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1、有用标准文案学问框架数列的分类能在高考中顺当地解决数列问题；一、典型题的技巧解法数列数列的通项公式函数角度懂得的概念数列的递推关系1、求通项公式（ 1）观看法；（2）由递推公式求通项；对于由递推公式所确定的数列的求解,通常可通过对递推公式的变换转化成等等差数列的定义anan 1d n2差数列或等比数列问题；等差数列的通项公式等差数列等差数列的求和公式ana1Snn n a1a1) dn na1nn1) d(1) 递推式为 an+1=an+d 及 an+1=qan（d, q 为常数） 例 1、已知 a n 满意 an+1=an+2,而且 a1=1；求 an；22例 1、解an+1-a n =2
2、为常数 a n 是首项为 1,公差为 2 的等差数列等差数列的性质anama paq mnpq an=1+2（ n-1 ） 即 an=2n-1两个基等比数列的定义anq n2例 2、已知 a 满意 a1a ,而 a2 ,求a =？本数列an等比数列的通项公式1aa qn 1nn 1n1n2等比数列数列n1a1an qa1 1qn q1等比数列的求和公式Sn1q1qna1 q1公式法 分组求和错位相减求和等比数列的性质an amap aq mnpq（ 2） 递推式为 an+1=an+f （n）数列裂项求和例 3、已知 a 中 a1, aa1,求 a .求和倒序相加求和累加累积归纳猜想证明n解：
3、由已知可知1n 12an 1an2nn4n21n11111 2n122n12n1数列的应用分期付款其他令 n=1, 2,（ n-1 ）,代入得（ n-1 ）个等式累加,即（a2-a 1） +（ a3-a 2） +（ an-a n-1 ）把握了数列的基本学问, 特殊是等差、等比数列的定义、 通项公式、求和公式及性质, 把握了典型题型的解法和数学思想法的应用, 就有可文档大全有用标准文案ana111122 n14n34n2文档大全 说明只要和f （ 1） +f （ 2） + +f （ n-1 ）是可求的,就可以由an+1=an+f （ n）以 n=1,2,（ n-1 ）代入,可得 n-1 个等式累
4、加而求 an；3 递推式为 an+1=pan+q（ p, q 为常数）例 4、 an 中,a11 ,对于 n1（ n N）有 an3an 12 ,求an .5 递推式为an 2pan 1qan解法一： 由已知递推式得 an+1=3an+2,an=3an-1 +2；两式相减： an+1-a n=3（ an-a n-1 ）n-1n-1n-1因此数列 a n+1-a n 是公比为 3 的等比数列,其首项为a2-a 1=（ 3 1+2）-1=4思路：设apaqa , 可以变形为： aaaa ,n+1na-a=4 3 a=3a +2 3a+2-a=43即 a=23-1n 2n 1nn 2n 1n 1nn
5、+1nnnn解法二： 上法得 a n+1-a n 是公比为 3 的等比数列, 于是有： a2-a 1=4,a3-a 2=43,2n-2a4-a 3 =4 3 , an-a n-1 =4 3,把n-1个等式累加得： an=2 3n-1-14 递推式为 an+1=p a n+q n （ p, q 为常数）想于是 a n+1- an 是公比为的等比数列,就转化为前面的类型；求an ；bn 1bn2 bn3bn 1由 上 题 的 解 法 , 得 ： bn2 n323abnn2 n3 1 n22 1 n3数列求和的常用方法：1、拆项分组法 ：即把每一项拆成几项,重新组合分成几组,转化为特殊数列求和；2、
6、错项相减法 ：适用于差比数列（假如an 等差,bn 等比,那么anbn6 递推式为 Sn 与 an 的关系式叫做差比数列） 即把每一项都乘以bn 的公比 q ,向后错一项,再对应同次（ 2）试用 n 表示 an；关系；项相减,转化为等比数列求和；3、 裂项相消法 ：即把每一项都拆成正负两项,使其正负抵消,只余有限几项,可求和；适用于数列1和anan 11anan 1（其中an等差）111111可 裂 项 为 ： aa,Sn 1Snanan 1 n 22n 1 2nn 1danan 1 aaa111a1 a1n 1nn 12 n 1anan 1an 1dan nn 1n22n+1n+1nn等差数
7、列前 n 项和的最值问题 ：上式两边同乘以 2得 2an+1=2 an+2 就2 an 是公差为 2 的等差数列；n 2 an= 2+ （ n-1 ）2=2n1、如等差数列an 的首项a10 ,公差 d0 ,就前 n 项和Sn 有最大值；（）如已知通项an ,就Sn 最大an0；an 10（）如已知Spn2qn ,就当 n 取最靠近q的非零自然数时2 pSn 最特殊地 ,（1）形如 ankan 1b 、 ankan 1nb （ k ,b 为常数）的递n推数列都可以用待定系数法转化为公比为k 的等比数列 后,再求大；an ； 形2、如等差数列a的首项 a0 ,公差 d0 ,就前 n 项和 S 有
8、最小值如 akak n 的递推数列都可以除以k n 得到一个等差数列后,再求n1nnn 1（）如已知通项an ,就Sn 最小an0；an 10an ；（ 2）形如 aan 1的递推数列都可以用倒数法求通项；nkab（）如已知 Snpn2qn ,就当 n 取最靠近q的非零自然数时2 pSn 最（ 3）形如n 1n1nkaa的递推数列都可以用对数法求通项；小；数列通项的求法：（ 7）（理科） 数学归纳法 ；公式法 ：等差数列通项公式；等比数列通项公式；（ 8）当遇到an 1an 1d或 an 1q 时, 分奇数项偶数项争论 ,结果可 已 知aS1, nSn（ 即 a11) ；a2Lanfn ） 求
9、an, 用 作 差 法 ：能是分段形式 ；an 1nSnSn 1, n2f 1, n1数列求和的常用方法 ：（ 1）公式法 ：等差数列求和公式；等比数列求和公式；已知 a1ga2gL ganf n 求 an,用作商法： anf n, n f n12) ；（ 2）分组求和法 ：在直接运用公式法求和有困难时,常将“和式” 中“同类项”先合并在一起,再运用公式法求和；已知条件中既有Sn 仍有an ,有时先求Sn ,再求an ；有时也可直接求an ；（ 3）倒序相加法 ：如和式中到首尾距离相等的两项和有其共性或数列的通项与组合数相关联,就常可考虑选用倒序相加法,发挥其共性的作用求和（这也是如an 1a
10、nf n求an用累加法：等差数列前 n 和公式的推导方法） .an an a1 nan 1 an 12 ；an 2 La2a1（ 4）错位相减法 ：假如数列的通项是由一个等差数列的通项与一个等比数列的通项相乘构成, 那么常选用错位相减法 （这也是等比数列前n 和公式的推导方法） .已知an 1anf n 求an ,用累乘法 ： ananan 1an 1Lan 2a2a1 na12 ；（ 5）裂项相消法 ：假如数列的通项可“分裂成两项差”的形式,且相邻项分裂后相关联,那么常选用裂项相消法求和. 常用裂项形式有：已知递推关系求a ,用构造法 （构造等差、等比数列） ；111； 11 11 ；nnn
11、1nn1nnkk nnk22111 11,14 n1kk12 k1k1an2n 1n21111111 ；kk1 k1kk2 k1kk1k5练习11 11；n11；数列 an满意 SnSn 1n 1 , a14,求 anan n1n22nn1) n1n2 n1.n.n1.3 2n1n2122nn1（留意到aSS代入得：Sn 14nn1nnn1n 1n 1nSn二、解题方法：又S4 , S是等比数列, S4 n1nn求数列通项公式的常用方法：1、公式法n2时, anSnSn 13 4 n 12、 由Sn求an4 、叠乘法例如：数列an中, a13, an 1an,求 an1n（ n1时, a1S1
12、, n2时, anSnSn 1）n3、求差（商）法a 2a3an12n1an1解： ,如： a满意 1 a1 a1 a2 n51a1a 2an 123na1n解： nn1211时, 1 a22 22215, a12 nn14又a133, annn2 时, 11a12 a21n 1 an 12 n1525 、等差型递推公式22212得： 1 a2由a nan 1f n , a1a 0 ,求an ,用迭加法an2 n 12 nnn2时, a 2a1f 2a 3a2f 3两边相加,得：anan 1f nana1f 2 f 3f n（ann 1841）3an练习a 0f 2f 3f n7、倒数法2a数
13、列 a, a1, a3n 1an2 ,求a例如： a 11, an 1n,求 aa2n（ ann1nn 1n1 3n1 ）2由已知得：1nan2116、等比型递推公式an 12 an2anancan 1d c、d为常数, c0, c1, d0111可转化为等比数列,设anxc an 1xan 1an2a ncan 1c 1 x1为等差数列,an11,公差为 1 a12令c1 xd, xdc11111n1 n1 an22 ad是首项为 ad, c为公比的等比数列2n1c1c1ann1nadc1aad c n 1a1c1d cn 1d2数列求和问题的方法（ 1）、应用公式法n1c1c1练习等差、等
14、比数列可直接利用等差、等比数列的前n 项和公式求和,另外记住以下公式对求和来说是有益的；数列 an满意 a19 , 3a n 1an4,求an21 35 2n-1=n适用于给定式子中与首末两项之和具有典型的规律的数列,实行把正着写与倒着写的两个和式相加,然后求和；例 10、求和： S3C16C 2L3nC nnnnn例 10、解S0 . C 03C 16C 2L3nC n【例 8】 求数列 1,（ 3+5）,（ 7+9+10）,（ 13+15+17+19）,前 n 项的和； 解此题实际是求各奇数的和, 在数列的前 n 项中,共有 1+2+ +n= 1 nn12nnnnn个奇数,最终一个奇数为：
15、 1+1 nn+1-12=n2+n-12n-1（ 4）、错位相减法 S n=3n 2因此所求数列的前n 项的和为假如一个数列是由 一个等差数列与一个等比数列对应项相乘构成的,可把和式的两端同乘以上面的等比数列的公比,然后错位相减求和2例 11、 求数列 1,3x, 5x, ,2n-1xn-1前 n 项的和2n-1解设 Sn=1+3+5x + +2n-1x（ 2）、分解转化法对通项进行分解、组合, 转化为等差数列或等比数列求和；2x=0时, Sn=13 当 x 0 且 x 1 时,在式两边同乘以x 得 xS n=x+3x2+5x+2n-1x,3n2222222【例 9】求和 S=1（ n -1
16、） + 2 （ n -2 ）+3（ n -3 ） + +n（n -n ）2333323n-1n解S=n（ 1+2+3+ +n） - （ 1 +2 +3 + +n ） - ,得 1-xSn=1+2x+2x +2x+2x-2n-1x（ 3）、倒序相加法5 裂项法：把通项公式整理成两项 式多项 差的形式,然后前后相消；常见裂项方法：例 12、求和111L11. 53 . 75 . 92 n12n3此函数以 n 为自变量的二次函数；a1 0S l =Sk（ l k）, d 0 故此二次函数的图像开口向下 f （l ） =f （k）注：在消项时肯定留意消去了哪些项,仍剩下哪些项,一般地剩下的正项与负项一
17、样多；633在把握常见题型的解法的同时, 也要留意数学思想在解决数列问题2方程思想【例 14】设等比数列 a n 前 n 项和为 Sn,如 S3+S6=2S9,求数列的公比 q；分析此题考查等比数列的基础学问及推理才能；解依题意可知 q1；假如 q=1,就 S3=3a1,S6=6a1,S9=9a1；由此应推出 a1=0 与等比数列不符；q 1时的应用；二、常用数学思想方法1函数思想运用数列中的通项公式的特点把数列问题转化为函数问题解决；【例 13】等差数列 a n 的首项 a1 0,前 n 项的和为 Sn,如 Sl =Sk（ l k）问 n为何值时 Sn 最大？整理得q（2q -q-1 ） =
18、0 q 0此题仍可以作如下摸索：A 6Bn 2Cn 2D 6 或n 2 或n 2333366 16 26 16 2S6=S3+q S3=（ 1+q ） S3；S9=S3+q S6=S3（ 1+q +q ）,33663由 S3+S6 =2S9 可得 2+q =2（ 1+q +q ）, 2q +q =0二、填空题1 已 知 数 列 an中 , a11 ,an 1anan 1an , 就 数 列 通 项3换元思想an ；【例 15】已知 a,b, c 是不为 1 的正数, x, y, z R+,且2已知数列的 Snn 2n1 ,就 a 8a9a10a11a12=；求证： a, b,c 顺次成等比数列
19、；3 三 个 不 同 的 实 数a,b,c成 等 差 数 列 , 且a, c,b成 等 比 数 列 , 就xyz证明依题意令 a =b =c =k x=1ogak, y=log b k, z=log c ka: b : c ；n三、解答题1. 已知数列an的前 n 项和 Sn32 n ,求 a2 b =ac a, b,c 成等比数列（ a, b, c 均不为 0）一、挑选题数学 5（必修）其次章：数列11. 数列an的通项公式an,就该数列的前 （）项之和等于 9 ；nn12. 数列A 98B 99C 96D 97lg 1000, lg1000cos 60 0 , lg1000cos 2 60 0 ,. lg1000cosn1 600 , 的2. 在等差数列an中,如 S41, S84 ,就 a17a18a19a20 的值为（）前多少项和为最大？A 9B 12C 16D 173. 在等比数列an 中,如 a 26 ,且 a 52a 4a3120 ,就an 为（）3已知数列 an 的前 n 项和为 S n ,满意 Sn =2a n -2nn N （ 1）求数列 an 的通项公式 a n ;（ 2）如数列 bn 满意 b n=log2 an +2,Tbnn 为数列 an 的前 n 项和,求21证 T n ;2