《43.2018学年河南省郑州外国语学校高三（上）第一次月考物理试卷（含解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《43.2018学年河南省郑州外国语学校高三（上）第一次月考物理试卷（含解析.docx（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、微信公众号：678高中初中资料库 资料正文内容开始2017-2018学年河南省郑州外国语学校高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1（4分）某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数，即为冲击力最大值下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是（）A建立“合力与分力”的概念B建立“点电荷”的概念C建立
2、“瞬时速度”的概念D研究加速度与合力、质量的关系2（4分）一质点做匀加速直线运动，依次经过A、B、C三个位置，B为AC的中点，质点在AB段的加速度为a1，在BC段的加速度为a2，现测得B点的瞬时速度vA+vC2，则a1、a2的大小关系为（）Aa1a2Ba1a2Ca1a2D不能判定3（4分）A、B是天花板上两点，一根长为l的细绳穿过带有光滑孔的小球，两端分别系在A、B点，如图甲所示；现将长度也为l的均匀铁链悬挂于A、B点，如图乙所示。小球和铁链的质量相等，均处于平衡状态，A点对轻绳和铁链的拉力分别是F1和F2，球的重心和铁链重心到天花板的距离分别是h1和h2，则（）AF1F2，h1h2BF1F2
3、，h1h2CF1F2，h1h2DF1F2，h1h24（4分）一个质量为m1kg的物体放在水平光滑地面上，在一水平外力F12N的作用下从静止开始做直线运动，物体运动5s后外力撤去，在此时刻再加上一个与F1反向的力F26N，物体又运动5s规定外力F1的方向为正方向，则在物体运动的这个10s的时间内，下列关于物体的速度图象，正确的是（）ABCD5（4分）物体A放在物体B上，物体B放在光滑的水平面上，已知mA8kg，mB2kg，A、B间动摩擦因数0.2，如图所示若现用一水平向右的拉力F作用于物体A上，g10m/s2，则下列说法正确的是（）A当拉力F16N时，A静止不动B当拉力F16N时，A相对B滑动C
4、当拉力F16N时，A受B的摩擦力等于3.2ND无论拉力F多大，A相对B始终静止6（4分）如图所示，小车沿水平地面向右匀加速直线运动，固定在小车上的直杆与水平地面的夹角为，杆顶端固定有质量为m的小球当小车的加速度逐渐增大时，杆对小球的作用力变化的受力图（OO为沿杆方向）是（）ABCD7（4分）在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于平衡状态现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中（）AF1保持不变，F3缓慢增
5、大BF1缓慢增大，F3保持不变CF2缓慢增大，F3缓慢增大DF2缓慢增大，F3保持不变8（4分）如图所示，有5000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45则第2011个小球与2012个小球之间的轻绳与水平方向的夹角的正切值等于（）A29895000B20115000C20112089D208920119（4分）如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示根据图乙中所标出的数
6、据可计算出（）A物体的质量B物体与水平面间的动摩擦因数C在F为14N时，物体的速度D在F为14N前，物体的位移10（4分）如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下下列结论正确的是（）AA环受滑竿的作用力大小为（m+M）gcosBB环受到的摩擦力fmgsinCC球的加速度agsinDD受悬线的拉力TMg11（4分）如图所示，初始时A、B两木块在水平方向的外力作用下挤压在竖直墙面上处于静止状态，A与B、B与墙面之间的动摩擦因数都为0.1，且最大静摩擦
7、力等于滑动摩擦力两木块质量相等，都为1kg，当外力F变为下列不同值时，关于A、B之间的摩擦力f1，B与墙壁之间的摩擦力f2的大小，下列说法中正确的是（g10m/s2）（）A当F0时，f1f20B当F50N时，f10，f25NC当F100N时，f15N，f210ND当F300N时，f110N，f220N12（4分）如图所示，在光滑的水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端分别放一个大小、形状、质量完全相同的物体，开始时都处于静止状态，现分别对两物体施加水平恒力F1、F2，当物体与板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，若已知v2v1，且物体与木板之间的动摩擦因数相同，
8、需要同时满足的条件是（）AF1F2，且M1M2BF1F2，且M1M2CF1F2，且M1M2DF1F2，且M1M2二、解答题（共6小题，满分52分）13（6分）一小球沿光滑斜面向下运动，用每隔0.1s曝光一次的频闪照相机拍摄下不同时刻小球的位置照片如图所示，选小球的五个连续位置A，B，C，D，E进行测量，测得距离s1，s2，s3，s4的数据如表格所示（计算结果保留三位有效数字）s1（cm）s2（cm）s3（cm）s4（cm）8.209.3010.4011.50（1）根据以上数据可知小球沿斜面下滑的加速度的大小为 m/s2；（2）根据以上数据可知小球在位置A的速度大小为 m/s14（6分）物理小组
9、在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数实验装置如图甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮：木板上有一滑块，其一端与穿过电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接打点计时器使用的交流电源的频率为50HZ开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列点（1）图乙给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个计时点（图中未标出），计数点间的距离如图所示根据图中数据计算的加速度a m/s2（保留两位有效数字）（2）为了测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的是 A木板的长度L
10、B木板的质量m1C滑块的质量m2D托盘和砝码的总质量m3E滑块运动的时间t（3）滑块与木板间的动摩擦因数 （用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）15（7分）一客运列车匀速行驶，其车轮在轨道间的接缝处会产生周期性的撞击。坐在该客车中的某旅客测得从第1次到第16次撞击声之间的时间间隔为10.0s。在相邻的平行车道上有一列货车，当该旅客经过货车车尾时，货车恰好从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动。该旅客在此后的20.0s内，看到恰好有30节货车车厢被他连续超过。已知每根轨道的长度为25.0m，每节货车车厢的长度为16.0m，货车车厢间距忽略不计。求（1）客车运行的速度大小；（2）货车运行加速
11、度的大小。16（10分）图甲是2012年我国运动员在伦敦奥运会上蹦床比赛中的一个情景设这位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，运动员的脚在接触蹦床过程中，蹦床对运动员的弹力F随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图乙所示取g10m/s2，根据Ft图象求：（1）运动员的质量；（2）运动员在运动过程中的最大加速度；（3）在不计空气阻力情况下，运动员重心离开蹦床上升的最大高度17（9分）如图所示，在倾角37的固定斜面上放置一质量M1kg、长度L3m的薄平板AB平板的上表面光滑，其下端B与斜面底端C的距离为16m在平板的上端A处放一质量m0.6kg的滑块，开始时使平板和滑块都静止，之后将它们无初速
12、释放设平板与斜面间、滑块与斜面间的动摩擦因数均为0.5，求滑块与平板下端B到达斜面底端C的时间差t（sin370.6，cos370.8，g10m/s2）18（14分）如图所示，地面依次排放两块完全相同的木板A、B，长度均为L2.5m，质量均为m2150kg，现有一小滑块以速度v06m/s冲上木板A左端，已知小滑块质量m1200kg，滑块与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数20.2（最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g10m/s2）（1）若货物滑上木板A时，木板不动，而滑上木板B时，木板B开始滑动，求1应满足的条件。（2）若10.4，求滑块运动时间。（结果用分数表示）2017-2
13、018学年河南省郑州外国语学校高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1（4分）某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数，即为冲击力最大值下列物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是（）A建立“合力与分力”的概念B建立“点电荷”的概念C建立“瞬时速度”的概念D研究加速度与合力、质量的
14、关系【考点】1U：物理学史菁优网版权所有【专题】42：等效替代法【分析】通过白纸上的球的印迹，来确定球发生的形变的大小，从而可以把不容易测量的一次冲击力用球形变量的大小来表示出来，在通过台秤来测量相同的形变时受到的力的大小，这是用来等效替代的方法【解答】解：A、合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，所以A正确。B、点电荷是一种理想化的模型，是采用的理想化的方法，所以B错误。C、瞬时速度是把很短的短时间内的物体的平均速度近似的认为是瞬时速度，是采用的极限的方法，所以C错误。D、研究加速度与合力、质量的关系的时候，是控制其中的一个量不变，从而得到其他两个物理量的关系，是采用的控制变量的方法，所
15、以D错误。故选：A。【点评】在物理学中为了研究问题方便，经常采用很多的方法来分析问题，对于常用的物理方法一定要知道2（4分）一质点做匀加速直线运动，依次经过A、B、C三个位置，B为AC的中点，质点在AB段的加速度为a1，在BC段的加速度为a2，现测得B点的瞬时速度vA+vC2，则a1、a2的大小关系为（）Aa1a2Ba1a2Ca1a2D不能判定【考点】1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；1G：匀变速直线运动规律的综合运用菁优网版权所有【专题】511：直线运动规律专题【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出两段过程中的加速度，通过作差法比较加速度的大小【解答】解：设物体AB段和BC段位移
16、均为x，第一段位移中加速度a1，第二段加速度a2对AB段：vB2-vA2=2a1x对BC段：vC2-vB2=2a2x由题意有：vB=vA+vC2由以上三式得：a2-a1=18x(vA-vC)2因为物体做加速运动x位移为正，解得：a2a1故B正确，A、C、D错误。故选：B。【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，也可以通过速度时间图线，结合图线与时间轴围成的面积相等，通过比较斜率比较加速度的大小3（4分）A、B是天花板上两点，一根长为l的细绳穿过带有光滑孔的小球，两端分别系在A、B点，如图甲所示；现将长度也为l的均匀铁链悬挂于A、B点，如图乙所示。小球和铁链的质量相
17、等，均处于平衡状态，A点对轻绳和铁链的拉力分别是F1和F2，球的重心和铁链重心到天花板的距离分别是h1和h2，则（）AF1F2，h1h2BF1F2，h1h2CF1F2，h1h2DF1F2，h1h2【考点】23：重心；29：物体的弹性和弹力；3C：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】527：共点力作用下物体平衡专题【分析】球的重心在球上，链的重心不在链上；对绳和链分别进行受力分析根据平衡条件列方程求解。【解答】解：因为是轻绳，所以绳子的质量不计，则图甲中的重力全部集中在球上，重心在球的球心，而图乙中铁链的质量是均匀的，故其重心在一定在最低点的上方，故h1h2；对球和链受力分析，如图：A点对链的拉力
18、沿着绳子的方向，A点对链子的拉力沿着该处链子的切线方向，故图乙中AB两点对链子拉力的夹角比较小，由力的合成知识知，F2较小，故选：C。【点评】本题考查绳子和链的模型的区别，关键理解轻绳是不计重力的，而链质量分布均匀，其重心根据其形状而定。4（4分）一个质量为m1kg的物体放在水平光滑地面上，在一水平外力F12N的作用下从静止开始做直线运动，物体运动5s后外力撤去，在此时刻再加上一个与F1反向的力F26N，物体又运动5s规定外力F1的方向为正方向，则在物体运动的这个10s的时间内，下列关于物体的速度图象，正确的是（）ABCD【考点】1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；37：牛顿第二定律菁优网
19、版权所有【专题】522：牛顿运动定律综合专题【分析】根据牛顿第二定律与速度公式分析物体的运动情况，然后答题【解答】解：物体在一水平外力F12N的作用下从静止开始做初速度为零的匀加速运动，5s后加一个方向的力F26N，物体先做匀减速运动，速度变为零，然后反向做匀加速运动，由牛顿第二定律得：a1=F1m2N1kg=2m/s2，a2=F2m=6N1kg=6m/s2，v1a1t12510m/s，v2v1+a2t210+（6）520m/s，由图象可知，ABC错误，D正确；故选：D。【点评】应用牛顿第二定律求出加速度、应用速度公式求出速度，分析清楚物体运动过程即可正确解题5（4分）物体A放在物体B上，物体
20、B放在光滑的水平面上，已知mA8kg，mB2kg，A、B间动摩擦因数0.2，如图所示若现用一水平向右的拉力F作用于物体A上，g10m/s2，则下列说法正确的是（）A当拉力F16N时，A静止不动B当拉力F16N时，A相对B滑动C当拉力F16N时，A受B的摩擦力等于3.2ND无论拉力F多大，A相对B始终静止【考点】27：摩擦力的判断与计算；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】34：比较思想；4N：临界法；522：牛顿运动定律综合专题【分析】隔离对B分析，求出AB相对静止时B的最大加速度，再对整体分析，求出发生相对滑动所需的最大拉力，即可判断A的运动状态，并用牛顿第二定律求摩擦力【解答】解：当A
21、、B刚要发生相对滑动时，对B，根据牛顿第二定律得整体的加速度为：a=mAgmB=0.2802=8m/s2。此时拉力F为：F（mA+mB）a108N80N。ABD、当F80N时，A，B都相对静止，当F80N时，A相对B滑动。故ABD错误。C、当F16N时，A，B相对静止，整体的加速度为：a=FmA+mB=168+2m/s21.6m/s2，对B，有：fmBa21.6N3.2N，故C正确；故选：C。【点评】本题属于动力学的临界问题，关键求出相对运动的临界加速度，判断在绳子拉力范围内是否发生相对运动，注意整体法和隔离法的运用6（4分）如图所示，小车沿水平地面向右匀加速直线运动，固定在小车上的直杆与水平
22、地面的夹角为，杆顶端固定有质量为m的小球当小车的加速度逐渐增大时，杆对小球的作用力变化的受力图（OO为沿杆方向）是（）ABCD【考点】2G：力的合成与分解的运用；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】522：牛顿运动定律综合专题【分析】小球与小车的运动情况保持一致，当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时，小球的加速度也水平向右且逐渐增大，对小球进行受力分析，根据牛顿第二定律和力的分解即可解题【解答】解：小球与小车的运动情况保持一致，故小球的加速度也水平向右且逐渐增大，对小球进行受力分析，竖直方向受平衡力，所以杆子对小球的力的竖直向上的分量等于重力且不发生变化，水平方向合力向右并逐渐增大，所以杆
23、子对小球的作用力的水平分量逐渐增大，故C正确。故选：C。【点评】本题要求同学们能根据运动情况分析物体的受力情况，并能结合牛顿第二定律及力的分解解题，难度适中7（4分）在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A，A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于平衡状态现对B加一竖直向下的力F，F的作用线通过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的作用力为F3若F缓慢增大而整个装置仍保持静止，截面如图所示，在此过程中（）AF1保持不变，F3缓慢增大BF1缓慢增大，F3保持不变CF2缓慢增大，F3缓慢增大DF2缓慢增大，F3保持不变【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C
24、：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】11：计算题【分析】分别以B和整体为研究对象，分别进行受力分析画出力的示意图，根据F的变化可知B对A的作用力，及地面对A的作用力【解答】解：对B分析，可知墙对B的作用力及A对球的作用力的合力与F及重力的合力大小相等，方向相反，故当F增大时，B对A的压力增大；即F2增大；同理可知，墙对B的作用力F1增大；对整体分析，整体受重力、支持力、摩擦力、墙对球B的压力及压力F而处于平衡，故当F增大时，地面对A的支持力增大，同时摩擦力也将增大；故F3增大；故选：C。【点评】本题由于角度不发生变化，故压力增大时，B对A的压力增大；因此本题的难度不大8（4分）如图所示，有50
25、00个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45则第2011个小球与2012个小球之间的轻绳与水平方向的夹角的正切值等于（）A29895000B20115000C20112089D20892011【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡菁优网版权所有【专题】527：共点力作用下物体平衡专题【分析】先以整体为研究对象，由平衡条件求出F的大小，再以2012个到5000个小球组成的整体为研究对象，根据平衡条件求出第2011个小球与2012个小球之间的轻绳与水平方向的夹角的正切值
26、【解答】解：以5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，根据平衡条件得 F5000mg再以2012个到5000个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2所示，则有 tan=2989mgF=29895000故选：A。【点评】本题的解题关键是选择研究对象，采用整体法与隔离法相结合进行研究，用质点代替物体，作图简单方便9（4分）如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，物体先静止后又做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示根据图乙中所标出的数据可计算出（）A物体的质量B物体与水平面间的动摩擦因数C在F为14N时，物体的
27、速度D在F为14N前，物体的位移【考点】1I：匀变速直线运动的图像；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】522：牛顿运动定律综合专题【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解【解答】解：A、物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根据牛顿第二定律得：Fmgma，解得：a=Fm-g，由a与F图线，得到：0.5=7m-10，4=14m-10，联立得，m2Kg，0.3，故AB正确；C、由于物体先静止后又做变加速运动，无法利用匀变速直线运动规律求速度和位移，又F为变力无法求F得功，从而也无法根据动能定理求速度，故CD错误；故选
28、：AB。【点评】本题关键是对滑块受力分析，然后根据牛顿第二定律列方程求解出加速度与推力F的关系式，最后结合a与F关系图象得到待求量10（4分）如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下下列结论正确的是（）AA环受滑竿的作用力大小为（m+M）gcosBB环受到的摩擦力fmgsinCC球的加速度agsinDD受悬线的拉力TMg【考点】37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】522：牛顿运动定律综合专题【分析】由C球的运动情况结合曲线运动的条件得到C环受
29、力情况并求解出加速度，然后对A环受力分析并求解A环受滑竿的作用力大小；由D球的运动情况结合曲线运动的条件得到D环受力情况并求解出加速度【解答】解：A、C、C球做直线运动，对其受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：MgsinMa 细线拉力为：TMgcos再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mgsinfma Nmgcos+T 由解得：f0N（M+m）gcos故A正确，C正确；B、D、对D球受力分析，受重力和拉力，由于做直线运动，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B求受力分析，如图，受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡
30、条件，有（M+m）gsinfN（M+m）cos故B错误，D正确；故选：ACD。【点评】本题关键灵活地选择研究对象，受力分析后根据牛顿第二定律或者平衡条件列式求解，同时要明确直线运动的条件是合力与速度共线11（4分）如图所示，初始时A、B两木块在水平方向的外力作用下挤压在竖直墙面上处于静止状态，A与B、B与墙面之间的动摩擦因数都为0.1，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力两木块质量相等，都为1kg，当外力F变为下列不同值时，关于A、B之间的摩擦力f1，B与墙壁之间的摩擦力f2的大小，下列说法中正确的是（g10m/s2）（）A当F0时，f1f20B当F50N时，f10，f25NC当F100N时，f15N
31、，f210ND当F300N时，f110N，f220N【考点】25：静摩擦力和最大静摩擦力；27：摩擦力的判断与计算菁优网版权所有【专题】524：摩擦力专题【分析】通过题意明确物体受到的最大静摩擦力，然后判断物体是否发生运动；最后再根据摩擦力的计算方法进行运算【解答】解：A、当F0时，AB间及B与地面间均没有相互的挤压，故没有摩擦力；故A正确；B、当F50N时，B与地面间的最大静摩擦力为：F0.1505N；小于两物体的重力，故整体下滑；摩擦力为滑动摩擦力，f15N；AB相对静止，整体下滑的加速度a=20-52=7.5m/s2；则AB间的摩擦力为：mgma2.5N；故f22.5N；故B错误；C、当
32、F100N时，B与墙面间及AB间最大静摩擦力fmF10N，故AB整体下滑，摩擦力f2F10N；A的重力等于AB间的最大静摩擦力；故AB不会发生相对运动，故AB间为静摩擦力；由牛顿第二定律可知，整体下滑的加速度为：a=20-102m/s25m/s2；则对A分析可知：mgfma；解得：f1mgma1055N；故C正确；D、当F300N时，最大静摩擦力为0.130030N；故两物体的重力小于最大静摩擦力；同理A受到的最大静摩擦力也为30N，A也处于静止，故两物体均保持静止，摩擦力均等于重力，故f110N，f220N；故D正确；故选：ACD。【点评】本题考查摩擦力的大小计算，在求摩擦力的大小时一定要先
33、明确所要求的摩擦力是静摩擦力还是滑动摩擦力；然后才能根据两种摩擦力的不同求法进行运算12（4分）如图所示，在光滑的水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端分别放一个大小、形状、质量完全相同的物体，开始时都处于静止状态，现分别对两物体施加水平恒力F1、F2，当物体与板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，若已知v2v1，且物体与木板之间的动摩擦因数相同，需要同时满足的条件是（）AF1F2，且M1M2BF1F2，且M1M2CF1F2，且M1M2DF1F2，且M1M2【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】522：牛顿运动定
34、律综合专题【分析】分别隔离对物块和木板受力分析，结合牛顿第二定律和运动学公式分析求解【解答】解：在物块与木板相对滑动时，都做匀加速直线运动，对物块有a=F-mgm，对木板有a=mgM，A、F1F2，则a1a2，M1M2，a1a2根据12a1t12-12a1t12=L，12a2t22-12a2t22=L，可知t1t2，根据vat知，v1v2故A正确。B、F1F2，则a1a2，M1M2，a1a2根据12a1t12-12a1t12=L，12a2t22-12a2t22=L，可知t1t2，根据vat知，v1v2故B错误。C、F1F2，且M1M2，则a1a2，a1a2，根据12a1t12-12a1t12=
35、L，12a2t22-12a2t22=L，可知t1t2，根据vat知，无法确定v1与v2大小关系，故C错误。D、F1F2，则a1a2，M1M2，a1a2根据12a1t12-12a1t12=L，12a2t22-12a2t22=L，可知t1t2，根据vat知，无法确定v1与v2大小关系，故D错误。故选：A。【点评】解决本题的关键正确地受力分析，结合牛顿第二定律和运动学公式，抓住物体的位移之和等于板长进行求解二、解答题（共6小题，满分52分）13（6分）一小球沿光滑斜面向下运动，用每隔0.1s曝光一次的频闪照相机拍摄下不同时刻小球的位置照片如图所示，选小球的五个连续位置A，B，C，D，E进行测量，测得
36、距离s1，s2，s3，s4的数据如表格所示（计算结果保留三位有效数字）s1（cm）s2（cm）s3（cm）s4（cm）8.209.3010.4011.50（1）根据以上数据可知小球沿斜面下滑的加速度的大小为1.10m/s2；（2）根据以上数据可知小球在位置A的速度大小为0.765m/s【考点】1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系菁优网版权所有【专题】511：直线运动规律专题【分析】根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小球沿斜面下滑的加速度大小根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，结合速度时间公式求出A位置的速度【解答】解：（
37、1）根据xaT2得，小球下滑的加速度大小a=xT2=1.1010-20.01m/s2=1.10m/s2（2）B点的瞬时速度vB=s1+s22T=(8.20+9.30)10-20.2m/s0.875m/s，则A位置的瞬时速度vAvBaT0.8751.10.1m/s0.765m/s故答案为：（1）1.10（2）0.765【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷14（6分）物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数实验装置如图甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮：木板上有一滑块，其一端与穿过电磁打点计时
38、器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接打点计时器使用的交流电源的频率为50HZ开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列点（1）图乙给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个计时点（图中未标出），计数点间的距离如图所示根据图中数据计算的加速度a0.49m/s2（保留两位有效数字）（2）为了测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的是CDA木板的长度LB木板的质量m1C滑块的质量m2D托盘和砝码的总质量m3E滑块运动的时间t（3）滑块与木板间的动摩擦因数m3g-(m2+m3)am2g（用被测物理量
39、的字母表示，重力加速度为g）【考点】M9：探究影响摩擦力的大小的因素菁优网版权所有【专题】13：实验题；524：摩擦力专题【分析】（1）利用逐差法xaT2可以求出物体的加速度大小，根据匀变速直线运动中某点的瞬时速度等于该过程中的平均速度大小可以求出某点的瞬时速度大小；（2）根据牛顿第二定律有ma，由此可知需要测量的物理量（3）根据牛顿第二定律的表达式，可以求出摩擦系数的表达式【解答】解：（1）电源频率为50Hz，每相邻两计数点间还有4个计时点，则计数点间的时间间隔：t0.0250.1s，由匀变速运动的推论xaT2可知：加速度a=x6-x33t2=0.0388-0.024030120.49m/s
40、2；（2）以系统为研究对象，由牛顿第二定律得：m3gf（m2+m3）a，滑动摩擦力：fm2g，解得：=m3g-(m2+m3)am2g，要测动摩擦因数，需要测出：滑块的质量m2 与托盘和砝码的总质量m3，故选：CD；（3）由（2）可知，动摩擦因数的表达式为：=m3g-(m2+m3)am2g；故答案为：（1）0.49；（2）CD；（3）m3g-(m2+m3)am2g【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题15（7分）一客运列车匀速行驶，其车轮在轨道间的接缝处会产生周期性的撞击。坐在该客车中的某旅客测得从第1次到第16
41、次撞击声之间的时间间隔为10.0s。在相邻的平行车道上有一列货车，当该旅客经过货车车尾时，货车恰好从静止开始以恒定加速度沿客车行进方向运动。该旅客在此后的20.0s内，看到恰好有30节货车车厢被他连续超过。已知每根轨道的长度为25.0m，每节货车车厢的长度为16.0m，货车车厢间距忽略不计。求（1）客车运行的速度大小；（2）货车运行加速度的大小。【考点】1D：匀变速直线运动的速度与时间的关系；1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系菁优网版权所有【专题】511：直线运动规律专题【分析】（1）求出客车经过每根轨道的长度所用的时间，根据平均速度求出客车运行的速度大小。（2）抓住客车和货车的位移关系求
42、出货车的位移，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出货车的加速度。【解答】解：（1）设连续两次撞击轨道的时间间隔为t，每根轨道的长度为l，则客车的速度为v=lt其中l25.0 m，t=10.016-1s解得 v37.5m/s（2）设从货车开始运动后t20.0 s内客车行驶的距离为s1，货车行驶的距离为s2，货车的加速度为a，30节货车车厢的总长度为 L3016.0 m由运动学公式有 s1vts2=12at2 由题意，有 Ls1s2联立解得 a1.35 m/s2 答：（1）客车运行的速度大小为37.5m/s。（2）货车运行加速度的大小为1.35 m/s2。【点评】解决本题理清两车的位移关系，灵活运
43、用运动学公式进行求解。16（10分）图甲是2012年我国运动员在伦敦奥运会上蹦床比赛中的一个情景设这位蹦床运动员仅在竖直方向上运动，运动员的脚在接触蹦床过程中，蹦床对运动员的弹力F随时间t的变化规律通过传感器用计算机绘制出来，如图乙所示取g10m/s2，根据Ft图象求：（1）运动员的质量；（2）运动员在运动过程中的最大加速度；（3）在不计空气阻力情况下，运动员重心离开蹦床上升的最大高度【考点】1E：匀变速直线运动的位移与时间的关系；37：牛顿第二定律菁优网版权所有【专题】522：牛顿运动定律综合专题【分析】（1）刚站上去时，弹力等于重力，则图象可以知道重力大小，可以求得质量（2）弹力最大时，加
44、速度最大，由图可以看出最大弹力，由牛顿第二定律可以得到最大加速度（3）运动运在空中向上做竖直上抛，向下时自由落体，从图中可以知道，稳定后的高度最大，由此可以求得最大高度【解答】解：（1）由图象可知，刚站上去的时候弹力等于重力，故运动员所受重力为500N，设运动员质量为m，则m=Gg=50kg（2）由图象可知蹦床对运动员的最大弹力为Fm2500N，设运动员的最大加速度为am，则Fmmgmamam=F-mgm=2500-50050m/s240 m/s2 （3）由图象可知远动员离开蹦床后做竖直上抛运动，离开蹦床的时刻为6.8s或9.4s，再下落到蹦床上的时刻为8.4s或11s，它们的时间间隔均为1.6s根据竖直上抛运动的对称性，可知其自由下落的时间为0.8s设运动员上升的最大高度为H，则H=12gt2=12100.82m3.2m 答：（1）运动员的质量50kg；（2）运动员在运动过程中的最大加速度40m/s2；（3）在不计空气阻力情况下，运动员重心离开蹦床上升的最大高度3.2m【点评】重点在于图象的识别，一是要从图象得到，初始时候弹力等于重力二是在稳定后的高度最大，且稳定后每一个在空中的上升和下降时间是相等的17（9分）如图所示，在倾角37的固定斜面上放置一质量M1kg