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1、江苏省宿迁市沭阳县2022-2022学年高二物理上学期期中试题含解析一、单项选择题本大题共12小题，共36分1.物理学的开展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，以下说法中错误的选项是A. 1820年，奥斯特发现了电流的磁效应B. 库伦发现了电磁感应现象C. 安培提出了分子电流假说D. 麦克斯韦最终建立了经典电磁场理论【答案】B【解析】【详解】A1820年，奥斯特发现了电流的磁效应，选项A正确，不符合题意；B法拉第发现了电磁感应现象，选项B错误，符合题意；C安培提出了分子电流假说，选项C正确，不符合题意；D麦克斯韦最终建立了经典电磁场理论
2、，选项D正确，不符合题意。2.关于电源和电流，以下各种说法中正确的选项是A. 从能量转化的角度看，电源是把电能转化为其他形式能的装置B. 电流的定义式I=q/t，适用于任何电荷的定向移动形成的电流C. 电荷定向移动的方向就是电流的方向D. 闭合回路的导体做切割磁感线的运动就一定有感应电流【答案】B【解析】【详解】A从能量转化的角度看，电源是把其他形式能转化为电能的装置，选项A错误；B电流的定义式I=q/t，适用于任何电荷的定向移动形成的电流，选项B正确；C正电荷定向移动的方向就是电流的方向，选项C错误；D闭合回路的局部导体做切割磁感线的运动就一定有感应电流，选项D错误。3.以下四图为电流产生磁
3、场的分布图,其中正确的选项是()A. B. C. D. 【答案】D【解析】根据右手定那么，中磁场方向从上往下看，沿逆时针方向，正确；中磁场方向从上往下看，沿顺时针方向，故错误；中磁场方向从左向右，错误，正确。应选：D。4.以下关于磁感应强度的说法正确的选项是A. 由定义式B知磁感应强度B与F成正比，与I和L的乘积成反比B. 通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C. 某点磁感应强度的方向就是小磁针N极在该点的受力方向D. 假设有一小段通电导体在磁场中不受磁场力的作用，那么该点的磁感应强度一定为0【答案】C【解析】【详解】A磁感应强度是由磁场本身决定的物理量，与通电导线所受安培力F以及I和L的乘
4、积无关，选项A错误； B通电导线在磁感应强度大的地方受力不一定大，还要看导线放置的方向，选项B错误；C某点磁感应强度的方向就是小磁针N极在该点的受力方向，选项C正确；D假设有一小段通电导体在磁场中不受磁场力的作用，那么该点的磁感应强度不一定为0，可能是通电导线与磁场平行，选项D错误。5.两只定值电阻R160 ，R220 ，电压表一个，练习使用电压表测电压，电路连接如下列图，电源输出电压U12 V不变，先用电压表与R1并联，电压表示数为U1，再用电压表与R2并联，电压表示数为U2，那么以下说法正确的选项是A. U1一定为9.0 VB. U2一定大于3.0 VC. U1与U2之和一定为12 VD.
5、 U1与U2之和小于12 V【答案】D【解析】【详解】不接电压表时，R1、R2串联，电压之比而U1+U2=12V解得：U1=9V，U2=3V当电压表并联在R1两端时，解得U19V同理当电压表并联在R2两端时，U23V所以U1+U212V。AU1一定为9.0 V，与结论不相符，选项A错误。BU2一定大于3.0 V，与结论不相符，选项B错误。CU1与U2之和一定为12 V，与结论不相符，选项C错误。 DU1与U2之和小于12 V，与结论相符，选项D正确。6.质量为0.2 kg的小球竖直下落，以6 m/s的速度碰触地面，再以4 m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于
6、小球动量的变化量p和合力冲量I以下说法正确的选项是A. p2 kgm/sB. p2 kgm/sC. I0.4kgm/sD. I0.4 kgm/s【答案】A【解析】【详解】AB取竖直向上方向为正方向，那么小球与地面碰撞过程中动量的变化为：p=mv2-mv1=0.26+4kgm/s=2kgm/s方向竖直向上。故A正确，B错误。CD根据动量定理可知，合力的冲量等于动量的变化，可知Ip=2kgm/s选项CD错误。7.一质点做简谐运动，其位移x与时间t的关系图象如下列图，由图可知A. 质点振动的频率是4Hz，振幅是2cmB. 03s内，质点通过的路程为6cmC. 1s末质点运动速度0D. t3s时，质点
7、的振幅为零【答案】B【解析】【详解】A质点振动的周期为T=4s，那么频率是f=1/T=0.25Hz，振幅是2cm，选项A错误；B因3s=T，可知03s内，质点通过的路程为3A=6cm，选项B正确；C1s末质点在平衡位置，此时质点的运动速度最大，选项C错误；D t3s时，质点的位移为零，振幅是2cm，选项D错误。8.甲、乙、丙三个长度、横截面积都相同的金属导体分别接入电路后各自进行测量，把通过上述导体的电流I，导体两端电压U在UI坐标系中描点，O为坐标原点，甲、乙、丙三个点恰好在一条直线上，如下列图，那么以下表述中正确的选项是A. 甲电阻率最大B. 乙电阻率最大C. 丙电阻率最大D. 三个电阻率
8、一样大【答案】A【解析】【详解】根据U=IR可知，U-I图象上各点与原点连线的斜率的大小表示电阻，由图像可知，甲与原点连线的斜率最大，那么其对应的电阻最大，丙的斜率最小，那么其对应的电阻最小；由于三个长度、横截面积均相同的金属导体，由电阻定律可知，电阻率，因此甲的电阻率最大，丙的电阻率最小；A甲电阻率最大，与结论相符，选项A正确；B乙电阻率最大，与结论不相符，选项B错误；C丙电阻率最大，与结论不相符，选项C错误；D三个电阻率一样大，与结论不相符，选项D错误；9.某同学测量一个圆柱体工件的电阻率，分别使用游标卡尺和螺旋测微器测量圆柱体工件的直径和长度，某次测量的示数如图甲和乙所示，以下读数都正确
9、的选项是A. 4.83cm 5.387mmB. 5.03cm 5.313mmC. 5.93cm 5.813mmD. 6.03cm 6.313mm【答案】B【解析】【详解】甲的读数：5cm+0.1mm3=5.03cm；乙的读数：5mm+0.01mm31.3=5.313mm.A4.83cm 5.387mm，与结论不相符，选项A错误；B 5.03cm 5.313mm，与结论相符，选项B正确；C5.93cm 5.813mm，与结论不相符，选项C错误；D6.03cm 6.313mm，与结论不相符，选项D错误；10.LED 灯是一种半导体新型节能灯。某种型号的 LED 灯在一定电压范围内的工作电流是 20
10、 mA，在不同电压下发出不同颜色的光：当两端电压为 1.8 V 时，发黄光 ；当两端电压为 1.4 V 时，发红光 ；当两端电压为 3.2 V 时，发蓝光。广告牌上 LED 灯数量为 10000 个 /m2，那么一块 8 m2 的 LED 广告牌发红光时，需要供给的电功率大约是A. 500wB. 100wC. 1250wD. 2300w【答案】D【解析】【详解】LED 广告牌发红光时功率：A500W，与结论不相符，选项A错误；B100W，与结论不相符，选项B错误；C1250W，与结论不相符，选项C错误；D2300W，与结论相符，选项D正确；11.以下列图为同一实验中甲、乙两个单摆的振动图象，从
11、图象可知甲、乙摆长之比为A. 1:2B. 2:1C. 1:1D. 2:3【答案】C【解析】【详解】由图像可知，根据 可知甲、乙摆长之比为1:1；A1:2，与结论不相符，选项A错误；B2:1，与结论不相符，选项B错误；C1:1，与结论相符，选项C正确；D2:3，与结论不相符，选项D错误；12.充电宝内部的主要部件是锂电池，充电宝中的锂电池在充电后，就是一个电源，可以给 充电。机场规定：严禁携带额定能量超过160 Wh的充电宝搭乘飞机。某同学的充电宝铭牌上面写着“10 000 mAh和“3.7V以下说法正确的选项是A. 按规定不能携带该充电宝搭乘飞机B. 160 Wh 指功率C. 10 000 m
12、Ah是指电荷量D. 10 000 mAh是指电动势【答案】C【解析】【详解】A根据W=IUt=qU=10 000 mAh3.7V=10Ah3.7V=37Wh160 Wh，那么可带上飞机，选项A错误；B160 Wh 是指能量，选项B错误；CD根据q=It可知，10 000 mAh是指电荷量，选项C正确，D错误。二、多项选择题本大题共4小题，共16分13.以下表达正确的选项是A. 一切物体都在辐射电磁波，电磁波具有能量B. 光一种电磁波C. 普朗克提出了能量子假说D. 自然界的能量守恒，不同形式的能可互相转化，所以不需要节约能源【答案】ABC【解析】【详解】A一切物体都在辐射电磁波，电磁波具有能量
13、，选项A正确；B光是一种电磁波，选项B正确；C普朗克提出了能量子假说，选项C正确；D自然界的能量守恒，但能直接应用的能源使用后品质降低，不能直接应用，所以可利用能源越来越少，需要节约能源，故D错误。14.在用单摆测定重力加速度的实验中，以下说法中正确的选项是A. 对重力加速度测量值影响较大的是周期的测量B. 摆球尽量选择质量大些、体积小些的C. 用刻度尺测量摆线的长度，这就是单摆的摆长D. 摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些【答案】ABD【解析】【详解】A根据可得可知，对重力加速度测量值影响较大的是周期的测量，选项A正确；B摆球尽量选择质量大些、体积小些的，以减小振动时的阻力的影
14、响，选项B正确；C用刻度尺测量摆线的长度，加上摆球的半径才是单摆的摆长，选项C错误；D为了让摆长不变，阻力小一些，摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些，选项D正确。15.某实验装置如下列图，在铁芯P上绕着两个线圈A和B。在线圈A中通入电流i与时间t的关系如下列图，那么在t1t2这段时间内，可以观察到线圈B中有感应电流的是A. B. C. D. 【答案】BCD【解析】【详解】A由图A可知，A中电流不变，电流产生的磁场不变，穿过B的磁通量不变，不产生感应电流，故A错误。BCD由图BCD可知，通过A的电流发生变化，电流产生的磁感应强度发生变化，穿过B的磁通量发生变化，产生感应电流，故BC
15、D正确。16.如图甲、乙所示的电路图为电表改装的示意图，G为表头、R为可调电阻，那么以下说法正确的选项是A. 图甲为电流表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大B. 图甲为电流表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小C. 图乙为电压表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程增大D. 图乙为电压表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，改装后电表的量程减小【答案】AD【解析】【详解】AB图甲可变电阻与电流计并联，为电流表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，那么可调电阻上的分流会变大，那么改装后电表的量程增大，选项A正确，B错误；CD图乙可变电阻与电流计串联，那么
16、为电压表改装的原理图，减小可调电阻的阻值，可调电阻上的分压会减小，那么改装后电表的量程减小，选项C错误，D正确。三、实验题本大题共3小题，共14分17.用半径均为r的小球1和小球2做碰撞验证动量守恒定律，实验装置如下列图，斜槽与水平槽圆滑连接。安装固定好实验装置，竖直挡板上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，用夹子固定住，小球圆心与O点位置等高。接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并碰上竖直挡板。重复屡次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置P；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞。重复屡
17、次，并使用与1同样的方法标出碰撞后两小球落点的平均位置N、M；步骤3：用毫米刻度尺测得O点与M、P、N三点的竖直方向的距离分别为h1、h2、h3。1设球1和球2的质量为m1、m2，那么关于步骤2中的说法，正确的选项是 A球1、球2的落点分别是N、M B球1、球2的落点分别是M、NC如果两球质量相等，那么球2的落点介于ON之间 D球1的质量应该小于球2的质量2当所测物理量满足以下表达式 时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。A BC D【答案】 (1). B (2). A【解析】【详解】1AB、小球离开轨道后做平抛运动，小球在水平方向的位移d相等，小球做平抛运动的时间为：小球在竖直方向的位移为：由
18、于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，两球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的竖直分位移大于球2的竖直分位移，由图示可知，球1、球2的落点分别是：M、N，故A错误，B正确；C、如果两球质量相等，两球发生弹性碰撞后两球交换速度，碰撞后球1静止、球2做平抛运动，球2的落点为P，故C错误；D、为防止入射球反弹，球1的质量应大于球2的质量，故D错误；22小球离开轨道后做平抛运动，水平方向：d=v0t竖直方向：解得：由题意可知，碰撞前球1的速度为：碰撞后球1的速度为：碰撞后球2的速度为：碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v
19、2整理得：应选A.18.目前很多用电器的指示灯是发光二极管。某厂家提供的某种型号发光二极管的伏安特性曲线如下列图，该二极管的正常工作电压为3.0V，允许通过的最大电流为56mA。1该二极管正常工作时阻值约为 A5 B15 C75 D302某同学用中值电阻为10的多用电表欧姆挡测量该二极管的正向电阻，以下测量方法更合理的是 A. B.C.D.【答案】 (1). C (2). A【解析】【详解】11二极管电阻：应选C.22欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，红表笔与内阻电源负极相连，测二极管正向电阻，欧姆表黑表笔与二极管正极相连，红表笔与二极管负极相连，用欧姆表测电阻要选择适宜的挡位使指针指在中央刻度
20、线附近，由图示电路图可知，图A所示正确；19.某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有以下器材：A被测干电池二节B电流表A:量程00.6A，内阻为0.5C电压表V:量程03V，内阻未知D滑动变阻器R:010，2AE开关、导线假设干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材的条件下，为消除上述系统误差，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。1实验电路图应选择上图中的_填“甲或“乙2根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-I图象。由此可知，每节电源的电动势E =_V，内电阻r = _。结果保存二位小数【答案】 (1). 乙 (
21、2). 150 (3). 1.41【解析】【详解】因电流表内阻一直，那么可让电流表与电池串联，将电流表内阻等效为电源内阻，故电路图选择乙；2由U-I图可知，电源的电动势2E=3.00V；那么E=1.50V；那么r=1.41四、计算题本大题共3小题，共34分20.一个质量为50kg的运发动进行蹦床运动表演，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处。运发动与网接触的时间为0.5s，取10 m/s2。1求运发动从开始下落到与网接触前，重力的冲量；2求运发动从接触网到离开网，网对运发动的平均作用力大小。【答案】1400Ns22300N【解析】【详解】1由得=0.8
22、s由得=400Ns2由得v1=8m/s由得=10m/s设竖直向下为正方向由得=2300N21.现有电动势为1.5V、内阻为1.0的电池多节，准备用几节这样的电池串联起来对一个正常工作电压为6.0V、工作电流为0.1A的小灯泡供电。问：1最少需要用几节这种电池？ 2电路还需要一个定值电阻来分压，请计算这个电阻的阻值。【答案】1最少需要用5节这种电池；2电路还需要一个阻值为10的定值电阻分压【解析】【详解】1设至少需要n节电池，串联的分压电阻为R0，因为路端电压必须大于或等于用电器的额定电压，即nE0-Inr0U得到n=可见n取整数的最小值为5。2此时路端电压U=5E0-I5r0=7V需要串联的分
23、压电阻为R0=10；22.如下列图，质量M=1.0kg的木板静止在光滑水平面上，质量m=0.495kg的物块可视为质点放在的木板左端，物块与木板间的动摩擦因数=0.4。质量m0=0.005kg的子弹以速度v0=300m/s沿水平方向射入物块并留在其中子弹与物块作用时间极短，木板足够长，g取10m/s2。求： 1物块的最大速度；2木板的最大速度。【答案】13m/s21m/s【解析】【详解】1子弹射入物块后一起向右滑行的初速度即为物块的最大速度，取向右为正方向，根据子弹和物块组成的系统动量守恒得： 解得：=3m/s2当子弹、物块和木板三者速度相同时，木板的速度最大，根据三者组成的系统动量守恒得：解得：=1m/s- 12 -