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1、2022-2022学年高一数学下学期期末复习备考之精准复习模拟题B卷01江苏版一、填空题1，且，那么的值为_【答案】【解析】分析：利用两角和与差的正切函数公式，即可化简求值详解：由，那么点睛：此题主要考查了三角函数的化简求值问题，其中把角转化为和熟记两角和与差的正切公式是解答的关键，着重考查了转化意识和推理、运算能力2在中，角所对的边分别是，假设，.那么_.【答案】2点睛：此题主要考查了解三角形的问题，考查了正弦定理、余弦定理的应用和方程思想的灵活运用，属于根底题.3在中，内角的对边分别为，且，那么的面积为_【答案】8【解析】分析：利用两角和的正弦函数公式和即可得出，从而得出，再利用正弦定理求
2、出，代入面积公式即可得出三角形的面积.详解：，即，由正弦定理得：，即，故答案为8.点睛：此题考查了正弦定理在解三角形中的应用，两角和差的三角函数以及三角形面积的求法，属于中档题.4在斜三角形ABC中，假设 ,那么的最大值为_【答案】【解析】分析：由可得sin2C=4sinAsinBcosC，即2a2+b2=3c2，再由余弦定理结合根本不等式求出cosC的最小值，那么sinC的最大值可求整理得2a2+b2=3c2，cosC=，那么sinC=即sinC的最大值为故答案为：点睛：在利用根本不等式求最值时，要特别注意“拆、拼、凑等技巧，使其满足根本不等式中“正(即条件要求中字母为正数)、“定(不等式的
3、另一边必须为定值)、“等(等号取得的条件)的条件才能应用，否那么会出现错.5在ABC中，角，所对的边分别为，c那么角的大小_【答案】；【解析】分析：根据余弦定理，将题中等式化简整理，可得sinBcosC=2sinAcosBsinCcosB，利用两角和正弦公式化简得2sinAcosB=sinB+C=sinA，在两边约去sinA得，结合三角形内角取值范围即可得到角B的大小.sinA0，等式两边约去sinA，可得，0B，角B的大小点睛：点睛：1在三角形中根据条件求未知的边或角时，要灵活选择正弦、余弦定理进行边角之间的转化，以到达求解的目的2求角的大小时，在得到角的某一个三角函数值后，还要根据角的范围
4、才能确定角的大小，这点容易被无视，解题时要注意6在ABC中，三个内角A，B，C，所对的边分别为，假设 ,那么B=_.【答案】.【解析】根据正弦定理，结合题中的条件可知，即，所以，结合三角形内角的取值范围可知.7中，假设解此三角形时有两解，那么的取值范围为 _【答案】 【解析】由余弦定理有，即，因为此方程有两解，所以 ，且，解得。点睛：此题主要考查余弦定理，解题关键是将看作关于的一元二次方程，由得且判别式大于零，从而得出的范围。8双曲线的一条渐近线方程是yx，它的一个焦点与抛物线y216x的焦点相同，那么双曲线的方程为_.【答案】点睛：此题主要考查了双曲线和抛物线的标准方程及其几何性质的应用，其
5、中熟记圆锥曲线的几何性质是解答的关键，着重考查了推理与运算能力9假设直线被圆所截得的弦长为，那么实数的值为_【答案】0或4【解析】分析：利用垂径定理布列a的方程，从而得到实数的值.详解：圆圆心为：0，半径为：2圆心到直线的距离为：，即，a=4，或a=0故答案为：0或4点睛：当直线与圆相交时，弦长问题属常见的问题，最常用的手法是弦心距，弦长一半，圆的半径构成直角三角形，运用勾股定理解题.10函数有且只有一个零点，那么实数b的取值范围是_.【答案】【解析】分析：函数有零点是函数图象的交点，利用函数和的图象，即可求出参数的取值范围点睛：此题主要考查了函数零点的应用问题，其中解答中把函数有零点转化为函
6、数图象得交点是解答的关键，着重考查了转化与化归思想和数形结合思想，以及分析问题和解答问题的能力11两圆相交于两点，且两圆的圆心都在直线上，那么的值是_【答案】-3【解析】分析：求出两点的中点坐标，代入直线方程，在根据垂直关系得到斜率互为负导数，联立方程组，求解即可详解：两圆相交于两点A2，3和Bm，2，且两圆圆心都在直线上，可得KAB=，即1=，AB的中点，在直线上，可得+n=0，由可得m=1，n=4，m+n=3故答案为：3点睛：此题考查了两圆间的位置关系问题，解题关键两圆的圆心连线垂直平分两点的连线.12两条平行直线与的距离是_【答案】13过点引圆的切线，那么切线长为_【答案】4【解析】分析
7、：求出点到圆心C1，1的距离和圆的半径，利用勾股定理求得切线长详解：由圆的标准方程x12+y12=4，得到圆心A坐标1，1，半径r=|AB|=2，又点P3，5与A1，1的距离|AP|=，由直线PB为圆A的切线，得到ABP为直角三角形，根据勾股定理得：|PB|=那么切线长为故答案为：4点睛：此题主要考查了直线与圆相切属于根底题；当直线与圆相切时，其性质圆心到直线的距离等于半径是解题的关键.14如下图,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,M,N分别为棱C1D1,C1C的中点,有以下四个结论:直线AM与CC1是相交直线;直线AM与BN是平行直线;直线BN与MB1是异面直线; 直线MN与AC所成的角
8、为60.其中正确的结论为_(注:把你认为正确的结论序号都填上).【答案】；【解析】分析：利用两条直线是异面直线的判断方法来验证的正误，利用平移法，判断，得到结论点睛：此题考查异面直线的判定方法，考查两条直线的位置关系，两条直线有三种位置关系，异面，相交或平行二、解答题15向量与共线，其中A是ABC的内角1求角的大小； 2假设BC=2，求ABC面积的最大值，并判断S取得最大值时ABC的形状.【答案】12ABC为等边三角形【解析】分析：1由，得，利用三角恒等变换的公式，求解，进而求解角的大小；2由余弦定理，得和三角形的面积公式，利用根本不等式求得，即可判定当时面积最大，得到三角形形状 详解：1因为
9、m/n,所以.所以，即， 即. 因为 , 所以. 故，. 点睛：此题主要考查了利用正弦定理和三角函数的恒等变换求解三角形问题，对于解三角形问题，通常利用正弦定理进行“边转角寻求角的关系，利用“角转边寻求边的关系，利用余弦定理借助三边关系求角，利用两角和差公式及二倍角公式求三角函数值. 利用正、余弦定理解三角形问题是高考高频考点，经常利用三角形内角和定理，三角形面积公式，结合正、余弦定理解题.16函数， (1) 当m=0时，求在区间上的取值范围；(2) 当时， ，求m的值【答案】12. 【解析】分析：1把m=0代入，整理后可得，再利用x的范围求得相位的范围，那么fx在上的取值范围可求；2直接利用
10、万能公式化为关于tan的代数式，代值后可求m的值详解：1当m=0时， ，由，得从而得：的值域为2化简得：当，得：， 代入上式，m=-2. 点睛：此题考查三角函数中的恒等变换应用，考查了三角函数的图象和性质，考查计算能力及逻辑推理能力，是中档题17ABC的三个内角A、B、C的对边分别是a, b, c，且(1)求B的大小； (2)假设，求ABC的面积.【答案】12 (2) =18空间四边形ABCD，E、H分别是AB、AD的中点， F、G分别是CB、CD上的点，且1求证：四边形是梯形；2假设，求梯形的中位线的长.【答案】1见解析；2【解析】分析：1首先根据三角的中位线定理得到，且，根据三角形相似得到
11、，且，从而，且成立，即可得结论；2根据梯形中位线的长度等于上底和下底之和的一半可得结果.2由1知， 从而，梯形的中位线的长为.点睛：此题考查直线与直线平行的判定，梯形中位线的长度，考查学生分析解决问题的能力，属于根底题.19圆,直线1求证：直线过定点；2求直线被圆所截得的弦长最短时的值；3点，在直线MC上C为圆心，存在定点N异于点M，满足：对于圆C上任一点P，都有为一常数，试求所有满足条件的点N的坐标及该常数【答案】1直线过定点23在直线上存在定点，使得为常数详解：依题意得， 令且，得直线过定点当时，所截得弦长最短，由题知， ，得， 由得 法一：由题知，直线的方程为，假设存在定点满足题意，那么
12、设， ，得 ，且 整理得， 上式对任意恒成立， 且解得 ,说以舍去，与重合，综上可知，在直线上存在定点，使得为常数 点睛：过定点的直线系A1xB1yC1A2xB2yC2=0表示通过两直线l1A1xB1yC1=0与l2A2xB2yC20交点的直线系，而这交点即为直线系所通过的定点。20圆：1直线过点，被圆截得的弦长为，求直线的方程；2直线的的斜率为1，且被圆截得弦，假设以为直径的圆过原点，求直线的方程【答案】12【解析】分析：1确定圆心坐标与半径，对斜率分类讨论，利用直线l1圆C截得的弦长为4，即可求直线l1的方程；2设直线l2的方程为y=x+b，代入圆C的方程，利用韦达定理，结合以AB为直径的圆过原点，即可求直线l2的方程当直线斜率存在时可设方程为 即由被圆截得的弦长为，那么圆心C到的距离为解得方程为 即由上可知方程为：或2设直线的方程为，代入圆C的方程得即*以AB为直径的圆过原点O，那么OAOB设，那么，即点睛：点睛：此题主要考查了直线与圆相切，直线与圆相交，属于根底题；当直线与圆相切时，其性质圆心到直线的距离等于半径是解题的关键，当直线与圆相交时，弦长问题属常见的问题，最常用的手法是弦心距，弦长一半，圆的半径构成直角三角形，运用勾股定理解题.