《2018年高考数学（文）二轮复习教师用书：第1部分 重点强化专题 专题5 突破点11 直线与圆 .doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018年高考数学（文）二轮复习教师用书：第1部分 重点强化专题 专题5 突破点11 直线与圆 .doc（9页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、专题五平面解析几何建知识网络明内在联系高考点拨平面解析几何是高考的重点内容，常以“两小一大”呈现，两小题主要考查直线与圆的位置关系圆锥曲线的图象和性质，大题常考查直线与圆、直线与圆锥曲线的位置关系；以及定点，定值，范围探索性问题，难度较大基于上述分析，本专题将从“直线与圆”“圆锥曲线的定义、方程、几何性质”“圆锥曲线中的综合问题”三条主线引领复习和提升突破点11直线与圆核心知识提炼提炼1 圆的方程(1)圆的标准方程当圆心为(a，b)，半径为r时，其标准方程为(xa)2(yb)2r2，特别地，当圆心在原点时，方程为x2y2r2.(2)圆的一般方程x2y2DxEyF0，其中D2E24F0，表示以为
2、圆心，为半径的圆.提炼2 求解直线与圆相关问题的两个关键点(1)三个定理：切线的性质定理，切线长定理，垂径定理(2)两个公式：点到直线的距离公式d，弦长公式|AB|2(弦心距d).提炼3 求距离最值问题的本质(1)圆外一点P到圆C上的点距离的最大值为|PC|r，最小值为|PC|r，其中r为圆的半径(2)圆上的点到直线的最大距离是dr，最小距离是dr，其中d为圆心到直线的距离，r为圆的半径(3)过圆内一点，直径是最长的弦，与此直径垂直的弦是最短的弦高考真题回访回访1圆的方程1(2017全国卷)已知椭圆C：1(ab0)的左、右顶点分别为A1，A2，且以线段A1A2为直径的圆与直线bxay2ab0相
3、切，则C的离心率为()A.BC. D.A由题意知以A1A2为直径的圆的圆心坐标为(0,0)，半径为a.又直线bxay2ab0与圆相切，圆心到直线的距离da，解得ab，e.故选A.2(2015全国卷)一个圆经过椭圆1的三个顶点，且圆心在x轴的正半轴上，则该圆的标准方程为_2y2由题意知a4，b2，上、下顶点的坐标分别为(0,2)，(0，2)，右顶点的坐标为(4,0)由圆心在x轴的正半轴上知圆过点(0,2)，(0，2)，(4,0)三点设圆的标准方程为(xm)2y2r2(0m0)，则解得所以圆的标准方程为2y2.回访2直线与圆的相关问题3(2016全国卷)圆x2y22x8y130的圆心到直线axy1
4、0的距离为1，则a()ABC. D2A由圆x2y22x8y130，得圆心坐标为(1,4)，所以圆心到直线axy10的距离d1，解得a.4(2016全国卷)设直线yx2a与圆C：x2y22ay20相交于A，B两点，若|AB|2，则圆C的面积为_4圆C：x2y22ay20化为标准方程是C：x2(ya)2a22，所以圆心C(0，a)，半径r，|AB|2，点C到直线yx2a即xy2a0的距离d，由勾股定理得22a22，解得a22，所以r2，所以圆C的面积为224.热点题型1圆的方程题型分析：求圆的方程是高考考查的重点内容，常用的方法是待定系数法或几何法【例1】(1)(2017厦门质检)圆C与x轴相切于
5、T(1,0)，与y轴正半轴交于两点A，B，且|AB|2，则圆C的标准方程为()A(x1)2(y)22B(x1)2(y2)22C(x1)2(y)24D(x1)2(y)24(2)(2016黄山一模)已知圆C关于y轴对称，经过点A(1,0)，且被x轴分成的两段弧长之比为12，则圆C的方程为_. 【导学号：04024101】(1)A(2)x22(1)由题意得，圆C的半径为，圆心坐标为(1，)，圆C的标准方程为(x1)2(y)22，故选A.(2)因为圆C关于y轴对称，所以圆C的圆心C在y轴上，可设C(0，b)，设圆C的半径为r，则圆C的方程为x2(yb)2r2.依题意，得解得所以圆C的方程为x22.方法
6、指津求圆的方程的两种方法1几何法，通过研究圆的性质、直线和圆、圆与圆的位置关系，进而求得圆的基本量和方程2代数法，即用待定系数法先设出圆的方程，再由条件求得各系数变式训练1 (1)已知圆M的圆心在x轴上，且圆心在直线l1：x2的右侧，若圆M截直线l1所得的弦长为2，且与直线l2：2xy40相切，则圆M的方程为()A(x1)2y24B(x1)2y24Cx2(y1)24 Dx2(y1)24(2)(2016长春一模)抛物线y24x与过其焦点且垂直于x轴的直线相交于A，B两点，其准线与x轴的交点为M，则过M，A，B三点的圆的标准方程为_(1)B(2)(x1)2y24(1)由已知，可设圆M的圆心坐标为(
7、a,0)，a2，半径为r，得解得满足条件的一组解为所以圆M的方程为(x1)2y24.故选B.(2)由题意知，A(1,2)，B(1，2)，M(1,0)，AMB是以点M为直角顶点的直角三角形，则线段AB是所求圆的直径，故所求圆的标准方程为(x1)2y24.热点题型2直线与圆、圆与圆的位置关系题型分析：直线与圆、圆与圆的位置关系是高考考查的热点内容，解决的方法主要有几何法和代数法【例2】(1)(2017合肥一模)设圆x2y22x2y20的圆心为C，直线l过(0,3)与圆C交于A，B两点，若|AB|2，则直线l的方程为()A3x4y120或4x3y90B3x4y120或x0C4x3y90或x0D3x4
8、y120或4x3y90(1)B圆的标准方程为(x1)2(y1)24，设圆心到直线l的距离为d，则|AB|222，得d1，则直线l的斜率不存在时，即x0适合题意；若直线l的斜率存在，设为k，则l：ykx3，1，解得k，此时l：yx3，即3x4y120，故选B.(2)(2016开封一模)如图111，已知圆G：(x2)2y2r2是椭圆y21的内接ABC的内切圆，其中A为椭圆的左顶点求圆G的半径r；过点M(0,1)作圆G的两条切线交椭圆于E，F两点，证明：直线EF与圆G相切. 【导学号：04024102】图111解设B(2r，y0)，过圆心G作GDAB于D，BC交长轴于H.由得，即y0，()2分而B(
9、2r，y0)在椭圆上，y1，()3分由()()式得15r28r120，解得r或r(舍去).5分证明：设过点M(0,1)与圆(x2)2y2相切的直线方程为ykx1，()则，即32k236k50，()解得k1，k2.将()代入y21得(16k21)x232kx0，则异于零的解为x8分设F(x1，k1x11)，E(x2，k2x21)，则x1，x2，9分则直线FE的斜率为kEF，于是直线FE的方程为y1.即yx，则圆心(2,0)到直线FE的距离d，故结论成立12分方法指津1直线(圆)与圆的位置关系的解题思路(1)讨论直线与圆及圆与圆的位置关系时，要注意数形结合，充分利用圆的几何性质寻找解题途径，减少运
10、算量研究直线与圆的位置关系主要通过圆心到直线的距离和半径的比较实现，两个圆的位置关系的判断依据是两圆心距离与两半径差与和的比较(2)直线与圆相切时利用“切线与过切点的半径垂直，圆心到切线的距离等于半径”建立切线斜率的等式，所以求切线方程时主要选择点斜式，过圆外一点求解切线段长可转化为圆心到圆外点的距离，利用勾股定理计算2弦长的求解方法(1)根据平面几何知识构建直角三角形，把弦长用圆的半径和圆心到直线的距离表示，l2(其中l为弦长，r为圆的半径，d为圆心到直线的距离)(2)根据公式：l|x1x2|求解(其中l为弦长，x1，x2为直线与圆相交所得交点的横坐标，k为直线的斜率)(3)求出交点坐标，用
11、两点间距离公式求解变式训练2 (1)(2016哈尔滨一模)设直线l：ykx1被圆C：x2y22x30截得的弦最短，则直线l的方程为_yx1直线l恒过定点M(0,1)，圆C的标准方程为(x1)2y24，易知点M(0,1)在圆C的内部，依题意当lCM时直线l被圆C截得的弦最短，于是k1，解得k1，所以直线l的方程为yx1.(2)已知点M(1,0)，N(1,0)，曲线E上任意一点到点M的距离均是到点N的距离的倍求曲线E的方程；已知m0，设直线l1：xmy10交曲线E于A，C两点，直线l2：mxym0交曲线E于B，D两点当CD的斜率为1时，求直线CD的方程解设曲线E上任意一点坐标为(x，y)，由题意，2分整理得x2y24x10，即(x2)2y23为所求4分由题知l1l2，且两条直线均恒过点N(1,0)，设曲线E的圆心为E，则E(2,0)，线段CD的中点为P，则直线EP：yx2，设直线CD：yxt，由解得点P.7分由圆的几何性质，|NP|CD|，而|NP|222，|ED|23，|EP|22，2232，解得t0，或t3，11分所以直线CD的方程为yx或yx3 12分