《2022年高考物理真题完全解读(全国甲卷).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年高考物理真题完全解读(全国甲卷).pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2022全 国 高 考 理 综 甲 卷 物 理 试 题 解 析 与 评 析试题评析2022年高考理综甲卷物理试题注重体现学科特色，突出学科主干内容和关键能力的考察，落实立德树人根本任务，坚持正确的育人方向，促进学生德智体美劳全面发展；坚持守正创新，依托高考评价体系，深化基础性，突出对关键能力的考查；合理选取情境，加强教考衔接，促进学生科学思维和正确价值观念的形成与发展，引导考生综合能力提升。2022年高考物理加强教考衔接，促进对学生核心素养的培养，助力素质教育发展。注重考查通用方法、解决实际问题能力，减少“套路”与“技巧”1 .深化基础性，引导减少“机械刷题”现象2022年高考物理严格依据课程
2、标准，注重对高中物理核心、主干内容的考查，不偏不怪，注重在考查中深化基础性，加强定性和半定量的分析，在具体的情境中考查学生对物理本质的理解，引导学生知其然，更知其所以然，逐渐形成对物理全局性、整体性认识，避免将学生导向细枝末节知识的过度辨析、典型题套路和技巧的运用。同时，试题注重考查一些通用性的物理方法，引导减少“机械刷题”现象。例如，全国甲卷 第2 0题考查学生对电路情况、受力情况和运动情况进行分析和推理的能力，要求学生具备较强的运动与相互作用观念、能量观念。全国甲卷 第2 1题以带电小球在电场力和重力的作用下运动为情境，考查学生对能量转化与守恒、运动的合成与分解等物理观念的深刻理解，渗透等
3、效的思想。2.加强理论联系实际，发展学生问题解决能力2022年高考物理创设联系生产生活实际、科学技术进步的真实情境,考查学生建立物理模型，灵活运用所学物理知识解决实际问题的能力，促进学生核心素养的培养和发展。例如，全国甲卷第14题以北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台为情境，将学科内容和体育活动紧密结合，引导学生热爱体育运动。全国甲卷第2 5 题以一种可以测量微小电流的光点式检流计为情境，与科学实践紧密结合，引导学生领悟仪器设计中蕴含的物理思想，形成认真严谨的科学态度。3.加强实验设计，发展学生实验探究能力实验是培养学生物理学科素养的重要途径和方式。2022年高考物理在实验原理的理解、实验方案的
4、设计、实验仪器的选择、基本仪器的使用、实验数据的处理、实验结论的得出和解释等方面加强设计，考查学生的实验能力和科学探究能力，充分发挥对高中实验教学的积极导向作用，引导教学重视实验探究，引导学生自己动手做实验，切实提升实验能力。例如第2 3 题，研究滑块碰撞，处于表格处理实验数据，不拘一格，考查对实验相关知识的理解掌握。甲卷物理解析二、选择题：1 4.北京2022年冬奥会首钢滑雪大跳台局部示意图如图所示。运动员从a 处由静止自由滑下，到 b 处起跳，c 点为a、b 之间的最低点，a、c 两处的高度差为h。要求运动员过c 点时对滑雪板的压力不大于自身所受重力的4 倍，运动过程中将运动员视为质点并忽
5、略所有阻力,则 c 点处这一段圆弧雪道的半径不应小于（）ahA，ETT【参考答案】D【命题意图】本题考查机械能守恒定律，牛顿运动定律，圆周运动。【解题思路】从 a到 c,由机械能守恒定律，m g h=；m v 2,在 c点，由牛顿第二定律,V 2 2hF-m g=m ,F k m g,联 工解得 选项D正确。R k-1 5.长为/的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为二，要通过前方一长为乙的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过uGn）。已知列车加速和减速时0加速度的大小分别为。和 2a,则列车从减速开始至回到正常行驶速率所用时间至少为()A.v-v L+Z+-2a vB.v
6、-v L+2Z-0+-a vC.3(v-v)L+Z.-0-+-2a v3G-v)L+2ZD.0-+-a v【参考答案】C【命题意图】本题考查匀变速直线运动规律。v-v L+1【解题思路】列车减速运动时间=+，匀速运动时间t 广，加速运动时间:=2a vv-v v-v L+l v-v 3（v-v）L+l-U，总时间 t=L+t,+t a=-1 3,选项C正确。,4A01 7.两种放射性元素的半衰期分别为和 2，在=0 时刻这两种元素的原子核总数为M在=2 时刻，尚未衰变的原子核总数为了，则在f =4 1 时刻，尚未衰变的原子核总数为【参考答案】C【命题意图】本题考查对半衰期的理解与计算。【解题思
7、路】N=N 1+N 2,在 t=2 t（）时刻，一种经过了 2个半衰期，N1剩 下 N/4,另一种经过了 1 个半衰期，N 2 剩卜N,/2,则有N/4+N 2/2=N/3,解得：N =2 N/3,N 2=N/3。在 t=4%时刻，一种经过了 4个半衰期，N1剩下N/1 6,另一种经过了 2个半衰期，N2剩 下 N 2/4,尚未衰变的已知总数为N/1 6+%/4=N/8.，选项C正确。18.空间存在着匀强磁场和匀强电场，磁场的方向垂直于纸面（xOy平面）向里，电场的方向沿y轴正方向。一带正电的粒子在电场和磁场的作用下，从坐标原点O由静止开始运动。下列四幅图中，可能正确描述该粒子运动轨迹的是（）
8、【参考答案】D【命题意图】本题考查带电粒子在电磁场中的运动.【解题思路】带电粒子受到竖直向上的电场力和垂直速度方向的洛伦兹力作用，由左手定则可判断出洛伦兹力方向向左，轨迹可能正确的是Bo【易错提醒】根据左手定则可以判断出AC是错误的。注意到洛伦兹力使带电粒子向左下偏转后电场力做负功，带电粒子速度减小，洛伦兹力减小，可排除图像D。19.如图，质量相等的两滑块P、Q置于水平桌面上，二者用一轻弹簧水平连接，两滑块与桌面间的动摩擦因数均为日。重力加速度大小为g。用水平向右的拉力厂拉动P,使两滑块均做匀速运动；某时刻突然撤去该拉力，则从此刻开始到弹簧第一次恢复原长之前（）A.P的加速度大小的最大值为2|
9、JgB.Q的加速度大小的最大值为C.P的位移大小一定大于Q的位移大小D.P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小【参考答案】AD【命题意图】本题考查受力分析、牛顿运动定律和图像法分析等。【解题思路】在拉力作用下，PQ做匀速运动，弹簧弹力T-m g。撤去拉力F瞬间，P受到向后的弹力T 和摩擦力p m g,由牛顿第二定律，1+用】岷=加，解得知=2%，选项A 正确。Q 受到向前的弹力T 和向后的摩擦力pm g,由牛顿第二定律，T-pm g?%,解 得%=0,选 项 B 错误。撤去拉力F 后，P 做加速度逐渐减小的减速运动，Q 做加速度逐渐增大的减速运动，画出PQ 的速度图像，如图。可知P 的位移大
10、小一定小于Q 的位移大小，P 的速度大k小均不大于同一时刻Q 的速度大小，选项C 错误D 正确。【思路点拨】通过分析PQ 的运动情景，画出速度图像，一目了然，事半功倍。2 0.如图，两根相互平行的光滑长直金属导轨固定在水平绝缘桌面上，在导轨的左端接入电容为C 的电容器和阻值为R 的电阻。质量为阳、阻值也为R 的导体棒M N静止于导轨上，与导轨垂直，且接触良好，导轨电阻忽略不计，整个系统处于方向竖直向下的匀强磁场中。开始时，电容器所带的电荷量为Q,合上开关S 后，（）QA.通过导体棒M N电流的最大值为券nCB.导体棒M N向右先加速、后匀速运动C.导体棒MN速度最大时所受的安培力也最大D.电阻
11、R 上产生的焦耳热大于导体棒MN上产生的焦耳热【参考答案】AD【命题意图】本题考查电容器电容、电磁感应、安培力、运动情况分析、焦耳热。【解题思路】带电荷量Q 的电容器两端电压U=Q/C,合上开关S 的瞬间，通过导体棒M N的电流最大，最大值为IM=U/R=Q/RC,选项A 正确；合上开关S 后导体棒MN受到向右安培力作用先向右加速运动，产生与原来电流方向相反的感应电动势，阻碍电流通过MN放电，而电容器还可以通过电阻R 放电，导体棒M N 向右运动产生的感应电动势与电阻R形成回路，受到向左安培力作用做减速运动，选 项 B 错误；合上开关S 的瞬间，通过导体棒 M N 的电流最大，导体棒所受安培力
12、最大，选项C 错误：由于合上开关S 后导体棒MN受到向右安培力作用先向右加速运动，产生与原来电流方向相反的感应电动势，阻碍电流通过 M N放电，所以电阻R 产生的焦耳热大于导体棒M N上产生的焦耳热，选项D 正确。【易错提醒】通电导线做切割磁感线运动，产生与原来电流方向相反的感应电动势，阻碍电流通过。2 1.地面上方某区域存在方向水平向右的匀强电场，将一带正电荷的小球自电场中P 点水平向左射出。小球所受的重力和电场力的大小相等，重力势能和电势能的零点均取在P 点。则射出后，（）A.小球的动能最小时，其电势能最大B.小球的动能等于初始动能时，其电势能最大C.小球速度的水平分量和竖直分量大小相等时
13、，其动能最大D.从射出时刻到小球速度的水平分量为零时，重力做的功等于小球电势能的增加量【参考答案】BD【命题意图】本题考查带电小球在匀强电场中的运动、能量守恒定律、运动的分解等知识点。【解题思路】小球水平向左射出，小球水平方向受到向右的电场力作用，在水平方向在匀减速直线运动，竖直方向做自由落体运动。小球运动中只有重力和电场力做功，小球的动能、重力势能和电势能之和保持不变，小球动能最小时，其电势能和重力势能之和最大，电势能不一定最大，选 项 A 错误；小球水平向左射出，小球水平方向受到向右的电场力作用，电场力做负功，电势能增大，小球水平方向速度减小到零时，电势能最大，由于小球小球运动过程中重力和
14、电场力大小相等，所以小球水平方向速度减小到零时，小球的动能等于初始动能，电势能最大，选项B 正确；由于小球在水平方向在匀减速直线运动，竖直方向做自由落体运动，刚开始电势能增加的比重力势能减少的快，动能减小，当小球速度的水平分量等于竖宜分量时动能最小，选 项 C 错误；由于小球小球运动过程中重力和电场力大小相等，小球水平方向速度减小到零时，小球的动能等于初始动能，由功能关系可知，从射出时刻到小球速度的水平分量为零时，重力做的功等于小球克服电场力做的功，即重力做的功等于小球电势能的增加量，选项D 正确。三、非选择题：（一）必考题：2 2.（5 分）某同学要测量微安表内阻，可利用的实验器材有：电 源
15、E （电动势L 5V,内阻很小），电流表N （量程1 0 m A ,内阻约1 0 Q）,微安表（量程1 0 0 A,内阻R待测，约1 k ）,滑动变阻器R （最大阻值1 0 Q）,定 值 电 阻 勺（阻值1 0。），开 关S,导线若干。（1）在答题卡上将图中所示的器材符号连线，画出实验电路原理图；（2）某次测量中，微安表的示数为9 0.0 A,电流表的示数为9.（X）mA,由此计算出微安表内阻R =。g【参考答案】（1）(2)9 9 0【命题意图】本题考查测量微安表内阻、欧姆定律、并联电路规律，电路设计与连接。【解题思路】为了准确测出微安表两端的电压，可以让微安表与定值电阻勺并联，再与电流表串
16、联，通过电流表的电流与微安表的电流之差，可求出流过定值电阻勺的电流，从而求出微安表两端的电压，进而求出微安表的内电阻，山于电源电压过大，并且为了 测量多组数据，滑动电阻器采用分压式解法，实验电路原理图如图所示(2)由并联电路规律，R g=(I-IG)R 0,解得R g=9 9 0 Q2 3.（1 0 分）利用图示的实验装置对碰撞过程进行研究。让质量为加的滑块A与质量为加,的静止滑块B1 2在水平气垫导轨上发生碰撞，碰撞时间极短，比较碰撞后A和 B的速度大小口和u ,进而1 2分析碰撞过程是否为弹性碰撞。完成下列填空：(1)调节导轨水平.(2)测得两滑块的质量分别为0.5 1 0 k g和0.3
17、 0 4 k g。要使碰撞后两滑块运动方向相反，应选取质量为 k g 的滑块作为A o(3)调节B的位置，使得A与 B接触时，A的左端到左边挡板的距离T与 B的右端到右边挡板的距离s相等。2(4)使 A 以一定的初速度沿气垫导轨运动，并与B碰撞，分别用传感器记录A和 B从碰撞时刻开始到各自撞到挡板所用的时间。和。1 2(5)将 B放回到碰撞前的位置，改变A的初速度大小，重复步骤(4)。多次测量的结果如下表所示。12345t/s10.4 90.6 71.0 11.2 21.3 9t/s20.1 50.2 10.3 30.4 00.4 6表 中 的 勺=-（保留2 位有效数字）。攵=匕V20.31
18、k20.330.330.33V（7）一 的平均值为，（保留2 位有效数字）。vV（8）理论研究表明，对本实验的碰撞过程，是否为弹性碰撞可由一判断。若两滑块的碰撞v2V为弹性碰撞，则 的理论表达式为（用 加 和 加 表示），本实验中其值为V -I 2-2（保留2 位有效数字），若该值与（7）中结果间的差别在允许范围内，则可认为滑块A 与滑块B 在导轨上的碰撞为弹性碰撞。m-m【参考答案】（2）0.304kg（6）0.32（7）0.32（8）T0.482m1【命题意图】探究碰撞过程中的不变量，列表法处理实验数据、有效数字，【解题思路】（2）要使碰撞后两滑块的运动方向相反，必须使质量较小的滑块碰撞质
19、量较大的静止滑块，所以应选取质量为0.304kg的滑块作为Aot s 0.15s s S1=V|tj s=v2t2,解得k?=J。根据第1 组数据，可得百N=0.31,解得一=L01；I S k z s sI 2 2 20 33?5 0 2Iv根据第3 组数据，可得丁E=633,解得一=1.01;代入第2 组数据，可.得k=-=0.32.1.015 S-0.6/52 2 2V（7）的平均 值 为（0.31+0.32+0.33+0.33+0.33）-5=0.32.v2（8）由碰撞过程遵循的动量守恒定律，mVo=mV+m2V2若为弹性碰撞，则碰撞前后系统总动能不变，；m v02=g m v 2+；
20、m2V 22v m-m A,v m-m联 M解得，将题给数据代入可.得一=0.48.v 2m v 2m2 1 2 1V V【易错提醒】（7）中一的平均值为实验数据的平均值。（8）中 的理论表达式和理v v2 2论值，两者不同。2 4.(1 2 分)将一小球水平抛出，使用频闪仪和照相机对运动的小球进行拍摄，频闪仪每隔0.0 5 s 发出一次闪光。某次拍摄时，小球在抛出瞬间频闪仪恰好闪光，拍摄的照片编辑后如图所示。图中的第一个小球为抛出瞬间的影像，每相邻两个球之间被删去了3个影像，所标出的两个线段的 长 度 和$2 之比为3:7。重力加速度大小取g=1 0 m/s 2,忽略空气阻力。求在抛出瞬间小
21、球速度的大小。【参考答案】【命题意图】本题考查平抛运动规律的灵活运用。【解题思路】由平抛运动规律，X 1=v0-4T,y=l g (4T)2,1x2=v0 4T,y,+y2=-g (8T)2,S 2=X 2+y 2,s22=x22+y22,S S2=3 7,联立解得：V o=4 m/s。25.(20 分)光点式检流计是一种可以测量微小电流的仪器，其简化的工作原理示意图如图所示。图中A为轻质绝缘弹簧，C为位于纸面上的线圈，虚线框内有与纸面垂直的匀强磁场；M为置于平台上的轻质小平面反射镜，轻质刚性细杆D 的一端与M 固连且与镜面垂直、另一端与弹簧下端相连，PQ为圆弧形的、带有均匀刻度的透明读数条，
22、PQ的圆心位于M的中心。使用前需调零：使线圈内没有电流通过时.，M竖直且与纸面垂直；入射细光束沿水平方向经 PQ上的。点射到M 上后沿原路反射。线圈通入电流后弹簧长度改变，使 M 发生倾斜,入射光束在M上的入射点仍近似处于PQ的圆心，通过读取反射光射到PQ上的位置，可以测得电流的大小。已知弹簧的劲度系数为,磁场磁感应强度大小为8,线圈C的匝数为N。沿水平方向的长度为/,细杆。的长度为d,圆弧PQ的半径为r ,d远大于弹(1)若在线圈中通入的微小电流为/,求平衡后弹簧长度改变量的绝对值以及PQ上反射光点与O点间的弧长S；(2)某同学用此装置测一微小电流，测量前未调零，将电流通入线圈后，PQ上反射
23、光点出现在0点上方，与o点间的弧长为北、保持其它条件不变，只将该电流反向接入，则反射光点出现在O点下方，与O点间的弧长为S。求待测电流的大小。2【命题意图】本题考查安培力、胡克定律、光的反射定律及其相关知识点。【解题思路】(1)线圈中通入微小电流1,线圈受到的安培力为F =NBIlA弹簧长度的改变量的绝对值为醺，根据胡克定律有弹力F =k xt由平衡条件，F=FA,解得 =NBIIk x由于平面镜偏转角度。很小，所以9 a ta n e =a反射光线转过的角度为2。P Q上反射光点与0点间的弧长s=2 0 r解得s =2NBIlrkcl(2)由于测量前未调零，设初始弹簧形变量为x。,一A NB
24、I I设待测电流为I，则有 =*kNBI Ix=A x+A x=-+0 a tan。=勺 i dsr 2 0 jNBI I该电流反向接入，则有A x -A x A x 厂-+Ax0,0 tan0=包2-2 2 ds2=r 2。2，平面镜转过的角度为。=0/。2反射光线转过的角度为2 0=2（+。2）联立解得:(s+s)kd=-I-2-4NBlr（二）选考题：共 45分.请考生从2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答.如果多做，则每科按所做的第一题计分。33.物理选 修 3-3（15分）（1）（5 分）一定量的理想气体从状态a 变化到状态b,其过程如p-T 图上从a 到 b
25、的线段所示。在此过程中。（填正确答案标号。选 对 1 个得2 分，选对2 个得4 分，选对 3 个得5 分；每选错1个扣3 分，最低得分为0 分）A.气体一直对外做功B.气体的内能一直增加C.气体一直从外界吸热D.气体吸收的热量等于其对外做的功E.气体吸收的热量等于其内能的增加量【参考答案】BC E【命题意图】本题考查对PT图像的理解、理想气体状态方程、热力学第一定律。【解题思路】根据理想气体状态方程可知，过原点的p-T图像的斜率与体积V有关,一定质量理想气体从状态。到状态b,体积不变，对外不做功，选项A错误；根据理想气体的内能只与温度有关，可知一定质量理想气体从状态a到状态b,温度一直升高，
26、内能一直增加，选 项 B 正确；由热力学第一定律可知，气体一直从外界吸热，气体吸收的热量等于其内能的增加量，选 项 D错误CE正确。(I。分)如图，容积均为匕、缸壁可导热的A、B 两汽缸放置在压强为P。、温度为7；的环境中：两汽缸的底部通过细管连通，A 汽缸的顶部通过开口 C与外界相通；汽缸内的两活塞将缸内气体分成I、n、n i、w四部分，其中第II、n i 部分的体积分别为3I Vz 和二1 vT7。8 o 4 o环境压强保持不变，不计活塞的质量和体积，忽略摩擦。(i)将环境温度缓慢升高，求 B 汽缸中的活塞刚到达汽缸底部时的温度;(i i)将 环 境 温 度 缓 慢 改 变 至,然后用气泵
27、从开口 C向汽缸内缓慢注入气体，求 A汽缸中的活塞到达汽缸底部后，B 汽缸内第IV 部分气体的压强。【参考答案】(i)-T(i i)6 p.3 o 0【命题意图】本题考查气体实验定律、理想气体状态方程。【解题思路】3 V y(i)封闭气体做等变化，对 I V 部分气体，由盖吕萨克定律，赘=手0 1解得：T 1=2 T。（i i）从开口 C向气缸中注入气体，I I 和 I I I 部分封闭气体做等压变化，初状态体积1 1 3 V V 3OV+TV 由盖吕萨克定律，射=声，解得V,=2 V=V8。4。8。T 2T 2 1 4 o0 0P 2v PLv对 I V 部分气体，末状态体积为匕，由理想气体
28、状态方程，号=年 上0 0解得：p=6 p0【思路点拨】正确选择研究对象是解题的关键。3 4.物理 选修3-4 （1 5分）（1）（5 分）一平面简谐横波以速度u =2 m/s 沿 x轴正方向传播，。=0 时刻的波形图如图所示。介质中平衡位置在坐标原点的质点A 在f =0 时刻的位移y =m。该波的波长为m,频率为 Hz。，=2 s 时刻，质点A（填“向上运动”“速度为零”或“向下运动”）。【参考答案】4 0.5 向下运动【命题意图】本题考查波动图像和机械波。【解题思路】由 3 X/8=1.5m 可得入=4 m；频 率 f=v/X=0.5H z；周期T=l/f=2 s；由于t=0时刻质点A 向下运动，所以t=2 s 时刻质点A 向下运动。（2）（1 0分）如图，边长为。的正方形A BCD为一棱镜的横截面，M 为 A B边的中点。在截面所在平面内，一光线自M点射入棱镜，入射角为6 0。，经折射后在BC边 的 N点恰好发生全反射，反射光线从CD边的P 点射出棱镜。求棱镜的折射率以及P、C两点之间的距离。【参考答案 W qa【命题意图】本题考查折射定律、全反射。【解题思路】由折射定律,n=sin60/sinr,sinC=l/n,r+C=90 设 BN=b,P C=c,则有 sinr=a2+bi联立解得sinC=