《2024届新高考数学一轮复习配套练习专题2.3 二次函数与一元二次方程、不等式（新教材新高考）（练）含答案.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届新高考数学一轮复习配套练习专题2.3 二次函数与一元二次方程、不等式（新教材新高考）（练）含答案.docx（54页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2024届新高考数学一轮复习配套练习专题2.3 二次函数与一元二次方程、不等式练基础1（浙江高考真题）已知a，b，cR，函数f (x)ax2bxc.若f (0)f （4）f （1），则（ ）Aa0，4ab0Ba0，2ab0Da0恒成立，则实数m的取值范围是_8（2021浙江高一期末）已知函数，若任意、且，都有，则实数a的取值范围是_9.（2021四川成都市高三三模（理）已知函数，若，且，则的最大值为_10（2021浙江高一期末）已知函数（）若函数在区间上单调递减，求实数的取值范围；（），恒成立，求实数的取值范围练提升TIDHNEG1（2020山东省高三二模）已知函数，若恒成立，则实数m的范围是
2、（ ）ABCD2（2021浙江高三二模）已知，对任意的，方程在上有解，则的取值范围是（ ）ABCD3.（2020浙江省高三二模）已知函数的图象经过三个象限，则实数a的取值范围是_.4（2020陕西省西安中学高三其他（理）记函数有且只有一个零点，则实数的取值范围是_.5（2021浙江高三专题练习）已知函数，若时，则的最大值是_.6.（2021浙江高三期末）已知函数，若对于任意，均有，则的最大值是_.7（2020武汉外国语学校（武汉实验外国语学校）高一期中）已知函数，且的解集为（1）求的解析式；（2）设，在定义域范围内若对于任意的，使得恒成立，求M的最小值8（2021浙江高一期末）设函数（1）若在
3、区间上的最大值为，求的取值范围；（2）若在区间上有零点，求的最小值9（2020全国高一单元测试）已知函数f（x）=9xa3x+1+a2（x0，1，aR），记f（x）的最大值为g（a）（）求g（a）解析式；（）若对于任意t2，2，任意aR，不等式g（a）m2+tm恒成立，求实数m的范围10（2021全国高一课时练习）已知函数，在区间上有最大值16，最小值.设（1）求的解析式；（2）若不等式在上恒成立，求实数k的取值范围；练真题TIDHNEG1（浙江省高考真题）若函数在区间0,1上的最大值是M,最小值是m,则的值（ ）A与a有关，且与b有关B与a有关，但与b无关C与a无关，且与b无关D与a无关，但
4、与b有关2.（2018浙江高考真题）已知R，函数f(x)=x-4,xx2-4x+3,x，当=2时，不等式f(x)f （1），则（ ）Aa0，4ab0Ba0，2ab0Daf （1），f （4）f （1），f (x)先减后增，于是a0，故选：A.2（2021全国高三专题练习（文）已知函数，则错误的是（ ）A的图象关于轴对称B方程的解的个数为2C在上单调递增D的最小值为【答案】B【解析】结合函数的奇偶性求出函数的对称轴，判断，令，求出方程的解的个数，判断B，令，从而判断C，D即可【详解】定义域为，显然关于原点对称，又，所以是偶函数，关于轴对称，故选项A正确.令即，解得：，1，函数有3个零点，故B错误
5、；令，时，函数，都为递增函数，故在递增，故C正确；由时，取得最小值，故的最小值是，故D正确故选：B3（2021北京高三其他模拟）设，则“”是“”的（ ）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件【答案】A【解析】分别解出两个不等式的解集，比较集合的关系，从而得到两命题的逻辑关系.【详解】；易知集合是的真子集，故是充分不必要条件.故选：A.4（2021全国高三月考）已知函数，则“”是“方程有两个不同实数解且方程恰有两个不同实数解”的（ ）A充要条件B充分不必要条件C必要不充分条件D既不充分也不必要条件【答案】C【解析】根据二次函数的图象与性质，求得，反之若有两个正根，当
6、，得到方程恰有四个不同实数解，结合充分条件、必要条件的判定方法，即可求解.【详解】由表示开口向下的抛物线，对称轴的方程为，要使得方程有两个不同实数，只需，要使得方程恰有两个不同实数解，设两解分别为，且，则满足，因为时，所以，所以必要性成立；反之，设，即，当有两个正根，且满足，若，此时方程恰有四个不同实数解，所以充分性不成立.所以“”是“方程有两个不同实数解且方程恰有两个不同实数解”的必要不充分条件.故选：C.5（2021全国高三专题练习）若当x(1，2)时，函数y=(x-1)2的图象始终在函数y=logax的图象的下方，则实数a的取值范围是_.【答案】1a2.【解析】在同一个坐标系中画出两个函
7、数的图象，结合图形，列出不等式组，求得结果.【详解】如图，在同一平面直角坐标系中画出函数y=(x-1)2和y=logax的图象.由于当x(1，2)时，函数y=(x-1)2的图象恒在函数y=logax的图象的下方，则，解得1a2.故答案为：10恒成立，则实数m的取值范围是_【答案】【解析】先换元3xt，使f（t）t2mtm10在上恒成立，再利用二次函数图象特征列限定条件，计算求得结果即可.【详解】令3xt，当时，则f（t）t2mtm10在上恒成立，即函数在的图象在x轴的上方，而判别式， 故或，解得.故答案为：.8（2021浙江高一期末）已知函数，若任意、且，都有，则实数a的取值范围是_【答案】【
8、解析】本题首先可令，将转化为，然后令，通过函数单调性的定义得出函数在上是增函数，最后分为、两种情况进行讨论，结合二次函数性质即可得出结果.【详解】因为任意、且，都有，所以令，即，令，则函数在上是增函数，若，则，显然不成立；若，则，解得，综合所述，实数a的取值范围是，故答案为：.9.（2021四川成都市高三三模（理）已知函数，若，且，则的最大值为_【答案】【解析】由得，把转化为，利用二次函数求最值.【详解】的图像如图示： 不妨令，由图像可知，由，由当时，故答案为：.10（2021浙江高一期末）已知函数（）若函数在区间上单调递减，求实数的取值范围；（），恒成立，求实数的取值范围【答案】（）；（）【
9、解析】（）由题意讨论，与三种情况，求出函数的对称轴，结合区间，列不等式求解；（）利用参变分离法得在上恒成立，令，根据单调性，求解出最值，即可得的取值范围.【详解】（）当时，在区间上单调递减，符合题意；当时，对称轴为，因为在区间上单调递减，所以，得，所以；当时，函数在区间上单调递减，符合题意，综上，的取值范围为.（），恒成立，即，恒成立，令，可知函数在上单调递增，所以，所以，所以，故的取值范围为练提升TIDHNEG1（2020山东省高三二模）已知函数，若恒成立，则实数m的范围是（ ）ABCD【答案】A【解析】，（1），恒成立等价于或恒成立，即或（不合题意，舍去）恒成立；即，解得，（2）恒成立，符
10、合题意；（3），恒成立等价于（不合题意，舍去）或恒成立，等价于，解得.综上所述，故选：A.2（2021浙江高三二模）已知，对任意的，方程在上有解，则的取值范围是（ ）ABCD【答案】D【解析】对任意的，方程在上有解，不妨取取，方程有解只能取4，则排除其他答案.【详解】，则，.要对任意的，方程在上都有解,取，此时，任意，都有，其他的取值，方程均无解，则的取值范围是.故选：D.3.（2020浙江省高三二模）已知函数的图象经过三个象限，则实数a的取值范围是_.【答案】或.【解析】当时，此时函数图象经过第三象限，当时，此时函数图象恒经过第一象限，当且，即时，函数图像经过第一、四象限，当时，此时函数图象
11、恒经过第一象限，当，即时，函数图像经过第一、四象限， 综上所述：或.4（2020陕西省西安中学高三其他（理）记函数有且只有一个零点，则实数的取值范围是_.【答案】【解析】令，因为，则，所以，即1是函数的零点，因为函数的对称轴为，所以根据题意，若函数有且只有一个零点，则二次函数没有零点，解得.故答案为：5（2021浙江高三专题练习）已知函数，若时，则的最大值是_.【答案】【解析】根据函数，分，和三种情况讨论，分别求得其最大值，即可求解.【详解】由题意，函数，当时，因为，可得，所以，所以；当时，因为，可得，所以，所以；当时，由知，因为，所以，所以，所以，综上可得，的最大值是.故答案为：6.（202
12、1浙江高三期末）已知函数，若对于任意，均有，则的最大值是_.【答案】【解析】首先讨论、时的最值情况，由不等式恒成立求的范围，再讨论并结合的单调情况求的范围，最后取它们的并集即可知的最大值.【详解】当时，当时，令，则当时，有；有；由有，有，故；当时，有；有；由有，有，故，即；当时，：在上递减，上递减，上递增；：在上递减，上递增；：在上递减，上递增，上递增；综上，在上先减后增，则，可得恒成立，即的最大值是-1.故答案为：.7（2020武汉外国语学校（武汉实验外国语学校）高一期中）已知函数，且的解集为（1）求的解析式；（2）设，在定义域范围内若对于任意的，使得恒成立，求M的最小值【答案】（1）；（2
13、）【解析】（1）代入方程的根，求得参数值.（2）使不等式恒成立，根据函数单调性求得函数的最值，从而求得参数的值.【详解】解：（1）由题意解得（2）由题意当当令，当，当取等号，当当取等号，综上，8（2021浙江高一期末）设函数（1）若在区间上的最大值为，求的取值范围；（2）若在区间上有零点，求的最小值【答案】（1）；（2）.【解析】（1）对实数的取值进行分类讨论，分析函数在区间上的单调性，求得，再由可求得实数的取值范围；（2）设函数的两个零点为、，由韦达定理化简，设，由结合不等式的基本性质求出的最小值，即为所求.【详解】（1）二次函数的图象开口向上，对称轴为直线.当时，即当时，函数在区间上单调递
14、增，则；当时，即当时，函数在上单调递减，在上单调递增，所以，；当时，即当时，函数在区间上单调递减，则.综上所述，.所以，当在区间上的最大值为，实数的取值范围是；（2）设函数的两个零点为、，由韦达定理可得，所以，设，由可得，所以，.此时，由可得.所以，当，时，取最小值.9（2020全国高一单元测试）已知函数f（x）=9xa3x+1+a2（x0，1，aR），记f（x）的最大值为g（a）（）求g（a）解析式；（）若对于任意t2，2，任意aR，不等式g（a）m2+tm恒成立，求实数m的范围【答案】（）g（a）=；（）m或m【解析】（）令u=3x1，3，得到f（x）=h（u）=u23au+a2，分类讨论
15、即可求出，（）先求出g（a）min=g（）=，再根据题意可得m2+tm，利用函数的单调性即可求出【详解】解：（）令u=3x1，3，则f（x）=h（u）=u23au+a2当2，即a时，g（a）=h（u）min=h（3）=a29a+9；当，即a时，g（a）=h（u）min=h（1）=a23a+1；故g（a）=；（）当a时，g（a）=a29a+9，g（a）min=g（）=；当a时，g（a）=a23a+1，g（a）min=g（）=；因此g（a）min=g（）=；对于任意任意aR，不等式g（a）m2+tm恒成立等价于m2+tm令h（t）=mtm2，由于h（t）是关于t的一次函数，故对于任意t2，2都有h
16、（t）等价于，即，解得m或m10（2021全国高一课时练习）已知函数，在区间上有最大值16，最小值.设（1）求的解析式；（2）若不等式在上恒成立，求实数k的取值范围；【答案】（1）；（2）【解析】（1）由二次函数的性质知在上为减函数，在上为增函数，结合其区间的最值，列方程组求，即可写出解析式；（2）由题设得在上恒成立，即k只需小于等于右边函数式的最小值即可.【详解】（1）()，即在上为减函数，在上为增函数又在上有最大值16，最小值0，解得，；（2），由，则，设，在上为减函数，当时，最小值为1，即.练真题TIDHNEG1（浙江省高考真题）若函数在区间0,1上的最大值是M,最小值是m,则的值（ ）
17、A与a有关，且与b有关B与a有关，但与b无关C与a无关，且与b无关D与a无关，但与b有关【答案】B【解析】因为最值在中取，所以最值之差一定与无关，选B2.（2018浙江高考真题）已知R，函数f(x)=x-4,xx2-4x+3,x，当=2时，不等式f(x)0的解集是_若函数f(x)恰有2个零点，则的取值范围是_【答案】 (1,4) (1,3(4,+) 【解析】由题意得x2x-40或x2x2-4x+30，所以2x4或1x2，即1x4，不等式f(x)4时，f(x)=x-40，此时f(x)=x2-4x+3=0,x=1,3，即在(-,)上有两个零点；当4时，f(x)=x-4=0,x=4，由f(x)=x2
18、-4x+3在(-,)上只能有一个零点得13.综上，的取值范围为(1,3(4,+).3.（北京高考真题）已知,且,则的取值范围是_.【答案】【解析】试题分析：，所以当时，取最大值1；当 时，取最小值.因此的取值范围为. 4.（2018天津高考真题（理）已知，函数若关于的方程恰有2个互异的实数解，则的取值范围是_.【答案】【解析】分析：由题意分类讨论和两种情况，然后绘制函数图像，数形结合即可求得最终结果.详解：分类讨论：当时，方程即，整理可得：，很明显不是方程的实数解，则，当时，方程即，整理可得：，很明显不是方程的实数解，则，令，其中，原问题等价于函数与函数有两个不同的交点，求的取值范围.结合对勾
19、函数和函数图象平移的规律绘制函数的图象，同时绘制函数的图象如图所示，考查临界条件，结合观察可得，实数的取值范围是.5.（2020江苏省高考真题）已知关于x的函数与在区间D上恒有（1）若，求h(x)的表达式；【答案】（1）；【解析】（1）由题设有对任意的恒成立.令，则，所以.因此即对任意的恒成立，所以，因此.故.6（浙江省高考真题（文）设函数.（1）当时，求函数在上的最小值的表达式；（2）已知函数在上存在零点，求的取值范围.【答案】（1）；（2）【解析】（1）当时，故其对称轴为.当时，.当时，.当时，.综上，（2）设为方程的解，且，则.由于，因此.当时，由于和，所以.当时，由于和，所以.综上可知
20、，的取值范围是.专题3.1 函数的概念及其表示练基础1（2021四川达州市高三二模（文）已知定义在R上的函数满足，则（ ）AB1CD2（2021浙江高一期末）已知则（ ）A7B2C10D123（2021全国高一课时练习）设，则的值为（ ）A16B18C21D244（2021浙江湖州市湖州中学高一开学考试）若函数的定义域和值域都是，则（ ）A1B3CD1或35（上海高考真题）若是的最小值，则的取值范围为( ).A-1,2B-1，0C1，2D6（广东高考真题）函数的定义域是_7.（2021青海西宁市高三一模（理）函数的定义域为，图象如图1所示，函数的定义域为，图象如图2所示.若集合，则中有_个元素
21、. 8（2021湖北襄阳市襄阳五中高三二模）已知函数的定义域是，则函数的定义域是_9（2021黑龙江哈尔滨市第六中学校高三二模（文）已知函数，若，则实数_.10.（2021云南高三二模（理）已知函数，若，且，设，则的取值范围为_.练提升TIDHNEG1（2021云南高三二模（文）已知函数，若，且，设，则（ ）A没有最小值B的最小值为C的最小值为D的最小值为2（2020全国高一单元测试）已知函数，若，则的取值集合是（ ）ABCD3【多选题】（2021全国高一课时练习）（多选题）下列函数中，定义域是其值域子集的有（ ）ABCD4【多选题】（2021全国高一课时练习）已知f(x)=，则f(x)满足的
22、关系有（ ）AB= C=f(x)D5【多选题】（2021全国高三其他模拟）已知函数令，则下列说法正确的是（ ）AB方程有3个根C方程的所有根之和为1D当时，6【多选题】（2021全国高三专题练习）已知函数，对于任意的，则（ ）A的图象过点和B在定义域上为奇函数C若当时，有，则当时，D若当时，有，则的解集为7【多选题】（2021全国高三专题练习）已知函数，则（ ）AB若，则C在上是减函数D若关于的方程有两解，则8（2021浙江高三月考）已知，设函数，存在满足，且，则的取值范围是_.9. （2021浙江高一期末）已知函数，（1）在图中画出函数，的图象；（2）定义：，用表示，中的较小者，记为，请分别
23、用图象法和解析式法表示函数（注：图象法请在图中表示，本题中的单位长度请自己定义且标明）10. （2021全国高一课时练习）已知函数，.（1）在平面直角坐标系里作出、的图象.（2），用表示、中的较小者，记作，请用图象法和解析法表示；（3）求满足的的取值范围.练真题TIDHNEG1.（山东高考真题）设fx=x,0x0，则满足fx+1f2x的x的取值范围是（ ）A. -，-1 B. 0，+ C. -1，0 D. -，04.（浙江高考真题（文）已知函数，则 ，的最小值是 5. （2018天津高考真题（文）已知，函数若对任意x3，+），f(x)恒成立，则a的取值范围是_6.（2018浙江高考真题）已知R
24、，函数f(x)=，当=2时，不等式f(x)0的解集是_若函数f(x)恰有2个零点，则的取值范围是_专题3.1 函数的概念及其表示练基础1（2021四川达州市高三二模（文）已知定义在R上的函数满足，则（ ）AB1CD【答案】B【解析】当时，（1）；当时，（1），由此进行计算能求出（1）的值【详解】定义在上的函数满足，当时，（1），当时，（1），得（1），解得（1）故选：B2（2021浙江高一期末）已知则（ ）A7B2C10D12【答案】D【解析】根据分段函数的定义计算【详解】由题意故选：D3（2021全国高一课时练习）设，则的值为（ ）A16B18C21D24【答案】B【解析】根据分段函数解析式
25、直接求解.【详解】因为，所以.故选：B.4（2021浙江湖州市湖州中学高一开学考试）若函数的定义域和值域都是，则（ ）A1B3CD1或3【答案】B【解析】根据函数在上为增函数，求出其值域，结合已知值域可求出结果.【详解】因为函数在上为增函数，且定义域和值域都是，所以，解得或（舍），故选：B5（上海高考真题）若是的最小值，则的取值范围为( ).A-1,2B-1，0C1，2D【答案】D【详解】由于当时，在时取得最小值，由题意当时，应该是递减的，则，此时最小值为，因此，解得，选D6（广东高考真题）函数的定义域是_【答案】【解析】由根式内部的代数式大于等于0且分式的分母不等于0联立不等式组求解x的取值
26、集合得答案【详解】由，得且函数的定义域为：；故答案为7.（2021青海西宁市高三一模（理）函数的定义域为，图象如图1所示，函数的定义域为，图象如图2所示.若集合，则中有_个元素. 【答案】3【解析】利用数形结合分别求出集合与集合，再利用交集运算法则即可求出结果.【详解】若，则或或1，若，则或2，.故答案为：3.8（2021湖北襄阳市襄阳五中高三二模）已知函数的定义域是，则函数的定义域是_【答案】【解析】令，根据函数值域的求解方法可求得的值域即为所求的的定义域.【详解】令，则，在上单调递增，的定义域为.故答案为：.9（2021黑龙江哈尔滨市第六中学校高三二模（文）已知函数，若，则实数_.【答案】
27、1或【解析】分别令，解方程，求出方程的根即的值即可.【详解】当，令，解得：，当，令，解得：，故或，故答案为：1或.10.（2021云南高三二模（理）已知函数，若，且，设，则的取值范围为_.【答案】【解析】用表示出，结合二次函数的性质求得的取值范围.【详解】画出图象如下图所示，令，解得，由得，且所以，结合二次函数的性质可知，当时，取得最大值为，当时，取得最小值为.所以的取值范围是.故答案为：练提升TIDHNEG1（2021云南高三二模（文）已知函数，若，且，设，则（ ）A没有最小值B的最小值为C的最小值为D的最小值为【答案】B【解析】先作出分段函数图象，再结合图象由，得到m与n的关系，消元得关于
28、n的函数，最后求最值.【详解】如图，作出函数的图象，且，则，且，即.由，解得.，又，当时，.故选：B.2（2020全国高一单元测试）已知函数，若，则的取值集合是（ ）ABCD【答案】A【解析】根据分段函数值的求解方法，对与两种情况求解，可得答案.【详解】若，可得，解得，(舍去)；若，可得=5，可得，与相矛盾，故舍去，综上可得：.故选：A.3【多选题】（2021全国高一课时练习）（多选题）下列函数中，定义域是其值域子集的有（ ）ABCD【答案】AC【解析】分别求得函数的定义域和值域，利用子集的定义判断.【详解】A函数的定义域和值域都是R，符合题意；B.定义域为R，因为，所以函数值域为，值域是定义
29、域的真子集不符合题意；C.易得定义域为，值域为，定义域是值域的真子集；D.定义域为，值域为，两个集合只有交集；故选：AC4【多选题】（2021全国高一课时练习）已知f(x)=，则f(x)满足的关系有（ ）AB= C=f(x)D【答案】BD【解析】根据函数的解析式，对四个选项逐个分析可得答案.【详解】因为f(x)= ，所以=，即不满足A选项；=，=，即满足B选项，不满足C选项，=，即满足D选项故选：BD5【多选题】（2021全国高三其他模拟）已知函数令，则下列说法正确的是（ ）AB方程有3个根C方程的所有根之和为1D当时，【答案】ACD【解析】由题意知可得；令，因为方程没有实根，即没有实根；令，
30、则方程，即，通过化简与计算即可判断C；当时，则将函数在的图象向左平移1个单位长度可得函数的图象，即可判断D【详解】对于A选项，由题意知，则，所以A选项正确；对于B选项，令，则求的根，即求的根，因为方程没有实根，所以没有实根，所以选项B错误；对于C选项，令，则方程，即，得，由方程得或，解得或，易知方程，没有实数根，所以方程的所有根之和为1，选项C正确；对于D选项，当时，则将函数在的图象向左平移1个单位长度可得函数的图象，当时，函数的图象不在的图象的下方，所以D选项正确，故选：ACD6【多选题】（2021全国高三专题练习）已知函数，对于任意的，则（ ）A的图象过点和B在定义域上为奇函数C若当时，有
31、，则当时，D若当时，有，则的解集为【答案】AC【解析】根据抽象函数的性质，利用特殊值法一一判断即可；【详解】解：因为函数，对于任意的，令，则，则，令，则，则，所以过点和，故A正确；令，则，即，所以为偶函数，故B错误；令，则，则当时，所以，又，则，即当时，故C正确；令，则，则，当时，所以，又，则，即当时，因为是偶函数，所以时，所以的解集为，故D错误；故选：AC7【多选题】（2021全国高三专题练习）已知函数，则（ ）AB若，则C在上是减函数D若关于的方程有两解，则【答案】ABD【解析】根据函数解析式，代入数据可判断A、B的正误，做出的图象，可判断C、D的正误，即可得答案.【详解】对于A：由题意得
32、：，所以，故A正确；对于B：当时，解得a=1，不符合题意，舍去当时，解得，符合题意，故B正确；对于C：做出的图象，如下图所示：所以在上不是减函数，故C错误；对于D：方程有两解，则图象与图象有两个公共点，如下图所示所以，故D正确.故选：ABD8（2021浙江高三月考）已知，设函数，存在满足，且，则的取值范围是_.【答案】【解析】求得关于对称所得函数的解析式，通过构造函数，结合零点存在性列不等式，由此求得的取值范围.【详解】由于存在满足，且，所以图象上存在关于对称的两个不同的点.对于，交换得，即，构造函数（），所以的零点满足，由得，由得，即，由于，所以解得.故答案为：9. （2021浙江高一期末）
33、已知函数，（1）在图中画出函数，的图象；（2）定义：，用表示，中的较小者，记为，请分别用图象法和解析式法表示函数（注：图象法请在图中表示，本题中的单位长度请自己定义且标明）【答案】（1）图象见解析；（2）；图象见解析.【解析】（1）由一次函数和二次函数图象特征可得结果；（2）根据定义可分段讨论得到解析式；由解析式可得图象.【详解】（1），的图象如下图所示：（2）当时，则；当时，则；当时，则；综上所述：.图象如下图所示：10. （2021全国高一课时练习）已知函数，.（1）在平面直角坐标系里作出、的图象.（2），用表示、中的较小者，记作，请用图象法和解析法表示；（3）求满足的的取值范围.【答案】
34、（1）答案见解析；（2）答案见解析；（3）.【解析】（1）化简函数、的解析式，由此可作出这两个函数的图象；（2）根据函数的意义可作出该函数的图象，并结合图象可求出函数的解析式；（3）根据图象可得出不等式的解集.【详解】（1），.则对应的图象如图：（2）函数的图象如图：解析式为；（3）若，则由图象知在点左侧，点右侧满足条件，此时对应的满足或，即不等式的解集为.练真题TIDHNEG1.（山东高考真题）设fx=x,0x12x-1,x1,若fa=fa+1,则f1a=（ ）A2 B4 C6 D8【答案】C【解析】由x1时fx=2x-1是增函数可知,若a1,则fafa+1,所以0a0，则满足fx+1f2x
35、的x的取值范围是（ ）A. -，-1 B. 0，+ C. -1，0 D. -，0【答案】D【解析】将函数f(x)的图象画出来，观察图象可知会有2x02xx+1，解得x0，所以满足fx+1f2x的x的取值范围是-，0，故选D.4.（浙江高考真题（文）已知函数，则 ，的最小值是 【答案】【解析】如图根据所给函数解析式结合其单调性作出其图像如图所示，易知.5. （2018天津高考真题（文）已知，函数若对任意x3，+），f(x)恒成立，则a的取值范围是_【答案】【解析】由题意分类讨论和两种情况，结合恒成立的条件整理计算即可求得最终结果.【详解】分类讨论：当时，即：，整理可得：，由恒成立的条件可知：，结合二次函数的性质可知：当时，则；当时，即：，整理可得：，由恒成立的条件可知：，结合二次函数的性质可知：当或时，则；综合可得的取值范围是，故答案为.6.（2018浙江高考真题）已知R，函数f(x)=，当=2