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1、2023 学年高考物理模拟试卷 注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、秦山核电站是我国第一座自主研究、设计和建造的核电站，它为中国核电事业的发展奠定了基础秦山核电站的能量
2、来自于 A天然放射性元素衰变放出的能量 B人工放射性同位素衰变放出的能量 C重核裂变放出的能量 D轻核聚变放出的能量 2、位于贵州的“中国天眼”是目前世界上口径最大的单天线射电望远镜(FAST)通过 FAST 测得水星与太阳的视角为(水星、太阳分别与观察者的连线所夹的角),如图所示,若最大视角的正弦 C 值为k,地球和水星绕太阳的运动视为匀速圆周运动,则水星的公转周期为 A3k年 B31k年 C32k年 D321kk年 3、2019 年 10 月 30 日在新疆喀什发生 4 级地震，震源深度为 12 km。如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为 4 km/s，已知波沿 x 轴正方向
3、传播，某时刻刚好传到 x=120 m 处，如图所示，则下列说法错误的是（）A从波传到 x=120 m 处开始计时，经过 t=0.06 s 位于 x=360 m 的质点加速度最小 B从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过 3 s 时间 C波动图像上 M 点此时速度方向沿 y 轴负方向，动能在变大 D此刻波动图像上除 M 点外与 M 点位移大小相同的质点有 7 个 4、如图所示，在真空云室中的矩形 ABCD 区域内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，静止放置在 O 点的铀 238 原子核23892U发生衰变，放出射线后变成某种新的原子核，两段曲线是反冲核（新核）和射线的径迹，曲线 OP 为14圆弧，x
4、 轴过 O 点且平行于 AB 边。下列说法正确的是（）A铀 238 原子核发生的是 衰变，放出的射线是高速电子流 B曲线 OP 是射线的径迹，曲线 OQ 是反冲核的径迹 C改变磁感应强度的大小，反冲核和射线圆周运动的半径关系随之改变 D曲线 OQ 是 射线的径迹，其圆心在 x 轴上，半径是曲线 OP 半径的 45 倍 5、关于曲线运动，下列说法正确的是（）A曲线运动的速度方向可以不变 B匀变速曲线运动任意相等时间内速度的变化量相同 C速率恒定的曲线运动，任意相等时间内速度的变化量相同 D物体受到的合外力持续为零时，物体仍可以做曲线运动 6、如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻
5、R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力 F 作用下加速上升的一段时间内，力 F 做的功与安培力做的功的代数和等于 A棒的机械能增加量 B棒的动能增加量 C棒的重力势能增加量 D电阻 R 上放出的热量 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、如图所示，左端接有阻值为 R 的足够长的平行光滑导轨 CE、DF 的间距为 L，导轨固定在水平面上
6、，且处在磁感应强度为 B、竖直向下的匀强磁场中，一质量为 m、电阻为 r 的金属棒 ab 垂直导轨放置在导轨上静止，导轨的电阻不计。某时刻给金属棒 ab 一个水平向右的瞬时冲量 I，导体棒将向右运动，最后停下来，则此过程（）A金属棒做匀减速直线运动直至停止运动 B电阻 R 上产生的焦耳热为22Im C通过导体棒 ab 横截面的电荷量为IBL D导体棒ab 运动的位移为22I RrB L（）8、如图（a）所示，质量为 2m、长为 L 的木块静止在光滑水平面上，质量为 m 的子弹（可视为质点）以初速度0v水平向右射向木块，穿出木块时速度减为02v。若再将另一相同木块固定在传送带上（如图（b）所示）
7、，使木块随传送带以038vv的速度水平向左运动，相同的子弹仍以初速度0v水平向右射向木块，木块的速度始终不变.已知木块对子弹的阻力恒定.下列说法正确的是（）A第一次子弹穿过木块过程中，木块的位移大小为15L B第一次子弹穿过木块过程中，子弹克服阻力做的功为20116mv C子弹前后两次穿过木块的时间之比为2:1 D第二次子弹穿出木块时的速度为056v 9、如图所示，甲图为沿 x 轴传播的一列简谐横波在 t0 时刻的波动图象，乙图为参与波动质点 P 的振动图象，则下列判断正确的是（）A该波的传播速率为 4m/s B该波的传播方向沿 x 轴正方向 C经过 0.5s，质点 P 沿波的传播方向向前传播
8、 2m D该波在传播过程中若遇到 4m 的障碍物，能发生明显衍射现象 10、“跳一跳”小游戏需要操作者控制棋子离开平台时的速度，使其能跳到旁边平台上.如图所示的抛物线为棋子在某次跳跃过程中的运动轨迹，其最高点离平台的高度为 h，水平速度为 v；若质量为 m 的棋子在运动过程中可视为质点，只受重力作用，重力加速度为 g，则()A棋子从最高点落到平台上所需时间 t B若棋子在最高点的速度 v 变大，则其落到平台上的时间变长 C棋子从最高点落到平台的过程中，重力势能减少 mgh D棋子落到平台上的速度大小为 三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过
9、程。11（6 分）如图甲所示，一根伸长可忽略的轻绳跨过轻质定滑轮，两个质量相等的砝码盘分别系于绳的两端。甲、乙两位同学利用该装置探究系统加速度与其所受合力的关系。共有 9 个质量均为 m 的砝码供实验时使用。请回答下列问题：(1)实验中，甲将左盘拉至恰好与地面接触，乙把 5 个硅码放在右盘中，4 个底码放在左盘中。系统稳定后，甲由静止释放左盘；(2)若要从(1)的操作中获取计算系统加速度大小的数据，下列器材中必须使用的是_（填正确答案标号）；A米尺 B秒表 C天平 D弹簧秤(3)请说明用(2)中选择的器材要测量本实验中的必要物理量是：_；(4)由(3)中测量得到的物理量的数据，根据公式_（用所
10、测量物理量的符号表示），可以计算岀系统加速度的大小：(5)依次把左盘中的砝码逐个移到右盘中，重复(1)(3)(4)操作；获得系统在受不同合力作用下加速度的大小，记录的数据如下表，请利用表中数据在图乙上描点并作出 a-F 图象_；(6)从作出的 aF 图像能得到的实验结论是：_。12（12 分）多用电表欧姆挡可以直接测量电阻。如图所示，虚线框内的电路为欧姆挡的内部电路，a、b 为红、黑表笔的插孔。G 是表头，满偏电流为 Ig，内阻为 Rg，R0是调零电阻，R1、R2、R3、R4分别是挡位电阻，对应挡位分别是“1”“10”“100”“1000”，K 是挡位开关。(1)红黑表笔短接进行欧姆调零时，先
11、选定挡位，调节滑片 P，使得表头达到满偏电流。设滑片 P 下方电阻为 R，满偏电流 Ig与流经电源的电流 I 的关系是_（用题设条件中的物理量表示）。(2)已知表头指针在表盘正中央时，所测电阻的阻值等于欧姆表的总内阻的值，又叫做中值电阻。在挡位开关由低挡位调到高一级挡位进行欧姆调零时，调零电阻 R0的滑片 P 应向_（填“上”或“下”）滑动，调零后，滑片 P 下方的电阻 R为原来挡位的_倍。(3)把挡位开关调到“100”，调零完毕，测量某电阻的阻值时，发现指针偏转角度较大。要更准确测量该电阻的阻值，请写出接下来的操作过程_。(4)要用欧姆挡测量某二极管的反向电阻，红表笔应接二极管的_极。四、计
12、算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10 分）如图所示，在竖直面内有一矩形区 ABCD，水平边 AB=6L，竖直边 BC=8L，O 为矩形对角线的交点。将一质量为 m 的小球以一定的初动能自 O 点水平向右抛出，小球恰好经过 C 点。使此小球带电，电荷量为 q（q0），同时加一平行于矩形ABCD 的匀强电场，现从 O 点以同样的初动能沿各个方向抛出此带电小球，小球从矩形边界的不同位置射出，其中经过 D 点的小球的动能为初动能的 5 倍，经过 E 点（DC 中点）的小球的动能和初动能相等，重力加速度为 g，求(1)
13、小球的初动能；(2)取电场中 O 点的电势为零，求 D、E 两点的电势；(3)带电小球所受电场力的大小和方向 14（16 分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距 L=1m，导轨平面与水平面成=30角，下端连接一定值电阻 R=2，匀强磁场 B=0.4T 垂直于导轨平面向上。质量 m=0.2kg、电阻 r=1的金属棒 ab，其长度与导轨宽度相等。现给金属棒 ab 施加一个平行于导轨平面向上的外力 F，使金属棒 ab 从静止开始沿轨道向上做加速度大小为 a=3m/s2的匀加速直线运动。运动过程中金属棒 ab 始终与导轨接触良好，重力加速度取g=10m/s2。求：(1
14、)当电阻 R 消耗的电功率 P=1.28W 时，金属棒 ab 的速度 v 的大小；(2)当金属棒 ab 由静止开始运动了 x=1.5m 时，所施加外力 F 的大小。15（12 分）如图所示，水平放置的轻质弹簧原长为 2L，一端与质量12kgm 的物块 P 接触但不连接，另一端固定在A 点，光滑水平轨道 AB 长度为 5L.长度为02.5mL 的水平传送带分别与 B 端和水平光滑轨道 CD 平滑连接，物块 P与传送带之间的动摩擦因数0.2，传送带始终以2m/sv 的速率顺时针匀速转动.质量为26kgm 小车放在光滑水平轨道上，位于 CD 右侧，小车左端与 CD 段平滑连接，小车的水平面长度10.
15、5mL=，右侧是一段半径0.5mR 的四分之一光滑圆弧，物块 P 与小车水平上表面的动摩擦因数10.1.用外力推动物块 P，将弹簧压缩至长度 L，然后放开，P 开始沿轨道运动，冲上传送带后开始做减速运动，到达传送带右端时速度恰好与传送带速度大小相等.重力加速度大小210m/sg 求：（1）弹簧压缩至长度 L 时储存的弹性势能PE（2）物块 P 在小车圆弧上上升的最大高度 H（3）要使物块 P 既可以冲上圆弧又不会从小车上掉下来，小车水平面长度的取值范围 参考答案 一、单项选择题：本题共 6 小题，每小题 4 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】秦
16、山核电站的能量来自于重核裂变放出的能量，故 C 正确，ABD 错误。2、A【解析】最大视角的定义，即此时观察者与水星的连线应与水星轨迹相切，由三角函数可得：sinrr水地，结合题中已知条件sin=k，由万有引力提供向心力有：2224MmGmrrT，解得：32rTGM，得3333=sinTrkTr水水地地，得3=TTk水地，而 T地=1 年，故3Tk水年，故 B，C，D 错误，A 正确.故选 A.【点睛】向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或要求解的物理量选取应用，物理问题经常要结合数学几何关系解决.3、B【解析】A根据图像可知，波长为 60m，波速为 4km/s，所以可得周期为 0.01
17、5s，0.06s 的时间刚好是整数个周期，可知横波刚传到 360m 处，此处质点开始从平衡位置向-y 方向运动，加速度最小，A 正确，不符题意；B波在传播的时候，波源没有迁移，B 错误，符合题意；C波的传播方向是向右，所以根据同侧法可知，波动图像上 M 点此时速度方向沿 y 轴负方向，动能在变大，C 正确，不符题意；D过 M 点作水平线，然后作关于 x 轴的对称线，可知与波动图像有 7 个交点，所以此刻波动图像上除 M 点外与 M点位移大小相同的质点有 7 个，D 正确，不符题意。本题选错误的，故选 B。4、D【解析】AD衰变过程中动量守恒，因初动量为零，故衰变后两粒子动量大小相等，方向相反，
18、由图像可知，原子核发生的是 衰变，粒子做圆周运动向心力等于洛伦兹力 2vqvBmr 得 mvrqB 由于反冲核的电荷量比 射线大，则半径更小，即曲线 OQ 是射线的径迹，曲线 OP 是反冲核的径迹，由于曲线 OP为14圆弧，则其圆心在 x 轴上，射线初速度与 x 轴重直，新核初速度与 x 轴垂直，所以新核做圆周运动的圆心在 x 轴上 由质量数守恒和电荷数守恒可知反冲核的电荷量是 粒子的 45 倍，由半径公式可知，轨道半径之比等于电荷量的反比，则曲线 OQ 半径是曲线 OP 半径的 45 倍，故 A 错误，D 正确。BC由动量守恒可知 0mvm v 粒子做圆周运动向心力等于洛伦兹力 2vqvBm
19、r 得 mvrqB 由于反冲核的电荷量比 射线大，则半径更小，即曲线 OQ 是射线的径迹，曲线 OP 是反冲核的径迹，反冲核的半径与射线的半径之比等于电荷量的反比，由于电荷量之比不变，则改变磁感应强度的大小，反冲核和射线圆周运动的半径关系不变，故 BC 错误。故选 D。5、B【解析】A曲线运动的速度方向一直在变化，故 A 错误；B只要是匀变速运动，其加速度 a 的大小、方向均不变，任意相等时间内速度的变化量为 va t 所以任意相等时间内速度的变化量相同，故 B 正确；C速率恒定的曲线运动，其速度方向变化，则0v；其加速度不恒定，任意相等时间内速度的变化量为 va t 所以任意相等时间内速度的
20、变化量不相同，故 C 错误；D物体所受合外力持续为零时，其加速度持续为 0，速度的大小和方向均不改变，则物体只能做匀速直线运动，故 D错误。故选 B。6、A【解析】棒在竖直向上的恒力 F 作用下加速上升的一段时间内，F 做正功，安培力做负功，重力做负功，动能增大根据动能定理分析力 F 做的功与安培力做的功的代数和【详解】A棒受重力 G、拉力 F 和安培力 FA的作用由动能定理：WF+WG+W安=EK 得 WF+W安=EK+mgh 即力 F 做的功与安培力做功的代数和等于机械能的增加量故 A 正确 B由动能定理，动能增量等于合力的功合力的功等于力 F 做的功、安培力的功与重力的功代数和故 B 错
21、误 C棒克服重力做功等于棒的重力势能增加量故 C 错误 D棒克服安培力做功等于电阻 R 上放出的热量故 D 错误【点睛】本题运用功能关系分析实际问题对于动能定理理解要到位：合力对物体做功等于物体动能的增量，哪些力对物体做功，分析时不能遗漏 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。7、CD【解析】A导体棒获得向右的瞬时初速度后切割磁感线，回路中出现感应电流，导体棒 ab 受到向左的安培力向右减速运动，由 22B L vmaRr 可知导体棒速度减小，加速度
22、减小，所以导体棒做的是加速度越来越小的减速运动，A 项错误；B导体棒减少的动能 22211()222kIIEmvmmm 根据能量守恒定理可得 kEQ总 又根据串并联电路知识可得 22()RRI RQQRrm Rr总 故 B 项错误;C根据动量定理可得 0BiL tmv，Imv，qi t 可得 IqBL C 项正确；D由于 EBLxqi ttRrRr 将IqBL代入等式，可得导体棒移动的位移 22()I RrxB L D 项正确。故选 CD。8、AC【解析】AB第一次子弹穿过木块过程中动量守恒 00122vmvmvm 解得 014vv 对物块由动能定理 21122fxmv 对子弹 2220001
23、13W=-()()=-2228fvf xLmmvmv 即子弹克服阻力做的功为2038mv；联立解得 5Lx 20516mvfL 选项 A 正确，B 错误；CD 第一次，对物块由动量定理 112ftmv 解得 1085Ltv 第二次，子弹在木块没做匀减速运动，加速度为 205=16vfamL 子弹穿过木块时满足 220 2212vtv tatL 解得 2045Ltv 则子弹前后两次穿过木块的时间之比为 12:2:1tt 第二次子弹穿出木块时的速度为 02034vvatv 选项 C 正确，D 错误。故选 AC。9、AD【解析】A由甲图读出该波的波长为 4 m，由乙图读出周期为 T1 s，则波速为
24、vT4 m/s 故 A 正确；B在乙图上读出 t0 时刻 P 质点的振动方向沿 y 轴负方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿 x 轴负方向，故 B 错误；C质点 P 只在自己的平衡位置附近上下振动，并不沿波的传播方向向前传播，故 C 错误；D由于该波的波长为 4 m，与障碍物尺寸相差不多，能发生明显的衍射现象，故 D 正确。故选 AD。10、AC【解析】A、从最高点速度水平，只受重力做平抛运动，由得：；A 项正确.B、下落时间只与竖直高度有关，与初速度 v 无关，B 项错误.C、下落过程中，重力势能减少 mgh，C 项正确.D、由机械能守恒定律：，得：，D 项错误.故选 AC.【点睛】斜上抛运
25、动可以由运动的分解和运动的对称性分析.三、实验题：本题共 2 小题，共 18 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、AB 释放前，用米尺测量右盘离地面的高度 h，用秒表记录右盘下落至地面的时间 t 212hat 系统质量一定时，其加速度与所受合外力成正比 【解析】(2)1根据实验原理可知，砝码盘做匀加速直线运动，由公式212hat可知，要得到加速度应测量释放前，用米尺测量右盘离地面的高度 h，用秒表记录右盘下落至地面的时间 t，故 AB 正确。故选 AB；(3)2由(2)可知，要测量本实验中的必要物理量，释放前，用米尺测量右盘离地面的高度 h，用秒表记录右盘下落至地面的
26、时间 t(4)3根据实验原理可知，砝码盘做匀加速直线运动，满足212hat(5)4根据表格数据描点如图 (6)5由图像可知，aF 图像为经过原点的一条直线，说明系统质量不变时加速度和合外力成正比。12、g0gRIIRR 上 10 把挡位开关调到“10”，将红黑表笔短接，调节0R滑片P，使指针指到零刻度，然后再进行电阻测量 正 【解析】（1）1表头电阻与0R的上部分电阻串联，与R并联，根据电流关系 0gggIRRRIIR 得 oggRIRIR（2）23高一级挡位内阻是原级别的 10 倍 ogggoRREIRRIRRR内 所以R应变为原来的 10 倍，所以应向上调节（3）4指针偏转较大，说明所测量
27、的电阻比较小，应换低一级挡位，即把挡位开关调到“10”，将红黑表笔短接，调节0R滑片P，使指针指到零刻度，然后再进行电阻测量；（4）5测量二极管反向电阻，要求电流从二极管负极流入，正极流出，所以红表笔接二极管正极 四、计算题：本题共 2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)916mgL(2)74DmgLq；4EmgLq(3)54mgF，方向与 OE 成 37斜向上【解析】(1)不加电场时，由平抛运动的知识可得 03Lv t 2142Lgt 初动能 20012kEmv 解得 0916kEmgL (2)从 D 点射出的小球，由动
28、能定理 044ODkDkOkmgLqUEEE 解得 74ODmgLUq 因为 O 点的电势为零，则 74DmgLq 从 E 点射出的小球，由动能定理 40OEkEkOmgLqUEE 解得 4OEmgLUq 因为 O 点的电势为零，则 4EmgLq(3)设电场方向与 OE 成 角斜向上，则从 E 射出的小球：44 cosmgLFL 从 D 射出的粒子 75 sin(53)4ODmgLUqFL 联立解得 3tan4 =37 cos0.8 54mgF 电场力的方向与 OE 成 37斜向上；14、(1)6m/s；(2)1.76N【解析】(1)根据题意可得 2PI R 0.8PIRA 由闭合电路欧姆定律
29、可得 E=I（R+r）=2.4V 再由法拉弟电磁感应定律可得 E=BLv1 联立解得 16EvBL m/s(2)根据题意，金属棒 ab 在上升过程中，切割磁感线可得 E=BLv2 F安=BIL E=I（R+r）由金属棒 ab 在上升过程中，做匀加速直线运动，由运动学规律可得 222vax 对金属棒 ab 进行受力分析，根据牛顿第二定律可得 sinFmgFma安 联立解得 F=1.76N 15、（1）14J；（2）0.1m；（3）0.75m1.5mL。【解析】（1）设物块P离开弹簧时的速度为0v，在物块与弹簧相互作用过程中，由机械能守恒定律 02p112Emv 物块在传送带上运动过程中，由动能定
30、理有 221011 01122m gLm vm v 联立代入数据可得 14JPE （2）当物块运动到小车的最高点时，对于 P 与小车构成的系统动量守恒，则 1121mvmmv 由能量守恒定律有 22112111111122mvmmvm gHm gL 联立代入数据可得 0.1mH （3）设当小车水平面长度为2L时，物块到达小车水平右端时与小车有共同速度1v，则 2211211121122m vmmvm gL 联立代入数据可得 21.5mL 设当小车水平长度为3L时，物块到达小车水平左端时与小车有共同速度1v，则 22112111311222m vmmvm gL 联立代入数据可得 30.75mL 要使物块 P 既可以冲上圆弧乂不会从小车上掉下宋，小车水平长度的取值范围：0.75m1.5mL