《重庆市二0三中学校2023-2024学年高三上学期开学考试物理试题含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《重庆市二0三中学校2023-2024学年高三上学期开学考试物理试题含答案.pdf（18页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、重庆重庆二二 0 0 三中学三中学 2 2023023-20202 24 4 上期高三开学考试物理试题上期高三开学考试物理试题考试时间：90 分钟第第 I I 卷（选择题）卷（选择题）一、单选题一、单选题(每每题题 4 分分，共共 3232 分分)1 观察图中屋顶的炊烟和车上的小旗，可知甲、乙两车相对于房子的运动情况，其中正确的是（）A甲、乙两车一定都向左运动B甲、乙两车一定都向右运动C甲车可能运动，乙车可能向右运动D甲车可能静止，乙车一定向左运动2某跳伞运动员做低空跳伞表演。他离开悬停的飞机后先做自由落体运动，距离地面128m时打开降落伞，落地前瞬间速度大小为4m/s。若打开降落伞后运动员的
2、运动可看作匀减速直线运动且加速度大小为214m/s，取重力加速度210m/sg。运动员做自由落体运动的时间为（）A3sB4sC5sD6s3如图所示，几个水球可以挡住一颗子弹？许多人被问到这个问题时，答案可能都不一样，国家地理频道）（National Geographic Channel）就为此特地做了一次实验，把 10 个水球依序排成了一直线，还找来专家对着这排水球开枪，没想到结果却让不少人出乎意料，四个水球就可以挡住子弹了！已知子弹的质量10mg，每个水球直径为15cm，水球间距10cm，子弹以800/m s的初速度射入第一个水球，假设子弹在水中做匀变速直线运动，且子弹恰好可以穿出第四个水球
3、，由以上数据不能估算出（）A子弹在每个水球中的速度变化B子弹的平均速度C子弹的落地速度D子弹在水中受到的阻力4两辆小汽车在平直路面上同向运动，两车从同一地点由静止同时出发，其位移 x 随速度平方2v变化的关系如图所示，图中 a、b、c 分别表示了两车的vt图像，以下判断正确的是（）A两车在1x处再次相遇B甲、乙两车的vt图像为图 aC甲、乙两车的vt图像为图 bD甲、乙两车的vt图像为图 c5如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，碗的内表面及碗口是光滑的。一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为1m和2m的小球，当它们处于平衡状态时，质量为1m的小球与 O点的连线与水平线的夹角为60
4、。两小球的质量比21mm为（）A33B23C32D226如图所示，一顶端附有定滑轮 O1的斜面体放置在水平地面上，斜面体质量为 M、倾角为 30。定滑轮 O2通过轻杆固定在天花板上，一细绳绕过两定滑轮 O1、O2，一端连接质量为 2m 的物块 A，另一端连接质量为 m 的物块 C，A 物块放置在斜面体上，C 物块竖直悬挂。另有一动滑轮 O3跨在细绳上，下端通过另一细绳连接一质量为 m 的物块 B，整个系统处于静止状态。现在右侧细绳的结点 P处施加一与细绳成 120夹角的力 F，使物块 C 缓慢移动，直至右侧细绳 O2P 处于水平状态。在这个过程中细绳始终拉直，力 F 的方向始终保持与细绳的夹角
5、不变，物块 A 和斜面体始终处于静止状态。忽略滑轮的摩擦，在施加力 F 以后的过程中，下列说法中正确的是（）A力 F 的最大值为 2mgB物块 B 始终保持不动CA 物体受到的摩擦力先减小后增大D地面对斜面体的摩擦力先增大后减小7如图所示，A、B 两物体用两根轻质细线分别悬挂在天花板上，两细线与水平方向夹角分别为 60和 45，A、B 间拴接的轻弹簧恰好处于水平状态，则下列计算正确的是（）AA、B 所受弹簧弹力大小之比为32BA、B 的质量之比为 mAmB31C悬挂 A、B 的细线上拉力大小之比为 12D同时剪断两细线的瞬间，A、B 的瞬时加速度大小之比为 368如图所示，一乒乓球用细绳系于盛
6、有水的容器底部，某时刻细绳断开，在乒乓球上升到水面的过程中，台秤示数（）A变大B不变C变小D先变大后变小二、多选题二、多选题(每题每题 4 4 分，共分，共 1616 分。缺选，漏选得分。缺选，漏选得 2 2 分，多选或错选不得分分，多选或错选不得分)9由 a=vt可知,下列说法中正确的是()A物体的加速度 a 与v 成正比B物体的加速度 a 的大小由v 决定C物体的加速度 a 的方向与v 的方向相同Dvt叫速度的变化率,就是物体的加速度10如图，水平地面上有三个靠在一起的物块 P、Q 和 R，质量分别为 m、2m 和 3m，物块与地面间的动摩擦因数都为。用大小为 F 的水平外力推动物块 P，
7、设 R 和 Q 之间相互作用力与 Q 与 P 之间相互作用力大小之比为 k。下列判断正确的是（）A若0，则 k56B若0，则 k35C若0，则 k12D若0，则 k3511如图所示，A、B 两物块的质量分别为 3m 和 2m，静止叠放在水平地面上A、B 间的动摩擦因数为，B 与地面间的动摩擦因数为2最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g。现对 A施加一水平拉力 F，则下列说法中正确的是（）A当52Fmg时，A、B都相对地面静止B当6Fmg时，A的加速度为gC当3Fmg时，A相对B滑动D当6Fmg时，B的加速度为1g212如图所示，传送带AB的长度16mL，传送带与水平面的夹角37，传送带
8、以010m/sv 的速度逆时针匀速运动。在传送带的顶端 A 处无初速度地放一个质量0.5kgm 的小物块，它与传送带之间的动摩擦因数0.5，取重力加速度大小210m/s,sin370.6,cos370.8g 。下列说法正确的是（）A小物块先做加速度大小为210m/s的加速运动，再做匀速运动B小物块从 A 运动到B所用的时间为2sC小物块离开传送带时的速度大小为12m/sD小物块在传送带上留下的痕迹长为5m第第 IIII 卷（非选择题）卷（非选择题）三、实验题三、实验题（每空（每空 2 2 分，共分，共 1 16 6 分）分）13在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中，由于弹簧自身重力的影响，弹簧
9、平放时的长度与竖直悬挂时的长度有明显不同，某同学进行了如下操作：先将弹簧平放在桌面上，用刻度尺测得弹簧的长度为01.15cmL；再将弹簧的一端固定在铁架台上，弹簧自然下垂，然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧的一侧，刻度尺零刻度线与弹簧上端对齐，并使弹簧下端的指针恰好落在刻度尺上，将指针指示的刻度值记作1L；弹簧下端挂一个50g的砝码时，指针指示的刻度值记作2L；弹簧下端挂两个50g的砝码时，指针指示的刻度值记作3L；测量记录如表：代表符号L1L2L3L4L5L6刻度值/cm1.703.405.106.858.6010.30请回答下列问题（1）用力学实验中常用的“逐差法”处理实验数据，能够
10、减小因为长度测量带来的误差，则每增加50g砝码的弹簧平均伸长量L可表示为。（用表中的代表符号表示）（2）根据表中数据计算，该同学所用弹簧的劲度系数k N/m；弹簧自身的重力0G N。(g取29.8m/s，结果保留 3 位有效数字）14某同学用图甲所示的实验装置测定小车加速度，正确操作后获得图乙所示的一条纸带，他用天平测得小车的质量为 M，钩码质量为 m，用毫米刻度尺测得纸带上自 0 点到连续点 1、2、3、4、5、6 的距离分别为：11.07cmd、22.24cmd、33.48cmd、44.79cmd、56.20cmd、67.68cmd，已知实验所用交流电频率为50Hzf：（1）电火花打点计时
11、器工作时使用()电源A 220V 直流B.220V 交流C46V 直流D46V 交流（2）下列操作正确的是()A打点前，小车应靠近打点计时器，要先释放小车，再打开电源B要舍去纸带上密集的点，然后选取计数点C打点频率为 50Hz，每隔四个点取一个计数点，相邻两计数点间的时间间隔为 0.02sD实验中应使小车速度越小越好（3）打点 2 时小车的速度大小为m/s(结果保留两位有效数字)；（4）小车运动过程中的加速度大小为2m/s(结果保留两位有效数字)（5）如果当时电网中交变电流的频率是49Hzf，而做实验的同学并不知道，由此引起的系统误差将使加速度的测量值比实际值偏(。选填“大”或“小”)四、解答
12、题四、解答题15（10 分）如图所示，平行于斜面方向的拉力作用于滑块，使其从 A 点由静止开始沿固定斜面上滑。滑块运动到 B 点时撤去拉力，滑块继续上滑到最高点 C 点后恰好能静止在斜面上。已知AB间距离是BC间距离的 2 倍，斜面的倾角为30。求：（1）滑块上滑经过AB段和经过BC段所需要的时间之比；（2）拉力与滑块重力的大小之比。16（12 分）如图小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止的光滑斜面上，设小球质量 m，斜面倾角30a，悬线与竖直方向夹角30，光滑斜面的质量为3Mm，置于粗糙水平面上，重力加速度为 g。求：（1）当斜面体静止时，悬线对小球拉力大小；（2）当斜面体静止时，地面对斜面的摩
13、擦力的大小和方向。（3）若另外用一个外力拉小球，能够把小球拉离斜面，求最小的拉力的大小。17（14 分）如图（甲）所示，地面上有一长为 l=1m，高为 h=0.8m，质量 M=2kg 的木板，木板的右侧放置一个质量为 m=1kg 的木块（可视为质点），已知木板与木块之间的动摩擦因数为1=0.4，木板与地面之间的动摩擦因数为2=0.6，初始时两者均静止现对木板施加一水平向右的拉力 F，拉力 F 随时间的变化如图（乙）所示，取 g10 m/s2求：（1）前 2s 木板的加速度；（2）木块落地时距离木板左侧的水平距离s参考答案：参考答案：1D【详解】从图上屋顶的炊烟方向可以判断风的方向是向左的，图中
14、甲物体的小旗向左飘，我们可以判断甲物体可以静止，可以向右运动，也可以向左运动，向左的速度必须小于风速；图中乙物体的小旗向右飘，我们可以判断乙物体一定向左运动，且向左运动的速度大于风速。选项 D 正确，ABC 错误。故选 D。2D【详解】选取向下为正方向，由速度和位移关系可得22212vvah解得160m/sv 对于自由落体运动过程有1vgt解得6st 故选 D。3C【详解】A根据题意知，子弹在气球水中做匀减速直线运动，在气球之间的空气可看做匀速直线运动，假设先不计气球之间的运动，则子弹在整个过程做匀减速直线运动，末速度恰好为零，运用逆向思维法，可看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，由题意可知
15、：00m/sv，800m/sv，0.6mx 根据运动学基本公式：2202vvax，即可算出加速度 A，对于每一个气球来说，根据公式2202vvax，可以算出子弹穿过气球的初末速度，则子弹在每个水球中的速度变化为：0vvv A 选项可以计算出，A 正确；B根据公式0vvat可计算出在气球中和在水中的的时间，再根据公式xvt可算出子弹的平均速度，B 正确；C由于不知道最后子弹距离地面的高度，所以不能算出子弹的落地速度，C 错误；D已经算出子弹的加速度 A，根据牛顿第二定律Fma即可算出子弹在水中受到的阻力，D 正确；故选 C。4B【详解】根据公式22212vvax变形可得212xva由图像可得，乙
16、的加速度不变，甲的加速度逐渐增大，所以甲、乙两车的vt图像为图 a。由于甲、乙的位移图像在1x处速度相同，由 a 图（即甲乙两车的 v-t 图）可得，速度相同时，需要的时间不同，则两车是不同时间到达1x，故没在1x处相遇，故 ACD 错误，B 正确。故选 B。5A【详解】2m球保持静止状态，根据二力平衡可知2Fm g1m球受力如图由几何关系可知160Nm F根据共点力平衡条件有cos60cos600FN1sin60sin600FNm g代入数据联立解得2133mm故 A 正确，BCD 错误。故选 A。6D【详解】A对结点 P 受力分析，如图所示设 O2P 与竖直方向的夹角为，O2P 绳上的拉力
17、为 T，根据几何关系可得18012060 根据正弦定理可得sinsinsin(120)FmgT当由 0 逐渐增大到 90的过程中，sin逐渐增大，sin（120-）先增大后减小，所以 F 逐渐增大，当 O2P 水平时，即=90时，F 达到最大，此时2 3sin603mgFmgT 先增大后减小，当=30时，T 达到最大，此时2 3sin603mgTmg故 A 错误；B对滑轮 O3与绳的结点受力分析，左右两段绳中的拉力大小相等，均等于 T，而连接 B 物体的绳拉力始终等于 mg，设绳与竖直方向的夹角为，根据力的合成法有2 cosTmg当 T 先增大后减小的过程中，绳与竖直方向的夹角先增大后减小，所
18、以物块 B 将先向上后向下移动，故 B 错误；C对 A 物体受力分析，初始时重力沿斜面向下的分力与绳的拉力大小相等，所以摩擦力为零，当绳中的拉力先增大后减小的过程中，A 所受到的摩擦力方向沿斜面向下，且有f2sin30mgFT当 T 先增大后减小的过程中，Ff应先增大后减小，故 C 错误；D对物块 A 以及斜面整体为研究对象，地面对斜面体的摩擦力等于 O1O3间绳拉力在水平方向的分力，即sinfT当 T 先增大后减小的过程中，绳与竖直方向的夹角先增大后减小，所以 f 先增大后减小，故 D 正确。故选 D。7B【详解】A弹簧处于水平静止状态，则 A 对弹簧的力和 B 对弹簧的力大小相等，故 A、
19、B 受弹簧的弹力大小相等，A 错误；B对 A 受力分析可知mAgFtan 60对 B 受力分析可知mBgFtan 45故tan603tan451ABmmB 正确；C细线对 A 的拉力FTAcos60F细线对 B 的拉力FTBcos45F故cos452cos601TATBFFC 错误；D剪断细线前，弹簧弹力FmBg剪断细线瞬间弹簧弹力不变，A 受合力为 2mBg，故 A 的加速度22 333BABm gagmB 的加速度为2Bag故 A、B 加速度之比为63，D 错误；故选 B。8C【详解】在乒乓球加速上升的过程中，同体积的水球加速下降，水球比乒乓球的质量大，水和乒乓球系统的重心加速下降，处于失
20、重状态，台秤示数变小。故选 C。9CD【详解】加速度是表征物体速度变化快慢的物理量，物体的加速度大小等于速度变化率vt，与速度变化量无关v 大，a 不一定大，选项 AB 错误；加速度 a 的方向就是v 的方向，速度的变化率为vt，即加速度，选项 CD 正确；故选 CD【点睛】应该注意的是公式 a=vt只是加速度的定义式，只能由此公式计算大小和判断方向，加速度的大小是由力和质量决定的10BD【详解】对整体，由牛顿第二定律有F（m2m3m）g（m2m3m）a设 R 和 Q 之间相互作用力的大小为 F1，Q 与 P 之间相互作用力的大小为 F2，对 R，由牛顿第二定律有F1（3m）g3ma解得F12
21、F对 Q 和 R 组成的整体，由牛顿第二定律有F2（2m3m）g（2m3m）a解得F256F所以1235FkF与无关。故选 BD。11AB【详解】A根据题意可知，B 与地面间的最大静摩擦力为15522fmgmgA 与之间的最大静摩擦力为213fmgf所以当152Fmgf时，A、B 都相对地面静止，故 A 项正确；BD当26Fmgf，所以此时 A、B 发生相对运动，对 A 分析有213Ffma解得1ga对 B 分析有2122ffma解得214ag故 B 正确，D 错误；C当 A、B 刚要发生相对滑动时，对 AB 整体0252FmgMma（）得0154Fmg可见只有当0154Fmg时，A、B 之间
22、才会发生相对滑动，故 C 项错误。故选 AB。12BCD【详解】A开始阶段，设小物块的加速度大小为1a，由牛顿第二定律得1sincosmgmgma解得2110m/sa 小物块加速到与传送带的速度相等时，根据速度-位移关系有201 12va x根据速度-时间关系有01 1va t解得15mx 11st 因为1xL小物块共速后发生临界滑动，摩擦力反向，由牛顿第二定律得2sincosmgmgma解得222m/sa 故 A 错误；B根据位移-时间关系有210 2212Lxv tat解得21st 小物块从 A 运动到B的时间12ttt解得2st故 B 正确；C设小物块离开传送带的速度大小为1v，根据速度
23、-时间关系有102 2vva t解得112m/sv 故 C 正确；D共速前小物块与传送带的相对位移210 1112xv tat解得15mx 共速后小物块与传送带的相对位移220 22 20 212xv ta tv t解得21mx 因为12xx所以小物块在传送带上留下的痕迹长为5m，故 D 正确。故选 BCD。13 6543219LLLLLL28.4N/m0.156N【详解】（1）1根据题意有：L4L13L，同理：L5L23L，L6L33L，因此每增加50g砝码的弹簧平均伸长量L 6543219LLLLLL（2）2弹簧的劲度系数为：229 0.05 9.8N/m(6.858.6 10.3)10(
24、1.703.405.10)10FkL=28.4N/m3弹簧自身的重力为G0k（L1L0）28.4（1.701.15）102N0.156N14BB0.602.0大【详解】（1）1电火花打点计时器使用 220V 交流电源；（2）2A为充分利用纸带，打点前，小车应靠近打点计时器，要先打开电源，再释放小车，故 A错误；B为测量方便，要舍去纸带上密集的点，然后选取计数点，故 B 正确；C打点频率为 50Hz，每隔四个点取一个计数点，相邻两计数点间的时间间隔为 0.1s，故 C 错误；D实验中应使小车速度适中，太快会使打的点数太少，太慢会使打的点太密集，故 D 错误。（3）3 打点 2 时小车的速度大小为
25、2312(3.48 1.07)10m/s=0.60m/s22 0.02ddvT（4）4根据2xaT，由逐差法可得22263322(7.683.483.48)10m/s2.0m/s99 0.02dddaT（5）5 如果当时电网中交变电流的频率是49Hzf，则计算用的打点的时间间隔 T 小于真实值，故计算的出加速度的测量值大小大于真实值。15（1）2:1；（2）3:2【详解】（1）滑块的两个过程均为匀变速直线运动，在 A、C 点时速度为零，设在 B 时速度为 v，可得12ABABxvt12BCBCxvt解得2:1ABABBCBCtxtx（2）设滑块质量为 m，所受的拉力为 F，上滑过程中的加速度分
26、别为12、aa，由vat（或者22vax）可知12:1:2aa 由牛顿第二定律有1sinFfmgma2sinfmgma在最高点时恰好静止，则sinfmg联立可得:3:2F mg 16（1）33mg；（2）36mg，方向水平向左；（3）12mg【详解】（1）设支持力为 F，绳子的拉力为 T，则sin120sin30sin30mgFT可得33FTmg（2）以小球和斜面的整体为研究对象，则3sin306fTmg方向水平向左；（3）要能够把小球拉离斜面，当所用的拉力与绳子垂直斜向左上方时，根据平衡条件可得拉力的最小值为Fmin=mgsin30=12mg17（1）22m/sa；（2）1.68m【分析】根
27、据图像可以知道不同时刻受到的外力大小，再利用牛顿第二定律求解木块的加速度；根据木块和木板的受力分析各自的加速度和运动情况，利用运动学公式分析求解【详解】（1）因为木块在木板上滑行的最大加速度为1mg=ma1解得a1=4m/s2保持木块与木板一起做匀加速运动最大拉力Fm=2(M+m)g+(M+m)a1=30N因 F1=24NFm=30N，木块和木板发生相对滑动，木块加速度 a1，木板加速度 a2为F1mg2(M+m)gMa2经时间 t2二者分离，此时由运动学知识可得vt2+12a2t22（vt2+12a1t22）l解得a2=6m/s2t2=1s此时木块的速度v块=v+a1t2木板的速度v板=v+a2t2木块与木板分离至滑落到地的时间为 t3，由平抛运动知识可得h=12g t32在木块与木板分离至滑落到地的时间为 t3内，木块在水平方向向前的位移为S块=v块t3木块与木板分离后，木板的加速度为 a3，由牛顿运动定律可得F2MgMa3在木块与木板分离至滑落到地的时间 t3内，木板在水平方向向前的位移为S板=v板t3+12a3t32所以，木块落地时距离木板左侧s=S板S块联立以上式子解得s=1.68m【点睛】本题较复杂，要时刻关注不同的运动状态下的受力状况，求出加速度，分析运动