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1、（新高考）2021届高三第三次模拟考试卷,即厚度sr-SSS班加太笈期工癖物理（三）注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2 B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4 .考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.第26
2、届国际计量大会决定，质量单位,千克”用普朗克常量力来定义，“国际千克原器 于2019年5月2 0日正式“退役”。力的值为6.63 X I O f J s,则人的单位“Js”用国际单位制中的基本单位表示为（）A.kg-m2/s2 B.kg-m2/s C.N-s/m D.N-s-m答案：B解：h 的单位是 J$则 1 J-s=l N-s-m=l（kg-m2/s）-s-m=1 kg-m2/s,故选 B2.关于光电效应，下列说法正确的是（）A.只要入射光的强度足够强，就可以使金属发生光电效应B.光子的能量大于金属的逸出功就可以使金属发生光电效应C.照射时间越长光电子的最大初动能越大D.光电子的最大初动
3、能与入射光子的频率成正比答案：B解：根据光电效应规律，只有入射光的频率大于金属的截止频率，才可以使金属发生光电效应,A错误：光子的能量大于金属的逸出功就可以使金属发生光电效应，B正确；光电子的最大初动能与照射时间无关，C错误；光电子的最大初动能随入射光子的频率增大而增大，并不是成正比，D错误。3.篮球技巧表演赛是展示组织后卫水平的比赛其中一个环节是传球技巧，要求运动员拿球要准确传入正对面的球洞中，如图所示，运动员在距球洞前5 m处传球，篮球以与水平面成45。的倾角准确落入球洞中心。若传球点和球洞中心正好在同一水平面上，不考虑空气阻力，S=10m/s2o则篮球传出后的最高点相对球洞中心的竖直高度
4、是（）A.1.25 m B.1.45m C.2.25 m D.2.45 m答案：A解：因为篮球最后是以水平方向成45。落入球洞中心，由于不计篮球运动过程的空气阻力，篮球做斜抛运动，设篮球最高点相对球洞中心的竖直高度为力，运 动 的 时 间 为 则 竖 直 方 向 上 有o-M=2gh,h=gr,水平方向有蟆2/=5,心=内 解得力=1.25 m,故A正确。4.如图所示，a、b、。为匀强电场中的三点，b为a、c连线的中点。一个电荷量为4的负电荷,在 点受到的电场力为凡 从 点移动到b点过程中电势能减小卬，下列说法正确的是（）WA.匀强电场的电场强度大小为三FB.、b、c三点中，a点的电势最高C.
5、该电荷从。点移动到b点过程中电场力做负功D.该电荷从c点移动到b点过程中电势能增加W答案：D解：负电荷在。点受到的电场力为R由场强的公式得匀强电场的电场强度大小为后=/故A错误：负电荷从点移动到b点过程中电势能减小，根据负电荷在电势越高的地方电势能越小，所以从a到c的过程电势越来越高，即c点电势最高，故B错误；从。点移动到匕点过程中电势能减小，所以电场力做正功，故C错误；匀强电场，为a、c连线的中点，所以从。点移动到b点的电势能减小量等于从b点移动到c点的电势能减小量，电势能都减小W,则从c点移动到b点过程中电势能就增加W,故D正确。5.如图所示，在第一象限内有沿，轴负方向的匀强电场，在第二象
6、限内有垂直纸面向外的匀强磁场，一个速度大小为用的带正电的重力不计的带电粒子从距。点为L的A点射入磁场，速度方向与x轴正方向成60。时，粒子恰好垂直于y轴进入电场，之后通过x轴上的C点，C点距。点距离也为L 0则电场强度E与磁感应强度B的大小比值为（）D.2 iio解：粒子运动轨迹如图所示，由几何关系可知粒子在磁场中运动半径r=2 叵 L,又cos300 36.如图所示为甲、乙两质点在同一直线上运动的位移一时间图像，甲质点的图像为直线，乙质点的图像为过原点的抛物线，两图像交点C、。的坐标如图。下列说法正确的是（）A.八一打时间段内乙的平均速度大于甲的平均速度B.人一上时间段内乙的平均速度小于甲的
7、平均速度C.Ts+段时,甲、乙间距离最大D.#=枭+及）时,甲、乙间距离最大答案：C解：由平均速度的公式得招二玉二工，所以人一及时间段内乙的平均速度等于甲的平均速度，f2 ZlA B 错误：因为乙质点的图像为过原点的抛物线，所以乙质点做匀加速直线运动，乙在时间中点+切时的速度等于该段时间内的平均速度，即该时刻两质点的瞬时速度相等，则在,=/人+切时甲、乙间距离最大，C 正 确.D 错误。7.如图所示，一卫星在赤道平面内绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径小于地球同步卫星的轨道半径，某时刻该卫星位于赤道上一建筑物的正上方。下列说法正确的是（）二.三三会卫星A.地球自转角速度大于该卫星的角速度B.建筑
8、物随地球运动的向心加速度大于该卫星运动的向心加速度C.建筑物随地球运动的线速度大于该卫星运动的线速度D.经过一段时间该卫星可以再一次出现在此建筑物上空答案：D解：万有引力提供向心力辞=心 2 八 侬=、/弊，/越大，/越 小，所以同步卫星的角速度小于该卫星的角速度，地球自转角速度等于同步卫星的角速度，所以地球自转角速度小于该卫星的角速度，A 错误；建筑物随地球运动的角速度与同步卫星相同，根据。=0）2八 建筑物随地球运动的向心加速度小于同步卫星的向心加速度，由。=缪，越大，”越小，同步卫星的加速度又小于该卫星的加速度，所以建筑物随地球运动的向心加速度小于于该卫星运动的向心加速度，B 错误；根据
9、串=5,建筑物随地球运动的线速度小于同步卫星的线速度，由怦，越大，V越小，同步卫星的线速度又小于该卫星的线速度，所以建筑物随地球运动的线速度小于于该卫星运动的线速度，C错误；此卫星的轨道平面与赤道平面重合，并且角速度与地球自转角速度不同，所以经过一段时间该卫星可以再一次出现在此建筑物上空，D 正确。8.分子势能品 随分子间距离r 变化的图像（取/趋近于无穷大时耳为零），如图所示。将两分子从相距，处由静止释放，仅考虑这两个分子间的作用，则下列说法正确的是（）A.当 r=A 时，释放两个分子，它们将开始远离B.当 时，释放两个分子，它们将相互靠近C.当=时，释放两个分子，/=n时它们的速度最大D.
10、当 r=时，释放两个分子，它们的加速度先增大后减小答案：C解：由图可知，两个分子在/=/2处分子势能最小，则分子之间的距离为平衡距离,分子之间的作用力恰好为0,所以将两个分子从r=门处释放，它们既不会相互远离，也不会相互靠近，故 A、B 错误；由于n 小 可知分子在r=外处分子之间的作用力表现为斥力，分子之间的距离将增大，分子力做正功，分子的速度增大：当分子之间的距离大于冷时，分子之间的作用力表现为引力，随距离的增大，分子力做负功，分子的速度减小，所以当r=n 时它们的速度最大，故 C 正确；在 =八处分子之间的作用力表现为斥力，分子之间的距离增大，分子力减小，当 Q肛时，分子力表现为引力，先
11、增大后减小，则加速度先减小后增大再减小，故 D 错误。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题4 分，共 16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得0 分。9.一小型水电站通过升压变压器和降压变压器给某生活区供电，发电机组输出电压恒定，输电线电阻R 保持不变。该生活区夜晚用电量大于白天用电量，则夜晚与白天比较（）升压变乐器降压变乐器A.发电机的输出功率不变B.降压变压器输出电压降低C.用户获得的电压升高D.输电线上损失的功率变大答案：B D解：生活区夜晚用电量大于白天用电量，所以对应的发电机的输出功率夜晚大于白天，A错误;夜晚输电线上
12、电流比较大，输电线上的电压损失比较大，所以降压变压器输入电压降低，对应的降压变压器输出电压也降低，用户获得的电压变低，B正确，C错误：根据尸=/次可知输电线上损失的功率变大，D正确。1 0.如图所示，图中阴影部分A 8 c为透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该种材料折射率=最A C为一半径为R的四分之一圆弧，D为圆弧面圆心，A 8 C Z）构成正方形。在。处有一红色点光源，在纸面内照射弧面A C,若只考虑首次从圆弧A C直接射向A B、8 c的光线，则以下说法正确是（）/BD CA.光从该材料到空气的临界角为3 7。B.该光学元件的B C边上有光射出的长度为%?C.照射在A C边上的入射光，
13、有 弧 长 为 兀R区 域 的 光 不 能 从8 c边直接射出4 5D.将点光源换成紫光，则A 8边上有光射出的长度增大答案：A C解：设光从该材料到空气的临界角为C，则有s i n C=*得C=3 7。，故A正确；假设光线沿OE方向照射到A 3面上正好发生全反射，DE与弧AC相交于F,则/A D E=3 7。，如图所示，假设光线沿OG方向照射到8 C面上正好发生全反射，DG与弧A C相交”，可知N C D G=3 7。，则N44G O =1 6。,求得光线不能射出对应的弧长”“二 一 位，即照射在A C边上的入射光，有弧长为一兀R4 5 4 5区域的光不能从AB、8 C边直接射出。由几何知识
14、求得该光学元件的3 c边上有光射出部分的长度CG=/?t a n 3 7=1/?,故C正确，B错误；若将点光源换成紫光，由于紫光的频率大于红光的频率，故在该种材料中紫光的折射率大于红光的折射率，根据s i n C=：可知从该种材料中到空气中，紫光的临界角小于红光的临界角，则A 8边上有光射出的长度将变短，故D错误。1 1.如图甲所示，A、8、P是同一水平面内的三个点，有两列性质相同且振动均沿竖直方向的横 波I、H在同一介质中分别沿着A P和8 P方向传播，已知4与P相距4 0 c m,8与P相距3 0 c m。在，=0时刻，两列波同时分别传到人、B两点，A、B两点的振动图象如图乙、丙所示，在f
15、=2 s时刻，横 波I传播到尸点。则以下说法正确的是（）A.两列波的波长均为0.2 mB.P点为振动减弱点且振幅为5 c mC./=3.5s时P点在平衡位置且向下振动D./=3.5s内P点通过的路程为1 8 0 c m答案：ACD解：由题意可知，2 s时间波传播4 0 c m,则波速i，=：=0.2 m/s,因两列波的周期均为7=1 s,则波长均为4 4=0.2 m,A正确；因为AP=2 i,BP=1.5x,即尸点到4 8的距离之差等于半波长的奇数倍，且两列波的振动方向相反，可知P点为振动加强点，振幅为2 5 c m,B错误；f=3.5s时由波I在 尸点引起的振动位移为零，方向向下，由波I I
16、在P点引起的振动位移为零，方向也向下，则尸点在平衡位置且向下振动，C正确：当 波1传 到P点时，波I I在P点已经振动了 0.5 s,经过的路程为2 A?=3 0 c m：等到波I传 到P点时，因P点振动加强，振幅为A=2 5 c m,，=3.5s内P点两列波叠加共同振动了 1.5个周期，则通过的路程为8 A=1 50 c m,则，=3.5 s内P点通过的路程为1 8 0c m,D正确。1 2.如图所示，在倾角为3 0。的光滑固定斜面上，有一劲度系数为k的轻质弹簧，其一端固定在固定挡板C上，另一端连接一质量为切的物体A,有一轻质细绳绕过定滑轮，细绳的一端系在物体A上（细绳与斜面平行），另一端有
17、一细绳套，物体A处于静止状态。当在细绳套上轻轻挂上一个质量也为机的物体8后，物体A将沿斜面做简谐运动。运动过程中B始终未接触地面，不计绳与滑轮间的摩擦阻力，重力加速度为对下列说法正确的是（）A.未挂重物8时，弹簧的形变量为华kB.物体A的 振幅 为弊kC.物体A的最大速度大小为D.细绳对物体B拉力的最大值为2mg答案：BCg（2）如果图甲小球下摆过程中机械能守恒，那么小球减少的重力势能会全部转化为小球的动能，当小球通过光电门时，小球通过的时间，可以计算出小球运动的速度大小，所以，如果守恒，可以得 出;吟）2=3,即满足；（）2=g ,则小球下摆过程中机械能守恒。解:未挂物体B时，设弹簧压缩量为
18、即，对于物体A由平衡条件有5 啰访30。=0,解得2kA错误；当4的速度最大时，其加速度为零，此时弹簧处于伸长状态，则Mg=kt2+1gsin3O。，解得/=地，物体4的振幅A=M+X,=23，B正确：因片与初相等，故在此过程中弹簧弹性势2k,2 k能改变量AEp=O,设最大速度为打 对 于A、8及弹簧组成的系统由机械能守恒定律得/咫（内+m）一+.2）sin30=x2mv2,将 即、X2代入得v=gJ f C正确；A做简谐运动的振幅为A f j+必A运动到最高点时弹簧的伸长量x=1.5xi，在最高点时，由牛顿第二定律，m.gsinSO0+k x-Tnm=ma,g8在最低点时，解得心 马g，D
19、错误。8三、非选择题：本题共6小题，共60分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13.（6分）在“验证机械能守恒定律”实验中某研究小组采用了如图甲所示的实验装置，实验的主要步骤是：在一根不可伸长的细线一端系一直径为d金属小球，另一端固定于O点，记下小球静止时球心的位置A,在4处放置一个光电门，现将小球拉至球心距A高度为处由静止释放，记下小球通过光电门时的挡光时间，重力加速度为g,请回答以下问题:（2）若等式 成立，说明图甲小球下摆过程机械能守恒（用题中所给字母表示）（3）若撤去光电门，在。点
20、安装个拉力传感霜，测出线上的拉力R实验中记录细线拉力大小随时间的变化如图内所示（%是实验中测得的最大拉力值）在小球第次运动至最低点的过程，根据重力势能的减少量和动能的增加量之间的关系，也可验证机械能守恒定律。观察图丙中拉力峰值随时间变化规律，从能量的角度分析造成这一结果的主要原因为：o答案：（1）1.04 1（且9 重力势能和动能相互转化，动能减小时，细线的拉力减（3）小球下摆的过程中，重力势能转化为动能，导致小球的速度增大，而小球围绕。点做圆周运动，因为半径大小不变，当小球的运动速度增大时，所需要的向心力也增大，则细线的拉力就会变大，然后当小球上摆时，动能转化为重力势能，导致小球运动速度减小
21、，所需向心力减小，细线的拉力也会变小，所以细线的拉力就会呈现图丙所示的图像。14.（10分）某些固体材料受到外力作用后，除了产生形变，其电阻率也会发生变化、这种现象称为“压阻效应”。已知凡的阻值变化范闱为几十欧姆到几百欧姆，某实验小组在室温下用伏安法探究压敏电阻阻值凡随压力厂变化的规律，实验室提供了如下器材可供选择：A.压敏电阻，无压力时阻值阳=400。B.直流电源，电动势6 V,内阻不计C.电流表A,量程为0 100m A,内阻不计D.电压表V,量程为0 3 V,内阻为3kCE.定值电阻R=2kCF.滑动变阻器R,最大电阻值约50 cG.开关S与导线若干（1）甲同学设计了图甲实验电路原理图，
22、请在图乙将实物连线图补充完整。（2）某次压力测试，在电阻心 上施加力广，闭合开关S,测得两个电表的读数分别为U和/,则压敏电阻的阻值心=。（3）改变F的大小、测得不同的尺值，绘成图象如图丙所示，可得其斜率k=Q/N（保留两位有效数字）。&阻 值 和 压 力 户的关系式是&=（用心、厂和女等表示）。（4）按图甲实验电路进行实验，调节滑动变阻器使电压表保持满偏，在电阻尺 上 施 加 力 凡 当电流表满偏时，压力/为 No答案：见解析图（2）（3）1.77.9 4 0 0-F （4）185-199解：（1）图1是分床式接法，电流表是内接法，根据电路图可得实物图如图所示。小，动能增大时，细线的拉力增大
23、解：（1）由图乙可知，直径=10mm+0.1x4mm=10.4mm=1.04cm.1 6.(8分)如图所示，底部带有挡板的固定光滑斜面，倾角为6=3 0。，上有质量为m的足够长木板A,其下端距挡板间的距离为3质量也为小的小物块8置于木板A的顶端，3与木板4之间的动摩擦因数=半。无初速释放二者，当木板滑到斜面底端时，与底部的挡板发生弹性碰撞，口碰撞时间极短。可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。重力加速度为g,求：(2)由图可知凡两端电压为U =(H 4-)=,电流表测量&的 电流，所以R v 3VU 5U=-=-OI 3/4 0 0 -0由图可得，图线斜率为-=1.8 Q/N,图线与凡轴的截距是4
24、 0 0 C,有一次函数可得2 2 0-0/?r=-F +4 0 0.(4)电压表满偏是&为 用 二5=3 乂 蓝炉。二5 0 c,则尸=4 0 ：凡=1 9 4 N。1 5.(8分)如图，两侧粗细均匀、横截面积相等、高度均为=1 8 c m的U型管，左管上端封闭,右管上端开口。右管中有高加=4 c m的水银柱，水银柱上表面离管口的距离/=1 2 c m。管底水平段的体积可忽略。环境温度为A=2 8 3 K。大气压强po=7 6 c mH g。T/1；：(1)现从右侧端口缓慢注入水银(与原水银柱之间无气隙)，恰好使水银柱下端到达右管底部。此时水银柱的高度为多少？(2)再将左管中密封气体缓慢加热
25、，使水银柱上表面恰与右管口平齐，此时密封气体的温度为多少？解：(1)设 密 封 气 体 初 始 体 积 为 ,压 强 为 左、右管的截面积均为5,密封气体先经等温压缩过程体积变为L，压强变为P 2。由玻意耳定律有P M =P 2 K设注入水银后水银柱高度为江水银的密度为，按题设条件有P1=PQ+P M,Pa=Po+PghY=S(2 H-I%)V2=S H联立解得力=1 2.9 emo(2)密封气体再经等压膨胀过程体积变为心，温度变为一,由盖一吕萨克定律有匕=工T2按题设条件有匕=5(2一加解得 A=3 6 3 K o(1)木板A与挡板第一次碰撞后沿斜面上滑的过程中物块B的加速度大小；(2)木板
26、A从开始到第二次与挡板碰撞过程中运动的总路程。解：(1)木板A与挡板第一次碰撞前，系统相对静止，之间无摩擦，系统加速度为a=gsin 300由运动学公式,，第 一 次 碰 时 系 统 速 度 =疯 亢=病碰 后,对 B 有B =gc os J-gs i n 6 二 ；g方向沿斜面向上(2)碰后，对 A 有a A=gc o s e +gs i n 6 =：g方向沿斜面向下，可见，A、B均做减速运动，A先减速至零。第次碰后，A沿 斜 面 上 滑 的 距 离 为 占=工=2 L2 a A 59从开始到第二次碰，A的总路程为4=乙+2%=：。1 7.(1 2分)如图所示，a为竖直平而内圆周的圆心，两根
27、长为L的轻绳分别悬挂甲、乙两个相同的小球，其质量为m，甲、乙两球分别位于图中A、C两点处，半径OC与水平方向夹角为3 0。，半径ON与水平方向夹角为6 0。，其中点Q处固定一个可挡住轻绳的铁钉，甲球在最低点A处获得水平向右的初速度后恰能通过最高点8,运动到C点时与乙球发生对心弹性碰撞，重力加速度为外求：(1)甲球通过8点时的动能；(2)甲球在C点发生碰撞前的速度大小：碰后甲球能否绕在竖直面内做完整的圆周运动？请通过计算说明理由。解：（1）由于甲球恰好通过最高点，根据圆周运动的绳模型，在最高点对小球进行受力分析，仅由小球重力提供向心力，则m g =tnY可 得 以=痴，EK尸;m g L。（2）
28、小球甲从B点到C 点做圆周运动，根据机械能守恒可得则在碰撞前小球甲在C 点的速度为=疡1。（3）两小球在C 点发生对心弹性碰撞，可得m vc=2 Mli+乙1 2 1 2 1 ,则在碰撞之后，上球的速度为 中二,做自由落体运动至下方与C 对称的七时有m g L=J -0此时绳子绷紧，沿绳方向速度分量消失，只剩余垂直于绳方向的速度分量，可得%=以 cos 30若要小球能够进行完整的圆周运动，必须满足最高点，小球速度匕2根据功能定理求出小球通过最高点的速度-mg(L sin 30+-y cos 30)=；八彳-g mvE：由 于 咋=/6）叫杉 故 不 能 通 过 最 高 点，不能完成完整圆周运动
29、。18.（16分）如图甲所示，平行金属导轨”加de,分别固定在两个竖直平面内，间距d=1.0 m,电阻不计，仅有倾斜段必 优 粗糙，其 小 优”的长度为八=3.125 m,倾角为37。，动摩擦因数=0.25：be、6 3 为长度可忽略的圆弧，ce,cb，是同一水平面上的水平段，cd长度4j=8m,de足够长，各段之间平滑连接，圆弧段与两端直导轨相切在“色，区间分布匀强磁场8,其变化规律如图乙，方向竖直向上。在 dd位置处锁定质量初=0.5 kg、电阻用=4。的导体棒P Q。在 r=0 时将质量吻=0.8kg、电 阻&=IC 的导体棒M N 从 优位置由静止释放（两棒均与导轨垂直），两棒若相碰，
30、碰撞前后系统动能不变，g 取 lOm/s?。求 M N 滑至位置仍时的速度大小；（2）当M N 进入磁场时，立即解除P Q 锁定，求 A/N从开始到匀速运动时所产生的焦耳热。解：（1）对 导 体 棒 滑 至 位 置 用 过 程，由牛顿第二定律得：加 gsin 37 4mgeos 370=ma且以代入数据解得：vo=5 m/So（2）（8 分）滑至位置加，过程，=%=.25 5 人a故下滑过程，电动势骂=与 xdxZz=8V流过M N的电流/,=L_=I.6AM N 产生的焦耳热Q=/J/?2M=2.56 J导体棒M N 进入磁场时磁场已恒定，当导体棒A/N匀速运动时，两棒速度相等，若此前两棒未
31、相撞，则从导体棒M N 进入磁场到两棒匀速运动，两棒动量守恒，令水平向右为正方向，两棒速度相等，大小为也，则对两棒：ni2fo=（wi+nti）vi解得：vi=4 m/s对导体棒M M Bdit=ni2V m iv t （i为这一过程通过两棒的平均电流）即一及/qi=nnv-Z2V）且=生 生 （At,为这一过程两棒的位移之差）R+R、得 A n=4 m v/,可知两棒速度相等之前确实未相撞故对两棒有：7W2VO2=1（/WI 4-m2）vi2+C解得：Q e=2J即 M N 进入磁场后到匀速运动过程产生的焦耳热Q,=5 Q 忘=0.4J凡+6 0则 M N 从开始到匀速运动时所产生的焦耳热0=0 +0=2.9 6 人