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1、2014-2015学年陕西省咸阳市兴平市秦岭中学高二（上）期中物理试卷 一选择题（1-5题为单选，6-10题为不确定选择，每小题4分，共40分.全对得2分，漏选得2分，错选得0分）1（4分）（2014秋兴平市校级期中）在静电场中下列说法正确的是（）A电场线是可以闭合的B正电荷在电场力的作用下一定沿电场线的方向运动C同一电荷在等势线密集处所受的电场力较大D一个绝缘导体的电荷量增加一些，导体内部的场强一定增强考点：电场线分析：电场线的方向是正电荷所受电场力的方向，而正负电荷所受的电场力的方向相反；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初
2、速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合；电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强解答：解：A、静电场中电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，故A错误；B、正电荷只在电场力作用下不一定沿电场线运动，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，故B错误；C、电场线的疏密代表电场的强弱，故电场线越密的地方场强越强，所以同一电荷在等势线密集处所受的电场力较大，故C正确D、一个绝缘导体处于静电平衡状态时，内部的场强是零，电荷量增加一些，导体内部的场强保持不变，故D错误故选：C点评：
3、记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念2（4分）（2011秋苍山县期末）关于电流，下列说法中正确的是（）A通过导线截面的电量越多，电流越大B电子运动的速率越大，电流越大C单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大D因为电流有方向，所以电流是矢量考点：电流、电压概念专题：恒定电流专题分析：电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大；电流的微观表达式I=nesv可知电流的大小跟导体的材料、横截面积和电荷定向移动的速率共同决定；矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则解答：
4、解：A、通过某一横截面积的电量与所用时间的比值等于通过导体的电流强度，故电流强度由通过导线截面的电量和通电时间共同决定，故A错误B、由电流的微观表达式I=nesv，电流的大小跟导体的材料（决定n），导体的横截面积（s）和电荷定向移动的速率（v）共同决定，故B错误C、根据I=可知，单位时间（t一定）内通过导体截面的电量（q）越多，导体中的电流（I）越大故C正确D、矢量的运算满足平行四边形定则，标量的运算满足代数法则，而电流的运算满足代数法则，故电流是标量故D错误故选C点评：掌握了基本知识就能顺利解决此类题目，故要重视基本知识的积累3（4分）（2009湖南校级模拟）关于电容器的电容，下列说法正确的
5、是（）A电容器所带的电荷越多，电容就越大B电容器两极板间的电压越高，电容就越大C电容器所带电荷增加一倍，电容就增加一倍D电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量考点：电容专题：电容器专题分析：电容表征电容器容纳电荷的本领大小，由电容器本身的特性决定，与两极板间的电压、所带的电荷量无关解答：解：A、电容器所带的电荷越多，两板间电压越大，电容C=不变，故A错误 B、电容器两极板间的电压越高，所带的电荷越多，电容C=不变，故B错误 C、电容器所带电荷增加一倍，两极板间的电压增加一倍，电容C=不变，故C错误 D、电容的物理意义是表征电容器容纳电荷本领的大小故D正确故选D点评：电容C=，采用的是比值定义法，
6、有比值定义法共性，C与U、Q无关，由电容器本身决定4（4分）（2014秋兴平市校级期中）如图所示，一带电粒子经A点沿如图所示的轨迹运动到B点，若不考虑带电粒子重力，则下列说法中正确的是（）A该粒子带正电B粒子在A点的加速度较大C粒子在A点的速度较小D粒子在A点的电势能大考点：电场线分析：首先根据粒子的运动轨迹，判断带电粒子的大体方向，再据场强方向的规定，判断粒子的电性；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，判断场强和加速度；电场力做正功时，电势能减小，电场力做负功时，电势能增加解答：解：A、带电粒子在电场中运动时，受到的电场力的方向指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，此带电的
7、粒子受到的电场力的方向为沿着电场线向左上方，与电场线方向相反，所以此粒子为负电荷，故A错误；B、由电场线的分布可知，电场线在A点处较密，所以在A点处的电场强度较大，粒子在A点时受到的电场力大，则粒子的加速度减小，故B正确；C、从A到B，电场力对粒子做负功，动能减小，速度减小，则粒子在A点的速度较大，故C错误D、粒子带正电，从A到B的过程中，电场力对粒子做负功，电势能增大，所以粒子在B的电势能较大，故D错误故选：B点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，然后利用电场线、电势、电场强度、电势能、电场力做功等之间的关系进一步判断各个物理量的变化情况5（4分）（2014
8、秋海伦市校级期中）如图所示，是两电阻R1和R2的IU关系图线，这两条直线将IU坐标系的第一象限分成了三个区域，则下列说法正确的是（）A电阻R1R2BR1、R2串联的总电阻的IU图象在区域CR1、R2串联的总电阻的IU图象在区域DR1、R2串联的总电阻的IU图象在区域考点：欧姆定律；串联电路和并联电路专题：恒定电流专题分析：据电阻的并联确定R1、R2、R并之间的大小关系，根据欧姆定律判断电压相同时的电流大小，分析坐标图不同区域的意义即可解决解答：解：A、IU图象中图象的斜率表示电阻的倒数；故电阻R1R2；故A正确；B、串联电阻的总阻值大于任一电阻，故串联后的IU图象应在区域III中；故D正确，B
9、C错误；故选：AD点评：本题考查了电阻的并联特点和欧姆定律的应用，解决本题的关键是弄清楚图象中横纵坐标的物理含义6（4分）（2014秋兴平市校级期中）下列公式中属于物理概念定义式的（）AE=BC=CI=DR=考点：电场强度；电容专题：电场力与电势的性质专题分析：分别根据物理量的关系，判断是否是定义式电场强度是由试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值来定义的解答：解：A、电场强度是由试探电荷所受的电场力与其电荷量的比值来定义的，E=是电场强度的定义式，故A正确B、电容与正对面积S成正比，与极板间的距离成反比，所以C=不属于物理概念定义式故B错误C、I=是电流强度的定义公式，是用比值定义法定义的，故
10、C正确；D、R=是电阻的决定公式，不是定义式，说明电阻与导体的材料、截面积和长度有关，故D错误；故选：AC点评：对于物理量是定义式还是与其他量的关系式是掌握准确，本题关键要知道电场强度的定义式E=，并要知道它是采用比值法定义的7（4分）（2012秋临沂期中）下列物理量中哪些与检验电荷无关？（）A电场强度EB电势UC电势能D电场力F考点：电场强度；电势；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义解答：解：电场强度E=和电势 =分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均
11、与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能EP和电场力F均与电荷有关，故CD错误，AB正确故选：AB点评：对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累8（4分）（2014秋锦州期末）在闭合电路中，下列叙述正确的是（）A当外电路断开时，路端电压等于零B闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的电阻之和成反比C当外电路短路时，电路中的电流趋近于无穷大D当外电阻增大时，路端电压将增大考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：根据闭合电路欧姆定律U=EIr可知，当外电路断开时，路端电压等于电动势当外电路短路时，电路中的电流很大，
12、但不是无穷大，因为电源有一定的内阻当外电阻增大时，电流减小，内电压减小，路端电压将增大解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律U=EIr可知，当外电路断开时，电流I=0，路端电压U=E故A错误 B、根据闭合电路欧姆定律I=得知：闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的电阻之和成反比 C、当外电路短路时，R=0，短路电流I短=，电源内阻r0，I短故C错误 D、当外电阻增大时，电流减小，内电压减小，路端电压将增大故D正确故选BD点评：本题考查对闭合电路欧姆定律的理解能力对于断路和短路两个特例，要在理解的基础上加强记忆9（4分）（2014秋兴平市校级期中）真空中有两个点电荷Q1=+3.0108C和
13、Q2=3.0108C，如图所示，它们相距r=0.1m，A点与两个点电荷的距离相等，则关于A点场强的说法中正确的是（）A大小：2.7102v/mB方向：水平向右C大小：1.8104v/mD方向：竖直向上考点：电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：根据点电荷的场强公式E=k分别求出两个电荷在A点产生的场强大小，再由平行四边形定则求解即可解答：解：根据点电荷的场强公式E=k，则得两个点电荷在A点产生的场强大小相等，均为 E=k=9109N/C=2.7104N/C点电荷Q1在A点产生的场强方向沿Q1A方向，点电荷Q2在A点产生的场强方向沿AQ2方向，两个点电荷在A点的场强方向夹角为120，根据平行
14、四边形定则得：A点的场强大小为：EA=E=2.7104N/C，方向水平向右故B正确，ACD错误故选：B点评：解决本题关键掌握点的场强公式E=k，熟练运用电场的叠加原理：平行四边形定则求解即可10（4分）（2014秋兴平市校级期中）如图所示，质量为m，电量为q的带电小球，用长为L 的绝缘的丝线悬挂在水平向右的匀强电场中，小球静止在A点时，丝线与竖直方向成角由此可以判断（）A该小球带负电B电场强度的大小E=C在A 点剪断丝线、小球将做加速度为的匀加速直线运动D将小球由A点缓慢移到B 点，小球的电势能减少了mgl（1cos）考点：共点力平衡的条件及其应用专题：电场力与电势的性质专题分析：根据共点力平
15、衡判断小球的电性以及电场强度的大小通过电场力做功判断小球电势能的变化；剪断丝线，通过小球所受的合力确定小球的运动情况解答：解：A、根据共点力平衡得，小球所受的电场力水平向右，与电场强度方向相同，小球带正电故A错误B、根据共点力平衡得，F=qE=mgtan则电场强度E=故B错误C、重力和电场力的合力为，根据牛顿第二定律得，剪断细线，小球做加速度为的匀加速直线运动故C正确；D、将小球由A点缓慢移到图中的B点，重力做功为mgl（1cos），由于有外力做功，则克服电场力所做的功不等于重力做功故D错误故选：C点评：本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律的基本运用，受力分析是解题的关键，知道电场力做功等于电势
16、能的减小量二、填空题（11-14题每空3分，作图、连线各5分）11（3分）（2014秋兴平市校级期中）如图为用游标卡尺测某圆盘直径示意图此圆盘直径为242.15mm考点：刻度尺、游标卡尺的使用专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为242mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为30.05mm=0.15mm，所以最终读数为：242mm+0.15mm=242.15mm故答案为：242.15点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12（3分）（201
17、4秋兴平市校级期中）一根电阻丝长为L，当其两端电压为U时，通过的电流为1A，现将其拉长为2L，则通过的电流为0.25A考点：欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：由导线长度的变化可知电阻的变化，再由欧姆定律可求得电流解答：解：导线拉长为2L后，横截面积减小为原来的一半，根据R=可知，电阻R=4R，根据I=可知，故答案为：0.25点评：本题考查欧姆定律及电阻定律，要注意当长度拉长2L后，导体的截面积减小为原来的一半13（3分）（2014秋兴平市校级期中）在示波管中，电子枪2s内发射了6.01013个电子，则示波管中电流的大小为4.8106A考点：电流、电压概念专题：恒定电流专题分析：每个
18、电子的电荷量大小为e=1.61019C根据电流的定义式I=，求解示波管中电流的大小解答：解：每个电子的电荷量大小为e=1.61019C，61013个电子总电荷量为q=610131.61019C=9.6106C，则示波管中电流大小为I=4.8106A故答案为：4.8106点评：本题首先要了解电子的电荷量等于元电荷，是个常量其次要掌握电流的定义式14（16分）（2014秋潍坊期中）某同学用伏安法测电阻RX，实验所用器材为：电池组（电动势为3V，内阻约为1），电流表（内阻约为0.1），电压表（内阻约为3k），滑动变阻器R（020，额定电流为2A）开关，导线若干记录数据如下： 次数 1 2 3 4 5
19、 6 7 U/V 0.10 0.30 0.70 1.00 1.50 1.70 2.30 I/A 0.020 0.060 0.160 0.220 0.340 0.460 0.520（1）由以上实验数据可知测量RX是采用图1中的图甲（选填“甲”或“乙”）（2）图2是测量RX的实验器材实物图，图中已经连接了部分导线，请根据图1所选的电路图，补充完成图中实物间的连线（3）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图3所示，图中已经标出了与测量数据相对应的四个点，请在图3中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出UI图线，由图线得到金属丝的阻值RX=4.34.7（保留两位有效数字）考点：伏安法测电
20、阻专题：实验题分析：（1）根据数据比较电压表、电流表和被测电阻的阻值关系，确定可采取的电路（2）按照电路原理图进行实物图的连接，注意导线不能交叉和滑动变阻器的连接方式（3）根据图上所标的点，做出UI图线，从而可得出电阻值解答：解：（1）由记录数据根据欧姆定律可知金属丝的电阻Rx约5则有 =50，=600，比较Rx为小电阻应该采用外接法测量误差小由（3）知是用伏安特性曲线来测量电阻的，就要求电压电流从接近0开始调节，所以应该采用分压接法甲（2）注意连图时连线起点和终点在接线柱上并且不能交叉，结合（2）可知应该连接成外接分压接法（甲）那么在连线时断开开关且使Rx两端的电压为0先连外接电路部分，再连
21、分压电路部分，此时滑片P必须置于变阻器的左端实物图如右图所示，（3）描绘出第2、4、6三个点后可见第6次测量数据的坐标点误差太大舍去，然后作出UI图线如右图所示；其中第4次测量数据的坐标点在描绘出的UI图线上，有：Rx=4.5故答案为：（1）甲；（2）如图所示；（3）4.34.7点评：该题是综合性较强的题，解答时注意一下几方面：1、会根据电压表、电流表及被测电阻的阻值关系，确定电流表是内接还是外接2、实物连接时，注意导线不能相交叉，并且要注意闭合电建时，分压电路的输出端电压要为零3、会用电阻定律来求解导线的电阻率5、了解实验误差产生的原因，并会在试验中做到尽可能的减小误差三、计算题（25分）1
22、5（10分）（2014秋兴平市校级期中）一个电流表的满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=500，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上串多大的电阻？若要将它改装成电流量程扩大倍数为n=100的电流表，应给它并一个多大的电阻？考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；恒定电流专题分析：把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，改装成电流表需要并联分流电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值解答：解：把电流表改装成电压表，串联电阻阻值：R=Rg=500=9500，把电流表量程扩大100倍，则：R=1；答：把电流表改装成电压表应在电流表上串联9500欧姆的电阻，若要将它改装成电流量程扩
23、大倍数为n=100的电流表，应给它并联一个1欧姆的电阻点评：本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表改装原理，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题16（10分）（2014秋兴平市校级期中）如图所示，电源的电动势是10V，内阻r=1，其中R1=10，R2=8，R3=R4=4求：（1）画出等效电路图（2）合上开关后流过开关的电流是多大？考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：（1）根据电路图可知，电阻3与4并联后，再与电阻2串联，最后与电阻1并联，从而作出等效电路图；（2）根据闭合电路欧姆定律，结合电路的串并联特点，即可求解解答：解：（1）根据R3与R4并联，再与R2串联，最后再与电阻
24、R1并联，则等效电路图；（2）由电路图可知，R3与R4并联，其并联电阻为R=2；再与R2串联，最后再与电阻R1并联，因此外电路的对应的外电阻R外=5；根据闭合电路欧姆定律，则有：I=A；答：（1）画出等效电路图如上所示；（2）合上开关后流过开关的电流是A点评：考查电路的串并联特点，掌握等效电路图的作法，理解闭合电路欧姆定律的应用17（5分）（2014秋抚顺期中）如图所示，光滑斜面倾角为37，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，求：（1）原来的电场强度的大小； （2）物体运动的加
25、速度；（3）沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小（sin37=0.6，cos37=0.8）考点：共点力平衡的条件及其应用；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：（1）对小球进行受力分析，应用平衡条件可求出电场力，进而求出电场强度（2）电场变化后受力分析求出合外力，应用牛顿第二定律求解加速度（3）沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小可由动能定理或运动学知识求解解答：解：（1）对小球受力分析并合成如图：由平衡条件得：F=mg在直角三角形中：tan=得：qE=mgtan，解得：（2）对小球受力分析并正交分解如图：F合=mgsin37Fcos37=ma即：解得：a=3m/s2方向：沿斜面向下（3）在下滑过程中：W=F合L由动能定理：解得：答：（1）原来的电场强度（2）物体运动的加速度为：a=3m/s2，方向：沿斜面向下（3）沿斜面下滑距离为L时物体的速度的大小为点评：问题一是平衡条件的应用，受力分析后应用平衡条件即可；问题二是牛顿运动定律的应用，关键是求合力；问题三直接应用动能定理即可，总体难度不是很大，细细分析即可 - 12 -