFDE且MFDE，在ABC中，D，E分别为边AB，AC的中点，1 2DEBC且DEBC，1 2MFBC，即MFN
29、C，且MFBCNC，1 4四边形MFCN为平行四边形，MNFC，MN平面A1EC，FC平面A1EC，MN平面A1EC.(2)解 取BD的中点H，连接PH，则PH为A1BD的中位线，PHA1D，在ABC中，ABBC，DEBC，在空间几何体中，DEDA1，A1DBD，DBDED，DB，DE平面BCED，A1D平面BCED，PHA1D，PH平面BCED，PH为三棱锥PNCE的高，18PHA1DAB1，SNCENCBD 2 ，1 21 41 21 21 21 2VNPCEVPNCEPHSNCE1 3 1 .1 31 21 6B 组 能力提高11(2018河南省南阳市第一中学月考)如图，在棱长为 1 的
30、正方体ABCDA1B1C1D1中，点E，F分别是棱BC，CC1的中点，P是侧面BCC1B1内一点，若A1P平面AEF，则线段A1P长度的取值范围是( )A. B.(3 24，52)3 24，52C. D.1，520，52答案 B解析 如图所示，分别取棱BB1，B1C1的中点M，N，连接MN，BC1，NE，A1N，A1M，M，N，E，F分别为所在棱的中点，MNBC1，EFBC1，MNEF，又MN平面AEF，EF平面AEF，MN平面AEF.AA1NE，AA1NE，四边形AENA1为平行四边形，A1NAE，19又A1N平面AEF，AE平面AEF，A1N平面AEF，又A1NMNN，A1N，MN平面A1
31、MN，平面A1MN平面AEF.P是侧面BCC1B1内一点，且A1P平面AEF，点P必在线段MN上在 RtA1B1M中，A1M.A1B2 1B1M21(12)252同理，在 RtA1B1N中，可得A1N，52A1MN为等腰三角形当点P为MN中点O时，A1PMN，此时A1P最短；点P位于M，N处时，A1P最长A1OA1M2OM2(52)2(24)2，A1MA1N.3 2452线段A1P长度的取值范围是.3 24，5212(2018泉州质检)已知正三棱柱ABCA1B1C1的所有棱长都相等，M，N分别为B1C1，BB1的中点现有下列四个结论：p1：AC1MN；p2：A1CC1N；p3：B1C平面AMN
32、；p4：异面直线AB与MN所成角的余弦值为.24其中正确的结论是( )Ap1，p2 Bp2，p3Cp2，p4 Dp3，p4答案 C解析 正三棱柱ABCA1B1C1的所有棱长都相等，M，N分别为B1C1，BB1的中点对于p1：如图所示，MNBC1，BC1AC1C1，20AC1与MN不平行，是异面直线，p1错误；对于p2：如图所示，连接AC1，交A1C于点O，连接ON，易知A1CAC1，ON平面ACC1A1，ONA1C，又ONAC1O，ON，AC1平面ONC1，A1C平面ONC1，又C1N平面ONC1，A1CC1N，p2正确；对于p3：如图所示，取BC的中点O，连接AO，BC1，过点O作OPBC1
33、，交CC1于点P，连接AP，则AO平面BCC1B1，又B1C平面BCC1B1，AOB1C，又BC1OP，BC1B1C，B1COP，又AOOPO，AO，OP平面AOP，B1C平面AOP，又平面AMN与平面AOP有公共点A，B1C与平面AMN不垂直，p3错误；对于p4：如图所示，连接BC1，AC1，则MNBC1，ABC1是异面直线AB与MN所成的角，21设AB1，则AC1BC1，2cosABC1，p4正确 2212 222 2 124综上，其中正确的结论是p2，p4.13.如图，多面体ABCB1C1D是由三棱柱ABCA1B1C1截去一部分后而成，D是AA1的中点(1)若F在CC1上，且CC14CF
34、，E为AB的中点，求证：直线EF平面C1DB1；(2)若ADAC1，AD平面ABC，BCAC，求点C到平面B1C1D的距离(1)证明 方法一 取AC的中点G，CC1的中点H，连接AH，GF，GE，如图所示ADC1H且ADC1H，四边形ADC1H为平行四边形，AHC1D，又F是CH的中点，G是AC的中点，GFAH，GFC1D，又GF平面C1DB1，C1D平面C1DB1，GF平面C1DB1，又G，E分别是AC，AB的中点，GEBCB1C1，又GE平面C1DB1，B1C1平面C1DB1，GE平面C1DB1，又GEGFG，GE平面GEF，GF平面GEF，平面GEF平面C1DB1，又EF平面GEF，EF
35、平面C1DB1.方法二 取B1D的中点M，连接EM，MC1，22则EM是梯形ABB1D的中位线，EMBB1CC1AD，EM (ADBB1)1 2CC1，1 2(1 2CC1CC1)3 4又C1FCC1CFCC1，3 4 EMC1F且EMC1F，故四边形EMC1F为平行四边形，C1MEF，又EF平面C1DB1，C1M平面C1DB1，EF平面C1DB1.(2)解 AD平面ABC，AC平面ABC，ADAC，又ADAC1，CC12AD，ADCC1，C1D2DC2AC2AD22AD22，C1C24，故CCCD2C1D2，即C1DCD，2 1又BCAC，ADBC，ACADA，AC，AD平面ACC1D，BC
36、平面ACC1D，又CD平面ACC1D，BCCD，又B1C1BC，B1C1CD，又DC1B1C1C1，DC1，B1C1平面B1C1D，CD平面B1C1D，点C到平面B1C1D的距离为CD的长，即为.214如图，矩形ABDE(AE6，DE5)，被截去一角(即BBC)，AB3，ABC135，平面PAE平面ABCDE，PAPE10.23(1)求五棱锥PABCDE的体积的最大值；(2)在(1)的情况下，证明：BCPB.(1)解 因为AB3，ABC135，所以BBC45，BBABAB532，所以截去的BBC是等腰直角三角形，所以SABCDESABDESBBC65 2228.1 2如图，过P作POAE，垂足
37、为O，因为平面PAE平面ABCDE，平面PAE平面ABCDEAE，PO平面PAE，所以PO平面ABCDE，PO为五棱锥PABCDE的高在平面PAE内，PAPE10AE6，P在以A，E为焦点，长轴长为 10 的椭圆上，由椭圆的几何性质知，当点P为短轴端点时，P到AE的距离最大，此时PAPE5，OAOE3，所以POmax4，所以(VPABCDE)maxSABCDEPOmax 284.1 31 3112 3(2)证明 连接OB，如图，由(1)知，OAAB3，故OAB是等腰直角三角形，所以ABO45，所以OBCABCABO1354590，即BCBO.由于PO平面ABCDE，BC平面ABCDE，所以POBC，又POBOO，PO，BO平面POB，所以 BC平面 POB，又 PB平面 POB，所以 BCPB.