《2022年江苏省无锡市天一实验学校中考第三次模拟物理试题（解析版）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年江苏省无锡市天一实验学校中考第三次模拟物理试题（解析版）.pdf（40页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、苏科版无锡2022年中考天一实验中学第三轮物理冲刺i.监测器测得发声体发出声音的数据如图，o 至八过程中，发 声 体（）C.发出声音的音调变低B.每秒振动次数不变D.发出声音的响度不变【答案】B【解析】【详解】A D.声音的强弱用响度表示，其大小用分贝匚dBL表示，分贝数越大表示声音的响度越大，响度与振动幅度有关，响度越大说明振动幅度越大，由图可知，0 至过程中分贝数减小，所以发出声音的响度减小，振动幅度减小，故 AD不符合题意；B C.音调由振动频率决定，频率越高音调越高，而频率是指每秒振动的次数，由图可知，0 至八过程中，频率不变，所以每秒振动次数不变，发出声音的音调不变，故 B 符合题意
2、，C 不符合题意。故选Bo2.某同学对预防新冠肺炎措施中使用的一些物品进行了估测。其中最接近实际的是（）A.“常消毒”：常用的消毒湿巾的密度为lkg/m3B.“勤洗手”：一瓶医用洗手液的质量约为5kgC.“戴口罩”：一只长方形口罩的面积约为1.8dm2D.“测体温”：一只测温枪所受的重力均为40N【答案】D【解析】【详解】A.常用的消毒湿巾含有大量的水，密度约为lOOOkg/nP,故 A 不符合题意；B.常见的医用洗手液的质量约为0.5kg,故 B 不符合题意；C.一只长方形口罩的长约为18cm,宽约为10cm,面积约为180cm2,也就是IS d n?,故 C 符合题意;D.一只测温枪所受的
3、重力约为4 0 N,故 D 不符合题意。故选Co3.2022年4月1 9日9点0 6分，“神舟十三号”载人飞船圆满完成各项任务后，顺利返回地面。在返回舱进入大气层时要通过一段黑障区，这段时间飞船被烧成一个大火球（如图所示），而船内的三名航天员和设备却安然无恙。下列说法中正确的是（）A.飞 船“燃烧”是通过热传递的方式增加了内能B.飞船通过黑障区时克服摩擦做功，机械能转化为内能C.飞船外壳材料导热性好，可以保护舱内宇航员避免被高温灼伤D.飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化，放出了大量的热保护了飞船【答案】B【解析】【详解】A.飞船通过黑障区时与空气摩擦，是通过做功的方式增加了内能，故A错误；B.克服
4、摩擦力做功时，机械能转化为内能，故B正确；C.飞船外部温度高，应使用隔热材料避免热量进入舱内，可以保护舱内宇航员避免被高温灼伤，故C错误；D.熔化和汽化过程均吸收热量，飞船外壳上的烧蚀层先熔化后汽化是为了吸收大量的热，故D错误。故选B4.关于如图所示的实验装置，表述错误的是（）A.该装置可用来研究电磁感应现象B.该装置能将电能转化为机械能C.该装置可用来研究磁场对通电导体的作用D.该装置揭示的原理可应用于电动机【答案】A【解析】【分析】通电导体在磁场中会受到力的作用，这一现象是电动机的原理；在这一过程中，电能转化为机械能。【详解】A.图中不是电磁感应的研究装置，因此不能研究电磁感应现象，故 A
5、 错误，符合题意；B.该装置实验过程中使电能转化为机械能，故 B 正确，不符合题意；C.图中的装置可以研究磁场对通电导体的作用力，故 C 正确，不符合题意；D.通电导体在磁场中受力是电动机的原理，故 D 正确，不符合题意。故选Ao5.如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的几个实验情景。图中三个烧杯均放在水平桌面上，物体 A 均处于静止状态。如图甲、丙和丁所示中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8N和 2.5N。若盐水的密度为1.2xl03kg/m3,则下列结论正确的是（）A.物体A 的密度为3.2xl03kg/m3B.图乙中，物体A 受到的拉力为1.0NC.图丙中，弹簧测力计的示数比
6、乙中小0.5ND.图丁中，物体A 对容器底部的压力为0.3N【答案】D【解析】【分析】【详解】A.实验甲、丙中，弹簧测力计的示数分别为4.0N、2.8 N,物体A 受到的浮力为F 沪G-F 拉=4.0N-2.8N=1.2N物体A 全部浸没,所以匕 等 于 心，则物体A密度为1.2N0）冰g 1.2x 103kg/m3 x 1 ON/kgVK=V 推=lxl0-4m34NV,gV.lON/kgxlxlOm3=4xl03kg/m_%_ GA _故 A 错误;B.物体A 在水中受到的浮力为F 泽Qp 水 g推=1 x 103kg/m3x 1 ON/kgx 1 x 10-4m3=1N在乙中物体A 受到
7、的拉力为F=G-Fi?*=4N-lN=3N故 B 错误；C.在实验丙中，弹簧测力计的示数：F 内 杈=2.8N,在乙中物体A 受到的拉力：F=3 N,弹簧测力计的示数比乙中小3N-2.8N=0.2N故 C 错误；D.由图甲、丙可知，物体A 在盐水中的浮力为F浮盐水=GF丙 拉=4N-2.8N=L2N实验丁中物体A 对烧杯底部的压力等于支持力为F i=G-F 浮-F rtt=4N-1.2N-2.5N=0.3N容器底部也受到盐水对它的压力，故压力大于0.3 N,故 D 正确。故选D。6.如图所示装置甲、乙和丙完全相同，燃料质量均为1 0 g,烧杯内液体初温和质量都相等，燃料完全燃烧完后，液体均未沸
8、腾，液体的末温分别为6、f乙和f丙，且八丙，则下列说法正确的是（）A.燃料b 放出热量最多B.液体2 吸收的热量最少C.燃料a 的热值比燃料b 的大D.液 体 1的比热容比液体2 的大【答案】C【解析】【分析】【详解】A C.甲丙的燃料a 质量相同，放热相同，甲乙加热同样液体，最终，甲 屋，根据。=的 4,燃料 a 放热多，根据。=的，a 热值比b 大，故 A 错误，C 正确；B D.因为用完全一样燃料，甲丙中液体1和 2 吸收热量一样，且都比乙中液体1 多，又因为f甲 f丙，根据。=cm A f,液体2 比热容大，故 BD错误.故选Co7.测量空气湿度的模拟电路如图1所示，R 为定值电阻，心
9、 为湿敏电阻，湿度表是由两电表中某只改装而成；在电压一定时，通过湿敏电阻和的电流/与湿度s 关系的图像如图2 所示；当开关S 闭合后，随B.湿敏电阻的阻值随湿度升高而增大C.随 着 湿 度 增 大，电路消耗的总功率变小D.为提高测量灵敏度，应选用湿敏电阻【答案】D【解析】【分析】【详解】由电路图可知，两电阻串联，电压表测量湿敏电阻两端电压：A.在电压一定时，通过湿敏电阻和的电流/与湿度s 关系的图像如图2 所示，由于电压不变，电流值随湿度增加而变大，则湿度表是由电流表改装而成，故 A 不符合题意；B.根据。=?可知，电压保持不变，通过湿敏电阻的电流随湿度升高而增大，所以湿敏电阻的阻值随湿度升高
10、而减小，故 B 不符合题意；U2C.随着湿度的增大，电路中电阻减小，电源电压不变，根 据 尸=可知电路消耗的总功率变大，故 CR不符合题意；D.在湿度变化相同时，湿敏电阻的电流变化量更大，则为提高测量灵敏度应选用湿敏电阻，故 D 符合题意。故选D。8.照相机和放大镜都是凸透镜成像原理的具体应用。对应下图，下列关于照相机、放大镜使用和成像的说法正确的是（）A甲一 乙 丙 f2F FVA.照相机，被拍物体应在甲区域内，成倒立缩小实像B.照相机，被拍物体应在乙区域内，成倒立缩小实像C.放大镜，被观察物体应在乙区域内，成正立放大虚像D.放大镜，被观察物体应在丙区域内，成正立放大实像【答案】A【解析】【
11、详解】A B.根据凸透镜成像特点可知，照相机在使用时，被拍物体应该在凸透镜二倍焦距以外，即图中甲区域，成倒立缩小实像，故A正确，B错误；C D.根据凸透镜成像特点可知，放大镜在使用时，被观察物体应该在凸透镜一倍焦距以内，即图中丙区域，成正立放大虚像，故C错误，D错误。故选Ao9.如图所示是荡秋千的简化模型，摆球从N点由静止释放，到达。点后返回，8、C两点等高，下列说法正确 的 是（）OA.球在8、C两点的动能相等B.球在/、。两点的机械能相等C.球从8点到。点的过程中机械能减少D.球从。点到C点的过程中重力势能减少【答案】C【解析】【详解】A.8、。两点等高，重力势能相等，小球从B 点到C 点
12、过程中，由于空气阻力，机械能减小，机械能包括动能和势能，所以C 点的动能减小，球在8、C 两点的动能不相等，故 A 错误；B.球从4 点到。点过程中，由于空气阻力，机械能减小，故 B 错误；C.球从8 点到O 点的过程中，由于空气阻力，机械能减小，故 C 正确；D.球从。点到C 点的过程中，高度增大，重力势能增大，故 D 错误。故选C。10.如图所示为“HUD”，也 叫“平行显示系统”，它是应用在汽车行驶过程中的一种新型技术。它把时速、导航等重要的行车信息投影到司机前方的挡风玻璃上，让司机在不低头、不转头时就能看到车辆行驶信息。以下说法正确的是（）A.司机看到的像是实像B.该像是由光的折射所形
13、成的C.在光照较强的白天显示效果较差D.若将显示器推近挡风玻璃时，看到的像比原来大【答案】C【解析】【详解】ABD.“平行显示系统”，它是应用在汽车行驶过程中的一种新型技术。它应用了平面镜成像原理，平面镜成像特点是成正立等大的虚像，属于光的反射现象，故 ABD错误；C.在光照较强的白天由于外面通过挡风玻璃的光进入司机的眼睛，干扰了司机看到的显示器上信息在挡风玻璃前成像，显示效果较差，故 c 正确。故选C。11.如图所示，在注射器中加入一些乙酸，用橡皮帽把针头孔封死。向外拉活塞，可以看到液态乙醛消失；再用力推活塞，这时又可以重新看到液态的乙酸了。关于上述实验，下列说法中正确的是（）A.向外拉活塞
14、的过程中，液态乙醛升华变成乙醛蒸气B.用力推活塞的过程中，乙酸蒸气的内能转化为活塞的机械能C.用力推活塞的过程中，乙醛由气态变为液态，这说明在一定温度下，压缩气体可以使气体液化D,用力推活塞的过程中，乙醛蒸气的内能增加，这是通过热传递的方式实现的【答案】C【解析】【详解】A.向外拉活塞的过程中，液态乙醛消失，液态乙醛汽化成乙醛蒸气，故 A 错误；B.用力推活塞的过程中，活塞压缩乙醛蒸气，活塞的机械能转化为乙醛蒸气的内能，故 B 错误；C.用力推活塞的过程中，压缩乙醛气体，乙醛由气态变为液体，说明压缩体积可以使气体液化，故 C 正确；D.用力推活塞的过程中，活塞压缩乙醛蒸气，机械能转化为内能，这
15、是通过做功的方式实现的，故 D 错误。故选C。1 2.用弹簧测力计吊着一个重2N 的物体在竖直方向上运动，物体运动的S T图象如图所示，在 0 4 M两个过程中，弹簧测力计的示数分别为8、忽略空气阻力，则（）A.段，物体速度越来越快 B.段，物体做匀速直线运动C.0 8 段，物体受到的力都不是平衡力 D.在这两个过程中，弹簧测力计的读数尸1=6【答案】D【解析】【详解】A B.由图像知，段物体做匀速直线运动，段处于静止状态。故 AB不符合题意；C D.不管是匀速直线运动状态，还是静止状态，都是平衡状态，物体所受的都是平衡力，两个过程中弹簧测力计的示数都等于物体的重力，所以F=F2=G故 C 不
16、符合题意，D 符合题意。故选D。1 3.沈清同学利用托里拆利实验测量大气压强的值，如图所示，以下判断正确的是（）A.此时大气压强等于760mm高水银柱所产生的压强B.若将玻璃管稍稍倾斜，则管内外水银面的高度差将不变C.若把此装置从天塔首层乘电梯带到顶层，则管内外水银面的高度差将增大D.若换用密度比水银小的液体做实验，则大气压能支持液柱的高度会不变【答案】B【解析】【详解】A.此时内外水银液面差为750m m,大气压强等于750mm水银柱产生的压强，故 A 错误；B.此时大气压强不变，倾斜玻璃管，玻璃管内外液面差不会改变，故 B 正确；C.大气压强随着海拔的增高而降低，所以管内外液面差也会降低，
17、故 C 错误；D.大气压强等于管内外液面差的液柱产生的压强，根据液体压强公式，液体密度减小，液柱高度会增大，故 D 错误。故选Bo1 4.如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S,滑片P 向左移动的过程中，下列说法正确的是()A.电流表A i示数变大，电流表A 示数不变B.电流表A i示数不变，灯泡亮度不变C.电压表V与 Vi的示数变化量相等 D,电压表V 2示数与电流表A 示数的比值变小【答案】C【解析】【详解】由电路图可知，定值电阻火与变阻器、灯泡串联，电压表VI测 R 两端的电压，电压表V 2测变阻器两端的电压，电压表V测灯泡和变阻器两端的电压之和，电流表A 和 Ai均测电路中的电流。
18、A B.滑片P 向左移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由/=，可知，电路中的电流变小，即电流表A、A i的示数均变小，灯泡变暗，故 AB错误；C.因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表V示数的变化量等于V 1示数的变化量，故 C正确；D.由/?=，可知，电压表V 2示数与电流表A 示数的比值等于变阻器接入电路中的电阻值，变阻器接入电路中的电阻值变大，则电压表V 2示数与电流表A 示数的比值变大，故 D 错误。故选C。1 5.如图甲所示电路，电源电压恒定不变，Ro为定值电阻、H 为电阻箱，调整电阻箱R 的电阻值，电流表示数/的倒数与电阻箱阻值H 的关系如图乙所示，
19、以下说法中正确的是（）A.电源电压为3.6VB.通过扁 的最大电流为2AC.调整电阻箱R 的阻值，则 R 的最大功率为0.72WD.调整电阻箱R 的阻值，则 Ro的最大功率为3W【答案】D【解析】【详解】A.根据图乙可知，当电阻箱R 的电阻值为。时，电路电流为1.A=0.5A1 2则电源电压可表示为U=IR=0.5Ko当电阻箱R 的电阻值为4=18 c 时，电路电流为I7=-A =0.2A2 5则电源电压可表示为U=4 x（K）+鸟）=0.2Ax（4 +18。）=3.6V+0.2）综合以上电源电压表达式可求得，定值电阻和电源电压为4 =12。t/=O.5/?o=O.5Axl2Q=6V故 A 错
20、误；B.根据乙图可知，当当电阻箱接入电路的电阻为0 时，电路的电流倒数最小，即电流最大，最大电流值为 0.5 A,由于定值电阻和电阻箱是串联，故电路最大电流即为通过定值电阻凡 的最大电流0.5 A,故 B错误；C.设电路电流为/,则电阻箱两端电压为4 =U-/&=6V-由于串联电路各处的电流相等，则电阻箱的功率为PR=URX I=-12 产+61=-12（/-0.25）2+0.75当电流为/=0.25A时，电阻箱有最大电功率小=0-75W故 C 错误;2D.根据电功率公式P=可知，当定值电阻两端电压取最大电压（即电源电压）时，定值电阻有最大R功率U2（6V）22 值=-L=3W定 值 皿&12
21、Q故 D 正确。故选D。1 6.灯泡L 上标有“6V6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图（甲）所示。现把灯泡L 接入如 图（乙）所示的电路中，若电路电源电压为9V不变，电流表的量程为“00.6A”，电压表的量程为“015V”。则下列说法正确的是（）/AA.灯泡L 的电阻值随电压表的示数增大而增大B.滑动变阻器电功率随着它两端电压的增大而减小C.当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为6VD.为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为9W【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，灯泡L 与滑动变阻器R 串联，电压表测滑动变阻器及两端的电压，电流表测电路中的电流。A.由图甲可知，电压每增加
22、I V,电流的变化量越来越小。由R=可知，灯泡L 的电阻值随灯泡两端的电压的增大而增大。由图乙可知，电压表测的是滑动变阻器两端的电压，由串联电压特点可知，滑动变阻器两端电压减小，灯泡两端的电压增大，故灯泡L 的电阻值随电压表的示数减小而增大。故 A 错误；C.由图甲可知，当电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为IV。由串联电路电压特点可知，滑动变阻器两端的电压即电压表的示数为。滔=U-UL=9V-1V=8V故 C 错误；D.小灯泡的额定电流为I 4 6W额4 6V电路电源电压为9V不变，电流表的量程为“0 9 6 A”，电压表的量程为“0 15V”。为了保证电路安全，电路的最大电流为0.6 A,
23、整个电路消耗的最大功率为P=W=9V xO.6A=5.4W故 D 错误；B.由串联分压原理可知，滑动变阻器的阻值变大，两端的电压随之变大。滑动变阻器电功率为场=/%U、RU1U2RR+4%所以，当RL=R时，滑动变阻器的电功率最大。滑动变阻器由。增大时，电功率是先增大后减小的。但为了保证电路安全，电流不能超过0.6 A,由图甲可知，灯泡两端的最大电压为2 V。此时小灯泡的阻值为.U.2V0.6A3.3Q此时滑动变阻器两端的电压为滑动变阻器最小接入电路的阻值为t/j f t=t/-t/L-9 V-2 V=7 VU*7VR=11.67。加 I 0.6A因此滑动变阻器的阻值大于小灯泡的电阻，滑动变阻
24、器的阻值越大，两端电压越大，灯泡两端的电压越小，灯泡的电阻越小，滑动变阻器的阻值与灯泡的电阻的差值越大，滑动变阻器的电阻始终无法与小灯泡电阻相等。综上可知，滑动变阻器电功率随着它两端电压的增大而减小。故 B正确。故选B。1 7.2 0 2 1 年 4月 2 3 日，中国海军迎来了第7 2 个生日，我国第一艘两栖攻击舰-“海南舰”交接入列（如图），该舰满载排水量约4万吨，可作为两栖车辆和气垫登陆艇的母船，运送士兵、步兵战车、主战坦克等武器装备。该舰满载时受到的浮力约是一 N,它从长江口进入到东海，舰身会（选 填“上浮一些”、“位置不变”或“下沉一些）（g=1 0 N/k g【答案】口.4 义1（
25、）8 .上浮一些【解析】【详解】1 由阿基米德原理可知，船排开液体的重力等于船自身所受浮力大小，船排开液体的重力为G=/=4xlO7xlON/Z:g=4xlO8N即船所受的浮力为4x1 08N。2从长江口进入到东海，船处于漂浮状态，所受浮力等于自身重力，但海水的密度比长江水大，由月=2 液 g%卜 可知，浮力相同，密度变大，排开液体的体积变小，故船要上浮一些。1 8.如图所示，一轻质杠杆支在支架上，。为支点。O4=20cm,Gi为边长是10cm的正方体，通过一根硬杆和杠杆的/点相连，G2重为20N。当 OC=10cm时，Gi对地面的压强为2X l(Ppa；此时4 点受到的力为N o 现沿竖直方
26、向将Gi切掉2cm的宽度，整个杠杆仍然在原位置保持平衡，则切掉后，Gi剩余部分对地面的压强为 Pa。【解析】【详解】1G2在 C 点时，由杠杆平衡条件得FAOA=G20.01m2=20N/点受到的力为10N,根据力的相互性，杠杆对硬杆的拉力为1 0 N,即硬杆对Gi的拉力大小为1 0 N,故Gi=10N+20N=30N现沿竖直方向将Gi切掉2cm的宽度，则剩余部分的重力为,4G=-x30N=24N1 5整个杠杆仍然在原位置保持平衡，硬杆作用在力的力仍为1 0 N,由力的相互性，杠杆对硬杆竖直向上的力1 0 N,即硬杆对Gi剩余部分竖直向上的拉力为1 0 N,故 Gi剩余部分对地面的压为/=G：
27、-T=24N-10N=14NGi剩余部分与地面的接触面积为Sz=8cmx 10cm=80cm2=0.008m2Gi剩余部分对地面的压强为 下一14N0.008m2=175()Pa1 9.如图甲所示，底面积S 为 25cm2的圆柱形平底容器内装有适量的未知液体，将容器放入水中处于直立漂浮状态，容器下表面所处深度加=10cm,该容器受到的浮力是 N；如图乙所示，从容器中取出lOOcn?的液体后，容器下表面所处深度2=6.4cm时，则该容器所受浮力减少了 N,未知液体的密度是 kg/m（g 取 10N/kg）*皖亘甲 乙【答案】口 2.5 口.0.9.0.9x103【解析】【详解】（1）容器排开水的
28、体积%；=Sl-25cm2 x 10cm-250cm3=2.5x10 m3容器受到水的浮力为=pgV=1.0 x 103kg/m3 x lON/kg x 2.5 x 10-4m3=2.5N（2）从容器中取出100cm3的液体后，容器下表面所处的深度力 2=6.4cm=0.064m容器减少的浮力为/=。水 gA%=。水姬（九一色）=1 Ox 10kg/n?x 1 ON/kgx 2,5x10-3m2 x（0.1-0.064）m=0.9N减小的浮力等于减小的重力，所以减小的重力为0.9 N,所以从容器中取出液体的质量为m=-9 N=0.09kg=90gg 1 ON/kg&液体的密度为p=9Og,=0
29、.9g/cm3=0.9 x 103kg/m3V 100cm320.如图所示，点 燃 的 蜡 烛 及 焦 距 为15cm的凸透镜固定在光具座上，要 在 光 屏 上 承 接 到 烛 焰 （选填“正立”或 倒立”）、放大的清晰实像，需将光屏向（选填“左”或 右”）移动；一段时间后，蜡烛变 短 了，烛 焰 在 光 屏 上 成 的 像 会 向 （选填 上”或 下”）移。,16cm 10 20 30 40 50 60 70 80 90 1（）6 限【答 案】.倒立.右 口 上【解 析】【详 解】1由图知，物距为u=50.0cm-25.0cm=25.0cm 2/根据凸透镜成像的规律知，此时成倒立的、放大的实
30、像；此时像距，应 大 于2 7,故需将光屏向右移动。3根据凸透镜成像的规律知，蜡烛变短了，烛焰在光屏上成的像会向上移。21.连接在水平桌面上的物体M两端的轻质细绳分别绕过定滑轮与A、B相 连，细绳恰好水平，如图所示.当A重3N。B重5N时，M恰好做水平匀速直线运动，若滑轮摩擦不计，此 时M受到的摩擦力大小为 N 方向是。当B刚触地时，若A.M都不会与滑轮相碰，M受到的摩擦力方向是【答 案】口.2.水平向左.水平向左【解 析】【详 解】1因 为M恰好做水平匀速直线运动，所 以M受力平衡，根 据 对M的受力分析可知，此 时M受到的摩擦力大小为户 GB-GA=5N-3N=2N 2经分析可知，此 时M
31、水平向右运动，所以摩擦力的方向为水平向左。3当B刚触地时，若A、M都不会与滑轮相碰，由于惯性，M将继续水平向右运动，所 以M受到的摩擦力方向还是水平向左。22.如图所示，电路中电源电压保持不变。当 开 关S闭合、Si断开，甲、乙两表为电流表时，甲、乙两表示数之比为5:8；当开关S和S i都闭合，甲、乙两表为电压表时，鸟、&消 耗 的功率片：6=两电压表示数。甲：。乙=.【答案】0.5:3 .8:3【解析】【详解】1 如图所示，当开关S闭合、S i断开，甲、乙两表为电流表时，飞 与凡并联，甲表测量通过尺2的电流，乙表测量干路电流，甲、乙两表示数之比为5:8,由并联电路的电流特点可知通过 的电流与
32、通过&的电流之比A :4 =3:5各支路两端电压U相等，可知K与号的电阻之比：4：宠2=5：3；而当开关S和S i都闭合，甲、乙两表为电压表时，用 与&串 联，此时用与段两端的电压之比(J：U2=&：R,=5:3根据=U/可知6：E=U：U 2=5：3。2此时甲表测两电阻两端电压之和，乙表测电阻与两端的电压，则两电压表示之比U甲：。乙=8:323.如图甲所示是探究“电流与电压关系”的实验电路图，电源电压恒定不变，移动滑动变阻器滑片，测出多组数据，在图乙中画出了4的电流与电压关系的/U图像，由 图 可 得 到 的 实 验 结 论 是.小组又利用该电路来探究“电流与电阻的关系”，根据实验数据在丙图
33、中作出电流与电阻关系的/R图像，则实验中定值电阻两端保持不变的电压是 V。【答案】.导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 口.2.5【解析】【详解】1 乙图是凡的电流与电压关系的/U图像，凡电阻保持不变，由图乙可知，电阻Q 的/-U图像为过原点的直线，因此得出结论是：导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。2 探 究“电流与电阻的关系”的实验在，应控制电阻两端的电压不变，根据电流随电阻变化的图像可知，定值电阻两端的电压为U=Z R=0.5 A x 5 c=0.25 A x 1 0 C=0.1 A x 25 c=2.5 V即定值电阻两端的电压始终保持2.5 V。24
34、.如 图（a）所示，空缆车随缆绳做匀速直线运动，在 图（b）中画出缆车的轿厢（以方框表示）受力示意 图（不计空气阻力）.G【解析】【详解】空缆车随缆绳做匀速直线运动，则轿厢也是做匀速直线运动，受力平衡，受到竖直向下的重力G和竖直向上的拉力F 的作用，这两个力大小相同，作用点在轿厢的中心，示意图如图所示：2 5.如图所示，S为发光点S 在 平 面 镜 中 所 成 的 像，请在图中画出发光点S 的位置，并画出一条由S点发出，经平面镜反射后通过P 点的光线.()P.i 9 S,【详解】作出像点S 的对称点，即为发光点S,连接S P,与镜面的交点为入射点。，再连接S。，画上箭头,则 S。为入射光线，0
35、 P 为反射光线.如下图所示：26.用力将端面已锂平的两块铅柱紧压在一起，然后将他们具挂起来，并在下方挂一重物，发现两铅柱不分 开（如图甲）。对此现象，小金有疑感：两铝柱不分开的原因是大气压力造成还是其他引力造成？于是小金将图甲所示的铅柱与重物固定在一个玻璃钟罩内（如图乙），逐渐抽出钟罩内的空气。（1）在 抽 气 的 过 程 中 钟 罩 内 气 体 的 压 强 （选填“逐渐变小 一直不变 或 逐渐变大”）；（2）在抽气的过程中，钟罩内两铅柱分开了，则（选填 能 或 不能”）确定图甲所示的两铅柱间有其他引力存在；（3）如果在抽成真空时，钟罩内两铝柱也不分开，则（选填“能”或“不能”）确定图甲所示
36、的两铅柱间有其他引力存在。【答案】,逐渐变小,不能,能【解析】【详解】（1）口 在抽气的过程中钟罩内气体密度逐渐变小，压强逐渐变小。（2）2 在抽气的过程中，钟罩内两铅柱分开了，说明重力大于大气压力及可能存在的引力的大小，还不能确定图甲所示的两铅柱间有其他引力存在。（3）3 如果在抽成真空时，大气压强为零，钟罩内两铝柱也不分开，说明有其他引力大于重力作用，则能确定图甲所示的两铅柱间有其他引力存在。2 7.小明用如图所示的装置探究平面镜成像特点，他 应 选 取 两 支 外 形 （选 填“相同”或“不同”）的蜡烛A、B进行实验；选 择 用 玻 璃 板 代 替 平 面 镜 实 验 的 目 的 是：在
37、探究实验的过程中，他把点燃的蜡烛A 放在距玻璃板3 0 c m处，蜡烛A 在玻璃板中所成的像到蜡烛A 的距离是cm。在玻璃板后蜡烛B侧放一光屏，无论怎样移动光屏，都不能接收到蜡烛A 的像，这说明【答案】.相同 便于确定像的位置 0.60 二平面镜所成的像是虚像【解析】【详解】1 为了比较像与物的大小关系，实验时应选取两支外形相同的蜡烛。2 玻璃板既能反射光线成像，也能让光线透过，便于确定像的位置。3 根据平面镜成像的特点，像与物到平面镜的距离相等，当蜡烛A 放在距玻璃板30cm处，像到平面镜的距离也是30cm,蜡烛A 在玻璃板中所成的像到蜡烛A 的距离为s=30cm+3()cm=60cm 4
38、根据平面镜成像的原理，平面镜成像是光的反射光线反向延长线的交点会聚而成的，并非实际光线会聚而成，不能在光屏上承接，说明平面镜成的像是虚像。2 8.如图甲所示，闭合开关S,滑动变阻器的滑片P 从最右端滑至灯正常发光的位置，电流表示数与两电压表示数的关系如图乙所示。则电源电压为 V,灯的额定功率为；在某次正常调节中，R 的阻值变化量比L 的阻值变化量大，则滑片P 的移动方向是(选 填“一定向左”“一定向右”或“向左、向右均可”)。【答案】.10 O.5.6W.向左、向右均可【解析】【详解】1 由甲图可知，闭合S 后，灯泡L 与滑动变阻器串联，电压表Vi测灯泡L 两端的电压，电压表V 2测滑动变阻器
39、两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片在最右端时，滑动变阻器接入阻值最大，电路中的总电阻最大，根 据/=可 知，此时电路中电流最小，滑动变阻器两端电压最大，灯泡两端的电压R最小.由乙图可知，最小电流/小=0.2 A,灯泡两端电压UL=1V,滑动变阻器两端电压U冷=9 V,由于串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压为U=UL+U 济=1 V+9 V=1 0 V 2根据题意可知，当电流表示数最大时，灯泡正常发光，由图乙可知，此时电路电流为/大=0.8 A,滑动变阻器两端电压为3 V,因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡的额定电压为U rU-U-1 0 V-3 V=7 V灯泡的
40、额定功率为P 额=。瞅/大=7 V x O.8 A=5.6 W 3 若滑片左移，R的阻值变小，分压减小，L的分压增大，通过它的电流增大，L的阻值变大，根据,U/增大，可知总阻值变小，故火的阻值变化量大于L的阻值变化量；同理若滑片右移，电路K.+K中电流变小，总阻值变大，R的阻值变化量大于L的阻值变化量，故滑片P的移动方向是向左、向右均可。29.在测量石块密度的实验中。（1）小明所在小组将天平放在水平桌面上，游 码 移 到 标 尺 左 端 一 处，若天平的横梁都静止时，指针位置如图甲所示，则应将平衡螺母向_ _ _ _调节,使横梁在水平位置平衡;（2）将石块放在左盘中，在右盘中加减祛码,并移动游
41、码使横梁重新平衡，盘中祛码的质量和游码的位置如图乙所示，则石块质量为g；（3）用细线吊着石块将其放入盛水的量筒中,如图丙所示，可算出石块的密度为.g/c m 3；（4）小华所在小组不小心把量筒打碎了，利用天平和水完成了实验（如图），步骤如下:IOABCA.把石块放入烧杯加水浸没，在水面做记号后测总质量如B.取走石块，测出烧杯和水的质量加2C.加水到标记，测出烧杯和水的总质量W3则小石块的密度表达式P,（用机I、加 2、水来表示）由于取出小石块时石块上沾有水，这样测得小 石 块 的 密 度 （选 填“偏大”、“偏小”或“不变”）；（5）小华所在小组还描绘了四幅图像，如图，其中能正确表示“同种物质
42、的质量与体积的关系”的图像是；m.-m,【答案】.零刻度线.左 0.5 4 3.2.1.-P水.偏小 n.DTTly-m【解析】【详解】（1）1 使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，把游码移到标尺左端的零刻度线处。2 由图甲可知指针向右偏，说明右端下沉，左端上翘，所以平衡螺母向左调节，使横梁在水平位置平衡。（2）3 图乙标尺的分度值是0.2g,石块的质量为%=5 0 g+4 g=5 4 g（3）4 由图丙知，水的体积为2 0 m L,水和石块的总的体积为4 0 m L,则石块的体积为K=40 m L-2 0 m L=2 0 m L=2 0 c m3石块的密度为mp=V5 4g2 0 c m
43、3=2.7 g/c m3（4）5 把石块放入烧杯加水浸没，在水面做记号后测出总质量如；取走石块，测出烧杯和水的质量加2；石块的质量m 4干 加|-加 2加水到标记，测出烧杯和水的总质量加3；后添加的水的质量加 水=加3 加 2添加的水的体积M=-加 水 _铀V加 水 一八 一 八P水 P水由题意可知，石块的体积等于添加的水的体积V 5=K JU*则该小石块密度的表达式为_ I石 /%一，m-rn2P P 1K/-/4 吗P水 6 根据以上步骤，当将石块从水中拿出时会沾有水，?2偏小，所以质量和体积的测量都会偏大，因为增加m的质量与体积的比值为水的密度，一般小于石块的密度，根据夕=可知，测出的石
44、块密度值偏小。（5）7 同种物质的质量与体积成正比，体积越大、质量越大，因此图像D能正确表示同种物质质量与体积的关系，故选D。3 0.小明在探究“影响浮力大小因素”的实验后思考：同一物体浸没在不同液体中所受的浮力不同，是不是就可以用甲、乙实验装置来测量烧杯中液体的密度？他决定对弹簧测力计进行重新标度，将它改成一个密度秤。使用时;在烧杯中装不同的液体。将甲装置中的物体浸没到不同液体中，就可以测出液体的密（1）该密度秤的零刻度应标在_ _ _ _ _ _ _ _ _ _N处，待测液体p淹应不超过 g/c n?；（2）小明对本实验进一步分析，进而得到“测力计的示数与被测液体的密度之间的函效关系，则符
45、合此关系的应是图丙中的图_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ （选填（3）用此密度秤测量时，该密度秤的刻度（选 填“均匀”“不均匀）；（4）用此密度秤测量时，若物块未完全浸没，则测得液体密度值将偏（5）为增大该密度秤的量程，可以做如下改进 oA,换用质量、体积更大的物体 B.换用质量、密度更大的物体C.换用体积更大，密度相同的物体 D,换用量程更大的弹簧测力计【答案】d.4 口.4 .均匀 口.小.B【解析】【详解】（1）口 液体密度为零时，物体不受浮力，弹簧测力计的示数大小等于物体的重力，等于4 N,所以它的零刻度线应标在4N 处。2 由图甲、乙可知，物体浸没在水中受到的浮力为尸 浮
46、水=G-Q=4N-3N=1N物体的体积为V =唳=-5 =-=1 x lOm3排 0水g 1 x力依/x ION/依密度秤在使用时，物体受到的最大浮力等于物体的重力，即尸 浮=G=4N那么液体的最大密度为液=青=而国普7 r 4 x l 0 g/m=4 g/加因 由F=G-F=p 滋g/fj可得F=G-p mgV 挂可知液体密度越大，弹簧测力计示数越小，所以弹簧测力计的示数与被测液体的密度之间的函数关系与相符。（3）4 由公式F=G-0淑可知，物体重力不变，排开液体的体积不变，弹簧测力计的示数与液体的密度之间属于一次函数关系，所以刻度是均匀的。（4）5 若物块未完全浸没，根据公式诈 可知，物块
47、受到的浮力会偏小，弹簧测力示数偏大，则测得的液体密度值将偏小。（5）要想提高液体密度秤测量液体密度时的量程，可以增大分度值，在物体的质量不变时，需要减小物体的体积，故换用密度大的物块，故 B 符合题意，ACD不符合题意。故选B。31.在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5 V,电源电压为4.5V。p甲丙（1）用笔画线代替导线，将电路连接完整_ _ _ _ _ _;（2）连接好电路闭合开关后，发现灯泡不亮，检查电路发现电压表、电流表均有示数，则接下来的操作应是;（3）问题解决后，移动滑动变阻器滑片，当电压表示数为2.3 V 时，为了让灯泡正常发光，此时应将滑片向（左/右）侧移动
48、；（4）当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为 W；（5）下表是实验中测量的几组数据，其中一个电流数据有误，此数据为；UN1.01.52.02.53.0/A0.20.2 50.2 80.3 7（6）要完成上述表中数据测量，实验中滑动变阻器的总阻值至少为 C；（7）小明打算只利用两电表中的电流表来测量小灯泡的额定功率，他增加了一个阻值为1 0 C 的定值电阻心 和两个开关，设计了如图丙所示电路，请将电阻&、电流表和灯泡的符号填入虚线框中便其能完成实验p【答案】.移动滑片，观察灯泡是否发光.右 .0.7 5 .0.3 7 .1 7.5 .【解析】【分析】【详解】(1)1 在测量
49、小灯泡的电功率时，所用I的电路应是串联电路，而滑动变阻器上边的接线接任一端都可以，对变阻器接入电路的阻值大小无影响，而电压表应并联在小灯泡两端，所以电路连接如下：(2)2 闭合开关，灯泡不亮，但电压表、电流表均有示数，说明电路中无断路，小灯泡也无短路，那么可能是滑动变阻器接入电路的阻值过大，造成电路中的电流过小。所以应移动滑片，观察灯泡的发光情况。(3)3小灯泡的额定电压为2.5 V,而电压表示数为2.3V时，比小灯泡的额定电压小，据串联电路的分压特点，应移动滑片让变阻器接入电路的阻值变小，分去的电压变小，直到电压表的示数为2.5V。所以应向右移动滑片。(4)4由图乙知，电流表的量程为00.6
50、 A,分度值为0.02A,示数为0.3A。那么小灯泡的额定功率P=(7i7=2.5V xO.3A=O.75W(5)5由表格数据知，前四组对应的电压与电流的比值分别为5、6、7.1、8.4,即电压增大时，电压与电流的比值也增大，而第五组数据中电压与电流的比值为8.1,比&4小，那么此组数据的电流0.37A有误。(6)6实验探究中，当电压表的示数最小时，即小灯泡两端的电压最小时，变阻器分去的电压最大，此时变阻器接入电路的阻值最大为所以实验中变阻器的总阻值至少为17.5C。(7)7按题意，应将定值电阻与小灯泡并联后再与滑动变阻器串联在电路中，通过两个开关的通断来控制电流表所测量的电流。当开关Si断开