《广东省中山市五校2022-2023学年高二下学期期中数学试题（含解析）.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省中山市五校2022-2023学年高二下学期期中数学试题（含解析）.docx（22页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、中山市20222023学年第二学期五校联考高二数学试卷命题学校：东莞市第二高级中学 命题人：一、单选题：本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 函数在处的导数是()A. 1B. C. eD. 2. 从5名学生中选出正，副班长各一名，不同的选法种数是( )A. 9B. 10C. 20D. 253. 二项式的展开式中含有项的系数为()A. 60B. 50C. 40D. 304. 已知随机变量，且，则=()A. 1B. 2C. D. 5. 若函数在上单调递增，则实数a的取值范围是()A. (-1，1)B. C. (-1，+)D. (-1，0)6
2、. 甲乙两位游客慕名来到东莞旅游，准备分别从东城黄旗山、虎门威远炮台、道滘粤晖园和长安莲花山4个景点中随机选择其中一个，记事件A：甲和乙选择的景点不同，事件B：甲和乙恰好一人选择虎门威远炮台，则条件概率=( )A. B. C. D. 7. 若函数的图象在点处的切线方程为，则( )A B. C. D. 8. 正态分布是由德国数学家高斯率先将其应用于天文学研究，这项工作对后世的影响极大，故正态分布又叫高斯分布，已知高斯分布函数在处取得最大值为，则()附：A. 0.6827B. 0.84135C. 0.97725D. 0.9545二、多选题：本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的选项中，
3、有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9. 若，则正整数x的值是()A. 1B. 2C. 3D. 410. 定义在上的函数的导函数的图象如图所示，函数的部分对应值如下表.下列关于函数的结论正确的是()x-10245f(x)13132A. 函数在和上单调递减B. 函数在的最小值为1C. 函数的极大值点的个数为2D. 若方程有3个不同的实数根，则实数a的取值范围是11. 已知函数的定义域为，其导函数满足，且，则下列结论正确的是()A. B. C. D. 12. 已知m，n均为正数，随机变量X的分布列如下表；则下列结论一定成立的是()X012PmnmA. B. C.
4、 D. 三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分，其中第16题第一空2分，第二空3分，把答案填在答题卡中的横线上，13. 若的二项展开式共有8项，则n=_.14. 函数在区间上的最大值是_.15. 对正在横行全球“新冠病毒”，某科研团队研发了一款新药用于治疗，为检验药效，该团队从“新冠”感染者中随机抽取100名，检测发现其中感染了“普通型毒株”，“德尔塔型毒株”、“其他型毒株”的人数占比为对他们进行治疗后，统计出该药对“普通型毒株”、“德尔塔型毒株”、“其他型毒株”的有效率分别为82%、60%、75%，那么你预估这款新药对 “新冠病毒”的总体有效率是_16. 函数的定义域为_；若在，a+
5、1上存在极值点，则a的取值范围是_.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知展开式中前两项的二项式系数和为7.(1)求n的值；(2)求展开式中的常数项.18. 一个袋中装有5个形状大小完全相同的小球，其中红球有2个，白球有3个，从中任意取出3个球.(1)求取出3个球恰有一个红球的概率；(2)若随机变量X表示取得红球的个数，求随机变量X的分布列.19. 已知函数(1)求函数的单调递减区间；(2)求函数的极值.20 已知函数(1)若函数的极值点，求a的值；(2)若，求证：当时，其中e为自然对数的底数.21. 高考改革新方案中语文、数学、外语为必考的3
6、个学科，然后在历史、物理2个学科中自主选择1个科目，在政治、地理、化学、生物4个学科中自主选择2个科目参加考试，称为“”模式，为了解学生选科情况，东莞某中学随机调查了该校的300名高三学生，调查结果为选历史的100人.(1)从该中学高三学生中随机抽取1人，求此人是选考历史的概率；(2)以这300名高三学生选历史的频率作为全校高三学生选历史的概率.现从该中学高三学生中随机抽取3人，记抽取的3人中选考历史的人数为X，求X的分布列与数学期望.22. 已知函数，函数(1)求单调区间；(2)当时，若与的图象在区间上有两个不同的交点，求k的取值范围中山市20222023学年第二学期五校联考高二数学试卷命题
7、学校：东莞市第二高级中学 一、单选题：本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 函数在处的导数是()A. 1B. C. eD. 【答案】B【解析】【分析】对函数求导，根据导函数求处的导数.【详解】由题意，故.故选：B2. 从5名学生中选出正，副班长各一名，不同的选法种数是( )A 9B. 10C. 20D. 25【答案】C【解析】【分析】利用排列、排列数的定义直接列式计算作答.【详解】从5名学生中选出正，副班长各一名，不同的选法种数是.故选：C3. 二项式的展开式中含有项的系数为()A. 60B. 50C. 40D. 30【答案】A【解析】
8、【分析】根据二项式展开式通项确定项的系数.【详解】由展开式通项为，所以项的系数为.故选：A4. 已知随机变量，且，则=()A. 1B. 2C. D. 【答案】D【解析】【分析】由期望的性质有，结合二项分布期望公式求参数，再由其方差公式求.【详解】由题设，则，所以.故选：D5. 若函数在上单调递增，则实数a的取值范围是()A. (-1，1)B. C. (-1，+)D. (-1，0)【答案】B【解析】【分析】问题转化为在上恒成立，求出，从而求出实数a的取值范围.【详解】，由题意得：，即在上恒成立，因为，所以恒成立，故实数a的取值范围是.故选：B6. 甲乙两位游客慕名来到东莞旅游，准备分别从东城黄旗
9、山、虎门威远炮台、道滘粤晖园和长安莲花山4个景点中随机选择其中一个，记事件A：甲和乙选择的景点不同，事件B：甲和乙恰好一人选择虎门威远炮台，则条件概率=( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】应用古典概型的概率求法求、，再由条件概率公式求.【详解】由题设，所以.故选：D7. 若函数的图象在点处的切线方程为，则( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】求出，利用导数几何意义可得出的值，再利用点为曲线与直线的公共点可求得实数的值.【详解】因为，则，则，即切线方程为，所以，解得.故选：A.8. 正态分布是由德国数学家高斯率先将其应用于天文学研究，这项工作对后世的影响极大
10、，故正态分布又叫高斯分布，已知高斯分布函数在处取得最大值为，则()附：A. 0.6827B. 0.84135C. 0.97725D. 0.9545【答案】B【解析】【分析】由题设有，根据正态分布的对称性及特殊区间的概率求.【详解】由题意知：，所以.故选：B二、多选题：本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9. 若，则正整数x的值是()A. 1B. 2C. 3D. 4【答案】AB【解析】【分析】由组合数的性质可以列出方程，求出正整数x的值【详解】由题意得：或，解得：或，经过检验，均符合题意.故选：AB10
11、. 定义在上函数的导函数的图象如图所示，函数的部分对应值如下表.下列关于函数的结论正确的是()x-10245f(x)13132A. 函数在和上单调递减B. 函数在的最小值为1C. 函数的极大值点的个数为2D. 若方程有3个不同的实数根，则实数a的取值范围是【答案】ABC【解析】【分析】利用导函数图象得到原函数的增减性，极值与最值情况，从而作出判断.【详解】根据导函数图象可以看出在和上，所以在和上单调递减，A正确；在和上，所以在和上单调递增，结合，可知在的最小值为1，B正确；函数的极大值点为0与4，即极大值点的个数为2，C正确；若方程有3个不同的实数根，及与有三个不同的交点，则实数a的取值范围是
12、，D错误.故选：ABC11. 已知函数的定义域为，其导函数满足，且，则下列结论正确的是()A. B. C. D. 【答案】BCD【解析】【分析】构造函数，利用函数的导数，判断函数的单调性，然后通过函数值判断选项的正误即可【详解】解：函数的定义域为，设，则，因为，所以，函数减函数，所以，可得，所以不正确，B正确；，所以，故C正确当，单调递减，所以，即，即，因为在上单调递增，所以，即，所以D正确故选：BCD12. 已知m，n均为正数，随机变量X的分布列如下表；则下列结论一定成立的是()X012PmnmA. B. C. D. 【答案】BC【解析】【分析】由分布列的性质有，结合基本不等式、期望公式、方
13、差性质及与期望的关系判断各选项的正误.【详解】由题意，且，而，大小不确定，A错误；，B正确；，则，当且仅当时等号成立，C正确；由，所以，不一定小于1，D错误；故选：BC三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分，其中第16题第一空2分，第二空3分，把答案填在答题卡中的横线上，13. 若的二项展开式共有8项，则n=_.【答案】【解析】【分析】根据二项式的性质计算可得；【详解】解：二项式展开式中一共有项，所以，解得；故答案为：14. 函数在区间上的最大值是_.【答案】2【解析】【分析】根据导函数得到函数单调性，从而得到在端点处取得最大值，求出，比较得到最大值.【详解】，当时，当时，所以在或处取
14、得最大值，又，综上：在区间上的最大值为2故答案为：215. 对正在横行全球的“新冠病毒”，某科研团队研发了一款新药用于治疗，为检验药效，该团队从“新冠”感染者中随机抽取100名，检测发现其中感染了“普通型毒株”，“德尔塔型毒株”、“其他型毒株”的人数占比为对他们进行治疗后，统计出该药对“普通型毒株”、“德尔塔型毒株”、“其他型毒株”的有效率分别为82%、60%、75%，那么你预估这款新药对 “新冠病毒”的总体有效率是_【答案】74%【解析】【分析】根据题意，结合概率的计算公式，准确计算，即可求解.【详解】由题意，感染了“普通型毒株”，“德尔塔型毒株”、“其他型毒株”的人数占比为且该药对“普通型
15、毒株”、“德尔塔型毒株”、“其他型毒株”的有效率分别为82%、60%、75%，所以这款新药对 “新冠病毒”的总体有效率为.故答案为：.16. 函数的定义域为_；若在，a+1上存在极值点，则a的取值范围是_.【答案】 . . 【解析】【分析】由对数函数的性质确定定义域，并求出其导函数，讨论区间单调性，进而确定极值点，根据已知求参数范围即可.【详解】由解析式知：定义域为，且，所以在上，即递减；在上，即递增；故的极小值点为，则，可得.故答案为：，.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 已知展开式中前两项的二项式系数和为7.(1)求n的值；(2)求展开式中
16、的常数项.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)依题意可得，解得；(2)写出二项式展开式的通项，再令，求出，最后代入计算可得；【小问1详解】解：展开式前两项的二项式系数的和为，解得；【小问2详解】解：展开式的通项，令，解得，展开式中的常数项为第项，即18. 一个袋中装有5个形状大小完全相同的小球，其中红球有2个，白球有3个，从中任意取出3个球.(1)求取出的3个球恰有一个红球的概率；(2)若随机变量X表示取得红球的个数，求随机变量X的分布列.【答案】(1) (2)分布列见解析.【解析】【分析】设出事件，利用超几何分布求概率公式进行求解；(2)写出随机变量X可能取值及相应的概率，求出分布列
17、.【小问1详解】设取出的3个球恰有一个红球为事件A，则【小问2详解】随机变量X可能取值为0,1,2,， 故X的分布列为：X012P19. 已知函数(1)求函数的单调递减区间；(2)求函数的极值.【答案】(1) (2)的极小值为，无极大值.【解析】【分析】(1)求导，由导函数小于0求出单调递减区间；(2)求出函数的递增区间，结合第一问求出极小值，无极大值.【小问1详解】，令，解得：，故函数的单调递减区间是【小问2详解】令得：故在单调递减，在单调递增，所以在处取得极小值，所以的极小值为，无极大值.20. 已知函数(1)若函数的极值点，求a的值；(2)若，求证：当时，其中e为自然对数的底数.【答案】
18、(1)1 (2)证明过程见解析.【解析】【分析】(1)根据极值点列出方程，求出a的值，检验得到结论；(2)求导后，构造，证明出在恒成立，从而得到当时，.【小问1详解】定义域为，因为函数的极值点，所以，即，解得：，检验，当时，是函数的极小值点，满足要求，所以【小问2详解】，令，因为，所以，当且仅当时，等号成立，故在恒成立，所以在恒成立.21. 高考改革新方案中语文、数学、外语为必考的3个学科，然后在历史、物理2个学科中自主选择1个科目，在政治、地理、化学、生物4个学科中自主选择2个科目参加考试，称为“”模式，为了解学生选科情况，东莞某中学随机调查了该校的300名高三学生，调查结果为选历史的100
19、人.(1)从该中学高三学生中随机抽取1人，求此人是选考历史的概率；(2)以这300名高三学生选历史的频率作为全校高三学生选历史的概率.现从该中学高三学生中随机抽取3人，记抽取的3人中选考历史的人数为X，求X的分布列与数学期望.【答案】(1) (2)分布列见解析，数学期望为1【解析】【分析】(1)根据古典概率求概率公式求解概率；(2)求出，从而求出分布列和数学期望.【小问1详解】设该中学高三学生中随机抽取1人，此人是选考历史为事件A，则，所以该中学高三学生中随机抽取1人，此人是选考历史的概率为【小问2详解】由题意得：全校高三学生选历史的概率为，则，则，所以X的分布列为：X0123P数学期望为22
20、. 已知函数，函数(1)求的单调区间；(2)当时，若与的图象在区间上有两个不同的交点，求k的取值范围【答案】(1)答案见解析； (2)【解析】【分析】(1)求解导函数，然后分类讨论求单调区间；(2)利用参变分离法，将题目条件转化为在上有两个不同的实根，构造函数，求导判断单调性并求解最值，从而得k的取值范围.【小问1详解】由题意可得的定义域为，且当时，由，得；由，得故函数的单调递增区间为，单调递减区间为当时，由，得；由，得故函数的单调递减区间为，单调递增区间为综上，当时，的单调递增区间为，单调递减区间为；当时，的单调递减区间为，单调递增区间为【小问2详解】当时，令，得，即，则与的图象在上有两个不同的交点，等价于在上有两个不同的实根设，则由，得；由，得函数在上单调递增，在上单调递减，故因为，且，所以要使在上有两个不同的实根，则，即k的取值范围为【点睛】导数是研究函数的单调性、极值(最值)最有效的工具，而函数是高中数学中重要的知识点，对导数的应用的考查主要从以下几个角度进行：(1)考查导数的几何意义，往往与解析几何、微积分相联系(2)利用导数求函数的单调区间，判断单调性；已知单调性，求参数(3)利用导数求函数的最值(极值)，解决生活中的优化问题(4)考查数形结合思想的应用