《中考几何三大变换含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《中考几何三大变换含答案.pdf（23页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、-.中考几何变换专题复习针对几何大题的讲解几何图形问题的解决，主要借助于根本图形的性质定义、定理等和图形之间的关系(平行、全等、相似等.根本图形的许多性质都源于这个图形本身的“变换特征，最为重要和最为常用的图形关系“全等三角形极多的情况也同样具有“变换形式的联系.本来两个三角形全等是指它们的形状和大小都一样，和相互间的位置没有直接关系，但是，在同一个问题中涉及到的两个全等三角形，大多数都有一定的位置关系或成轴对称关系，或成平移的关系，或成旋转的关系包括中心对称.这样，在解决具体的几何图形问题时，如果我们有意识地从图形的性质或关系中所显示或暗示的“变换特征出发，来识别、构造根本图形或图形关系，则
2、将对问题的解决有着极为重要的启发和引导的作用.下面我们从变换视角以三角形的全等关系为主进展研究.解决图形问题的能力，核心要素是善于从综合与复杂的图形中识别和构造出根本图形及根本的图形关系，而“变换视角正好能提高我们这种识别和构造的能力.1正方形ABCD 中，E 为对角线 BD 上一点，过E 点作 EFBD 交 BC 于 F，连接 DF，G 为 DF 中点，连接 EG，CG1求证：EG=CG；2将图中BEF 绕 B 点逆时针旋转 45，如图所示，取 DF 中点 G，连接 EG，CG问1中的结论是否仍然成立.假设成立，请给出证明；假设不成立，请说明理由；3将图中BEF 绕 B 点旋转任意角度，如图
3、所示，再连接相应的线段，问1中的结论是否仍然成立.通过观察你还能得出什么结论均不要求证明 考点：旋转的性质；全等三角形的判定与性质；直角三角形斜边上的中线；正方形的性质。专题：压轴题。分析：1利用直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，可证出 CG=EG-可修编.-2结论仍然成立，连接 AG，过 G 点作 MNAD 于 M，与 EF 的延长线交于N 点；再证明DAGDCG，得出 AG=CG；再证出DMGFNG，得到MG=NG；再证明AMGENG，得出 AG=EG；最后证出 CG=EG3结论依然成立还知道 EGCG解答：1证明：在 RtFCD 中，G 为 DF 的中点，CG=FD，同理，在 RtD
4、EF 中，EG=FD，CG=EG2解：1中结论仍然成立，即 EG=CG证法一：连接 AG，过 G 点作 MNAD 于 M，与 EF 的延长线交于 N 点在DAG 与DCG 中，AD=CD，ADG=CDG，DG=DG，DAGDCG，AG=CG；在DMG 与FNG 中，DGM=FGN，FG=DG，MDG=NFG，DMGFNG，MG=NG；在矩形 AENM 中，AM=EN，在AMG 与ENG 中，AM=EN，AMG=ENG，MG=NG，AMGENG，.z.-AG=EG，EG=CG证法二：延长 CG 至 M，使 MG=CG，连接 MF，ME，EC，在DCG 与FMG 中，FG=DG，MGF=CGD，M
5、G=CG，DCGFMGMF=CD，FMG=DCG，MFCDAB，EFMF在 RtMFE 与 RtCBE 中，MF=CB，EF=BE，MFECBEMEF=CEBMEC=MEF+FEC=CEB+CEF=90，MEC 为直角三角形MG=CG，EG=MC，EG=CG3解：1中的结论仍然成立即 EG=CG其他的结论还有：EGCG点评：此题利用了直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半的性质、全等三角形的判定和性质.z.-2 1如图 1，矩形 ABCD 中，点 E 是 BC 上的一动点，过点 E 作 EFBD 于点 F，EGAC 于点 G，CHBD 于点 H，试证明 CH=EF+EG；2假设点 E 在 BC
6、的延长线上，如图 2，过点 E 作 EFBD 于点 F，EGAC的延长线于点 G，CHBD 于点 H，则 EF、EG、CH 三者之间具有怎样的数量关系，直接写出你的猜测；3如图 3，BD 是正方形 ABCD 的对角线，L 在 BD 上，且 BL=BC，连接 CL，点 E 是 CL 上任一点，EFBD 于点 F，EGBC 于点 G，猜测 EF、EG、BD 之间具有怎样的数量关系，直接写出你的猜测；4观察图 1、图 2、图 3 的特性，请你根据这一特性构造一个图形，使它仍然具有 EF、EG、CH 这样的线段，并满足1或2的结论，写出相关题设的条件和结论考点：矩形的性质；全等三角形的判定与性质；等腰
7、三角形的性质；正方形的性质。专题：几何综合题。分析：1要证明 CH=EF+EG，首先要想到能否把线段 CH 分成两条线段而加以证明，就自然的想到添加辅助线，假设作CENH 于 N，可得矩形EFHN，很明显只需证明 EG=，最后根据 AAS 可求证EGCE 得出结论2过 C 点作 COEF 于 O，可得矩形 HCOF，因为 HC=DO，所以只需证明EO=EG，最后根据 AAS 可求证COECGE 得出猜测.z.-3连接AC，过E 作 EG 作 EHAC 于 H，交BD 于 O，可得矩形FOHE，很明显只需证明 EG=CH，最后根据 AAS 可求证CHEEGC 得出猜测4 点 P 是等腰三角形底边
8、所在直线上的任意一点，点 P 到两腰的距离的和 或差 等于这个等腰三角形腰上的高，很显然过 C 作 CEPF 于 E，可得矩形 GCEF，而且 AAS 可求证CEPP，故 CG=PFPN解答：1证明：过 E 点作 ENGH 于 N1 分EFBD，CHBD，四边形 EFHN 是矩形EF=NH，FHENDBC=NEC四边形 ABCD 是矩形，AC=BD，且互相平分DBC=ACBNEC=ACBEGAC，ENCH，EGC=E=90，又 EC=EC，EGCE 3 分EG=CH=+NH=EG+EF4 分2解：猜测 CH=EFEG5 分3解：EF+EG=BD6 分4解：点 P 是等腰三角形底边所在直线上的任
9、意一点，点 P 到两腰的距离的和或差等于这个等腰三角形腰上的高如图，有 CG=PFPN.z.-注：图1 分 画一个图即可，题设的条件和结论1 分点评：此题主要考察矩形的性质和判定，解答此题的关键是作出辅助线，构造矩形和三角形全等来进展证明3如图 1，点 P 是线段 MN 的中点1请你利用该图 1 画一对以点 P 为对称中心的全等三角形；2请你参考这个作全等三角形的方法，解答以下问题：如图 2，在 RtABC 中，BAC=90，ABAC，点 D 是 BC 边中点，过 D作射线交 AB 于 E，交CA 延长线于 F，请猜测F等于多少度时，BE=CF直接写出结果，不必证明；如图 3，在ABC 中，如
10、果BAC 不是直角，而1中的其他条件不变，假设 BE=CF 的结论仍然成立，请写出AEF 必须满足的条件，并加以证明考点：作图复杂作图；全等三角形的判定；等腰三角形的判定。专题：证明题；开放型。分析：1以 P 点为中心，依次做两条相互穿插但长度相等的线段，可得两个全等三角形；2当 BE=CF 时，F 的结论成立；第 2 小题需要用到辅助线的帮助延长 FD到点 G，使得 FD=GD，连接 BG，证明DCFDBG 后推出F=G，CF=BG，从而证明 BE=CF解答：解：1如图：画图正确2 分2F=45时，BE=CF 2 分答：假设 BE=CF 的结论仍然成立，则 AE=AF，AEF 是等腰三角形
11、1 分证明：延长 FD 到点 G，使得 FD=GD，连接 BG点 D 是 BC 边中点，.z.-DC=DB在DCF 和DBG 中DCFDBG 2 分F=G，CF=BG1 分当AEF 是等腰三角形，AE=AF 时，F=2，1=2，1=GBE=BGBE=CF 2 分点评：此题涉及全等三角形，等腰梯形的相关性质和判定，并考察学生的作图能力，为综合题型，难度中上4如图，OP 是AOB 的平分线，请你利用该图形画一对以OP 所在直线为对称轴的全等三角形请你参考这个作全等三角形的方法，解答以下问题：1如图，在ABC中，ACB是直角，B=60，AD、CE 分别是BAC、BCA 的平分线，AD、CE 相交于点
12、 F请你判断并写出 FE 与 FD 之间的数量关系；2如图，在ABC 中，如果ACB 不是直角，而1中的其它条件不变，请问，你在1中所得结论是否仍然成立.假设成立，请证明；假设不成立，请说明理由考点：全等三角形的判定与性质。专题：探究型。分析：根据要求作图，此处我们可以分别做两边的垂线，这样就可以利用 AAS来判定其全等了.z.-先利用 SAS 来判定AEFAGF得出AFE=AFG，FE=FG再利用 ASA来判定CFGCFD 得到 FG=FD 所以 FE=FD解答：解：在OP 上任找一点 E，过 E 分别做 CEOA 于 C，EDOB 于 D如图，1结论为 EF=FD如图，在 AC 上截取 A
13、G=AE，连接 FGAD 是BAC 的平分线，1=2，在AEF 与AGF 中，AEFAGFSAS AFE=AFG，FE=FG由B=60，AD，CE 分别是BAC，BCA 的平分线，22+23+B=180，2+3=60又AFE 为AFC 的外角，AFE=CFD=AFG=2+3=60CFG=60即GFC=DFC，在CFG 与CFD 中，CFGCFDASA FG=FDFE=FD2EF=FD 仍然成立.z.，-如图，过点 F 分别作 FGAB 于点 G，FHBC 于点 HFGE=FHD=90，B=60，且 AD，CE 分别是BAC，BCA 的平分线，2+3=60，F 是ABC 的心GEF=BAC+3=
14、60+1，F 是ABC 的心，即 F 在ABC 的角平分线上，FG=FH角平分线上的点到角的两边相等 又HDF=B+1外角的性质，GEF=HDF在EGF 与DHF 中，EGFDHFAAS，FE=FD点评：此题考察全等三角形的判定方法，常用的方法有SSS，SAS，AAS，HL 等5如图，矩形 ABCD，AB=，BC=3，在 BC 上取两点 E、FE 在 F 左边，以 EF 为边作等边三角形 PEF，使顶点 P 在 AD 上，PE、PF 分别交 AC 于点 G、H1求PEF 的边长；2 假设PEF 的边 EF 在线段 BC 上移动 试猜测：PH 与 BE 有什么数量关系.并证明你猜测的结论考点：矩
15、形的性质；等边三角形的性质。专题：探究型。分析：1 要求PEF 的边长，需构造直角三角形，则就过 P 作 PQBC 于 Q 利用PFQ 的正弦值可求出 PF，即PEF 的边长；.z.-2猜测：PHBE=1利用ACB 的正切值可求出ACB 的度数，再由PFE=60，可得出HFC 是等腰三角形，因此就有BE+EF+CF=BE+PH+2FH=3再把其中 FH 用 PH 表示，化简即可解答：解：1过 P 作 PQBC 于 Q矩形 ABCDB=90，即 ABBC，又 ADBC，PQ=AB=1 分PEF 是等边三角形，PFQ=60在 RtPQF 中，PF=23 分PEF 的边长为 2 PH 与 BE 的数
16、量关系是：PHBE=14 分2在 RtABC 中，AB=PEF 是等边三角形，2=60，PF=EF=26 分2=1+3，3=30，1=3FC=FH7 分PH+FH=2，BE+EF+FC=3，PHBE=18 分注：每题只给了一种解法，其他解法按本评标相应给分点评：此题利用了矩形、平行线、等边、等腰三角形的性质，还有正切函数等知识，运用的综合知识很多，BC=3，1=30 5 分.z.-6 2007四边形 ABCD 中，AB=BC，ABC=120，MBN=60，MBN绕 B 点旋转，它的两边分别交 AD，DC或它们的延长线于 E，F当MBN 绕 B 点旋转到 AE=CF 时如图 1，易证 AE+CF
17、=EF；当MBN 绕 B 点旋转到 AECF 时，在图 2 和图 3 这两种情况下，上述结论是否成立.假设成立，请给予证明；假设不成立，线段 AE，CF，EF 又有怎样的数量关系.请写出你的猜测，不需证明考点：全等三角形的判定与性质。专题：几何综合题。分析：根据可以利用 SAS 证明ABECBF，从而得出对应角相等，对应边相等，从而得出ABE=CBF=30，BEF为等边三角形，利用等边三角形的性质及边与边之间的关系，即可推出 AE+CF=EF同理图 2 可证明是成立的，图 3 不成立解答：解：ABAD，BCCD，AB=BC，AE=CF，ABECBFSAS；ABE=CBF，BE=BF；ABC=1
18、20，MBN=60，ABE=CBF=30，BEF 为等边三角形；AE=BE，CF=BF；AE+CF=BE+BF=BE=EF；图 2 成立，图 3 不成立证明图 2延长 DC 至点 K，使 CK=AE，连接 BK，则BAEBCK，BE=BK，ABE=KBC，.z.-FBE=60，ABC=120，FBC+ABE=60，FBC+KBC=60，KBF=FBE=60，KBFEBF，KF=EF，KC+CF=EF，即 AE+CF=EF图 3 不成立，AE、CF、EF 的关系是 AECF=EF点评：此题主要考察全等三角形的判定方法，常用的方法有 SSS，SAS，AAS 等，这些方法要求学生能够掌握并灵活运用7
19、 用两个全等的等边ABC 和ADC，在平面上拼成菱形 ABCD，把一个含 60角的三角尺与这个菱形重合，使三角尺有两边分别在AB、AC 上，将三角尺绕点A 按逆时针方向旋转1如图 1，当三角尺的两边与 BC、CD 分别相交于点 E、F 时，观察或测量BE，CF 的长度，你能得出什么结论.证明你的结论2如图 2，当三角尺的两边与 BC、CD 的延长线分别交于 E、F 时，你在1中的结论还成立吗.请说明理由考点：全等三角形的判定与性质；等边三角形的性质。专题：证明题。分析：1连接 AC，根据等边三角形性质推出 AD=AC，D=ACB=60，DAC=60，求出CAE=DAF，证ACEADF 即可；.
20、z.-2连接AC，求出ADF=ACE=120，证ACEADF，推出DF=CE，根据 BC=CD 即可推出答案解答：1BE=CF，证明：连接 AC，ADC、ABC 是等边三角形，AD=AC，D=ACB=60，DAC=60，FAE=60，CAE=DAF，在ACE 和ADF 中，ACEADF，CE=DF，四边形 ABCD 是菱形，BC=CD，BE=CF2解：结论 BE=CF 仍成立，理由是：连接 AC，由1知：AD=AC，FAD=CAE，等边三角形 ABC 和等边三角形 ACD，ADC=ACB=60，ADF=ACE=120，.z.-在ACE 和ADF 中，ACEADF，DF=CE，CD=BC，BE=
21、CF，即结论 BE=CF 仍成立点评：此题考察了等边三角形的性质，全等三角形的性质和判定的应用，主要考察学生熟练地运用性质进展推理的能力，题目比拟典型，但有一定的难度8如图，在四边形 ABCD 中，AB=AD，BC=CD，ABC=ADC=90，MAN=BAD1如图 1，将MAN 绕着 A 点旋转，它的两边分别交边 BC、CD 于 M、N，试判断这一过程中线段 BM、DN 和 MN 之间有怎样的数量关系.直接写出结论，不用证明；2如图 2，将MAN 绕着 A 点旋转，它的两边分别交边 BC、CD 的延长线于M、N，试判断这一过程中线段 BM、DN 和 MN 之间有怎样的数量关系.并证明你的结论；
22、3如图 3，将MAN 绕着 A 点旋转，它的两边分别交边 BC、CD 的反向延长线于 M、N，试判断这一过程中线段 BM、DN 和 MN 之间有怎样的数量关系.直接写出结论，不用证明考点：全等三角形的判定与性质；旋转的性质。分析：1 可通过构建全等三角形来实现线段间的转换 延长MB到G，使BG=DN，连接 AG目的就是要证明三角形 AGM 和三角形 ANM 全等将 MN 转换成 MG，则这样 MN=BM+DN 了，于是证明两组三角形全等就是解题的关键 三角形 AMG.z.-和 AMN 中，只有一条公共边 AM，我们就要通过其他的全等三角形来实现，在三角形 ABG 和 AND 中，了一组直角，B
23、G=DN，AB=AD，因此两三角形全等，则 AG=AN，1=2，则1+3=2+3=MAN=BAD由此就构成了三角形 ABE 和 AEF 全等的所有条件SAS，则就能得出 MN=GM 了2按照1的思路，我们应该通过全等三角形来实现相等线段的转换就应该在 BM 上截取 BG，使 BG=DN，连接 AG 根据 1 的证法，我们可得出 DN=BG，GM=MN，则 MN=GM=BMBG=BEDN3按照1的思路，我们应该通过全等三角形来实现相等线段的转换就应该在 DN 上截取 DF，使 DF=BM，连接 AG根据1的证法，我们可得出DAF=BAM，AF=AM，则 MN=NF=DNDF=BNBM解答：解：1
24、证明：延长 MB 到 G，使 BG=DN，连接 AGABG=ABC=ADC=90，AB=AD，ABGADNAG=AN，BG=DN，1=41+2=4+2=MAN=BADGAM=MAN又 AM=AM，AMGAMNMG=MNMG=BM+BGMN=BM+DN2MN=BMDN证明：在 BM 上截取 BG，使 BG=DN，连接 AGABC=ADC=90，AD=AB，.z.-ADNABG，AN=AG，NAD=GAB，MAN=MAD+MAG=DAB，MAG=BAD，MAN=MAG，MANMAG，MN=MG，MN=BMDN3MN=DNBM点评：此题考察了三角形全等的判定和性质；此题过全等三角形来实现线段的转换是
25、解题的关键，没有明确的全等三角形时，要通过辅助线来构建与和所求条件相关联全等三角形9 2021义乌市如图1，ABC=90，ABE是等边三角形，点P 为射线 BC上任意一点点 P 与点 B 不重合，连接AP，将线段 AP 绕点 A 逆时针旋转 60得到线段 AQ，连接 QE 并延长交射线 BC 于点 F1如图 2，当 BP=BA 时，EBF=30，猜测QFC=60；2 如图 1，当点 P 为射线 BC 上任意一点时，猜测QFC 的度数，并加以证明；3线段 AB=2，设 BP=*，点 Q 到射线 BC 的距离为 y，求 y 关于*的函数关系式考点：旋转的性质；全等三角形的判定；等边三角形的性质；解
26、直角三角形。专题：探究型。分析：1EBF 与ABE 互余，而ABE=60，即可求得EBF 的度数；利用观察法，或量角器测量的方法即可求得QFC 的度数；.z.-2根据三角形的外角等于不相邻的两角的和，证明BAP=EAQ，进而得到ABPAEQ，证得AEQ=ABP=90，则BEF=180AEQAEB=1809060=30，QFC=EBF+BEF；3 过点 F 作 FGBE 于点 G，过点 Q 作 QHBC，根据ABPAEQ 得到：设 QE=BP=*，则 QF=QE+EF=*+2点 Q 到射线 BC 的距离y=QH=sin60QF=*+2，即可求得函数关系式解答：解：1EBF=30；1 分QFC=6
27、0；2 分2QFC=601 分解法 1：不妨设 BPAB，如图 1 所示BAP=BAEEAP=60EAP，EAQ=QAPEAP=60EAP，BAP=EAQ2 分在ABP 和AEQ 中AB=AE，BAP=EAQ，AP=AQ，ABPAEQ SAS3 分AEQ=ABP=904 分BEF=180AEQAEB=1809060=30QFC=EBF+BEF=30+30=605 分事实上当 BP不扣分解法 2：设 AP 交 QF 于 MQMP 为AMQ 和FMP 共同的外角QMP=Q+PAQ=APB+QFC，由ABPAEQ 得Q=APB，由旋转知PAQ=60，.z.AB 时，如图 2 情形，不失一般性结论仍然
28、成立，不分类讨论-QFC=PAQ=60，3在图 1 中，过点 F 作 FGBE 于点 GABE 是等边三角形，BE=AB=2由1得EBF=30在 RtBGF 中，BG=，BF=2EF=21 分ABPAEQQE=BP=*，QF=QE+EF=*+22 分过点 Q 作 QHBC，垂足为 H在 RtQHF 中，y=QH=sin60QF=即 y 关于*的函数关系式是：y=*+2 *0*+3 分点评：此题把图形的旋转，与三角形的全等，三角函数，以及函数相结合，是一个比拟难的题目10 2021在平行四边形 ABCD 中，过点 C 作 CECD 交 AD 于点 E，将线段EC 绕点 E 逆时针旋转 90得到线
29、段 EF如图 11在图 1 中画图探究：当 P 为射线 CD 上任意一点P1不与 C 重合时，连接 EP1；绕点 E 逆时针旋转 90得到线段 EG1判断直线 FG1与直线 CD 的位置关系，并加以证明；当 P2为线段 DC 的延长线上任意一点时，连接 EP2，将线段 EP2绕点 E 逆时针旋转 90得到线段 EC2判断直线 C1C2与直线 CD 的位置关系，画出图形并直接写出你的结论.z.-2假设 AD=6，tanB=，AE=1，在的条件下，设 CP1=*，SP1FG1=y，求 y与*之间的函数关系式，并写出自变量*的取值围考点：二次函数综合题。专题：探究型。分析：1说明P1EC 按要求旋转
30、后得到的G1EF 全等，再结合P1CE=G1FE=90去说明；按照要求画出图形，由图形即可得出答案；2当点 P1在线段 CH 的延长线上时，结合说明 CE=4，且由四边形 FECH是正方形，得 CH=CE=4，再根据题设可得 G1F=*P1H=*4，进而可得 y 与*之间的函数关系式；当点P1在线段 CH 上时，同理可得FG1=*，P1H=4*，进而可得 y 与*之间的函数关系式；当点 P1与点 H 重合时，说明P1FG1不存在，再作综合说明即可此题第二问较难学生不明确点P1的几种位置情况，因而不能讨论此题考察图形变换和动点问题，而且代数和几何结合，有一定难度注意的问题：一是函数关系式不止一种
31、，二是自变量的取值围要正确画出1观察图形可知重叠三角形 ABC是边长为 2 的等边三角形，则这个三角形底边上的高为，；所以重叠三角形 ABC的面积=2由折叠的性质和可知：AD=AD=m，BD=BD=8m，所以AB=BC=82m，AB边上的高=4m，所以重叠三角形 ABC的面积=82m4m=4m2；当 D 为 AB 边中点时“重叠三角形不存在，故 m4而当 D 在 AB 的 点处，即 AD=时，点 B和点 C恰在矩形 DEFG边上，符合题意；当 AD 时，点 B和点 C就在矩形 DEFG 外了，这与不符，故 m，因此 m 的取值围为 m4.z.-解答：解：1直线 FG1与直线 CD 的位置关系为
32、互相垂直证明：如图 1，设直线 FG1与直线 CD 的交点为 H线段 EC、EP1分别绕点 E 逆时针旋转 90依次得到线段 EF、EG1，P1EG1=CEF=90，EG1=EP1，EF=ECG1EF=90P1EF，P1EC=90P1EF，G1EF=P1ECG1EFP1ECG1FE=P1CEECCD，P1CE=90，G1FE=90 度EFH=90 度FHC=90 度FG1CD按题目要求所画图形见图 1，直线 G1G2与直线 CD 的位置关系为互相垂直2四边形 ABCD 是平行四边形，B=ADCAD=6，AE=1，tanB=，DE=5，tanEDC=tanB=可得 CE=4由1可得四边形 EFC
33、H 为正方形CH=CE=4如图 2，当 P1点在线段 CH 的延长线上时，.z.-FG1=CP1=*，P1H=*4，SP1FG1=FG1P1H=y=*22*4 如图 3，当 P1点在线段 CH 上不与 C、H 两点重合时，FG1=CP1=*，P1H=4*，SP1FG1=FG1P1H=y=*2+2*0*4 当 P1点与 H 点重合时，即*=4 时，P1FG1不存在综上所述，y 与*之间的函数关系式及自变量*的取值围是 y=*22*4或y=*2+2*0*4 点评：此题着重考察了二次函数解、图形旋转变换、三角形全等、探究垂直的构成情况等重要知识点，综合性强，能力要求较高考察学生分类讨论，数形结合的数
34、学思想方法11：如图 1四边形 ABCD 是菱形，AB=6，B=MAN=60绕顶点A 逆时针旋转MAN，边 AM 与射线 BC 相交于点 E点 E 与点 B 不重合，边 AN 与射线 CD 相交于点 F1当点 E 在线段 BC 上时，求证：BE=CF；2设BE=*，ADF的面积为 y当点E 在线段 BC 上时，求y 与*之间的函数关系式，写出函数的定义域；3连接 BD，如果以 A、B、F、D 为顶点的四边形是平行四边形，求线段 BE的长考点：菱形的性质；全等三角形的判定与性质；平行四边形的性质。分析：1连接 AC，通过证明ABEACFASA即可得出 BE=CF；.z.-2 过点 A 作 AHC
35、D，垂足为 H，先根据勾股定理求出 AH 的长，又 CF=BE=*，DF=6*，根据三角形的面积公式即可列出函数关系式；3根据题意画出图形，并连接BD，先根据四边形BDFA 是平行四边形，证出BAE 为直角，在 RtABE 中，B=60，BEA=30，AB=6，继而即可求出 BE 的长解答：解：1连接 AC如图 1 由四边形 ABCD 是菱形，B=60，易得：BA=BC，BAC=DAC=60，ACB=ACD=60ABC 是等边三角形AB=AC又BAE+MAC=60，CAF+MAC=60，BAE=CAF在ABE 和ACF 中，BAE=CAF，AB=AC，B=ACF，ABEACFASA BE=CF2过点 A 作 AHCD，垂足为 H如图 2在 RtADH 中，D=60，DAH=9060=30，.又 CF=BE=*，DF=6*，SADF=DFAH，即0*6 3如图 3，连接 BD，易得.z.-当四边形 BDFA 是平行四边形时，AFBDFAD=ADB=30DAE=6030=30，BAE=12030=90在 RtABE 中，B=60，BEA=30，AB=6易得：BE=2AB=26=12点评：此题考察菱形的性质、全等三角形的判定与性质及平行四边形的性质，是一道综合题，有一定难度，关键是对这些知识的熟练掌握以便灵活运用.z.