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1、2021年全国新课标高考物理模拟预测卷0 1 1新课标ni卷】答案详解与评分标准题号1415161718192021答案DDBBDACBDAD14.【命题立意】感应电流产生的条件【答案】D【解析】金属套环跳起来的原因是开关s闭合时，套环上产生的感应电流与通电螺线管上的电流相互作用而引起的，线圈接在直流电源上时，金属套环也会跳起.电压越高线圈匝数越多，S闭合时，金属套环跳起越剧烈.若套环是非导体材料，则套环不会跳起，故A、B、C选项错误，D选项正确.15.【命题立意】动量守恒定律的应用【答案】D【解析】由xf（位移时间）图像的斜率得到，碰前b球的位移不随时间而变化，处于静止.a球的速度大小为也=
2、等=当m/s=4m/s,做匀速运动，选项A错误；同理由图示图像可知，碰后人球和。球均做匀速运动，其速度分别为M2=2m/s,Mi=-2 m/s,选项B错误；根据动量守恒定律得，小M=，物2+如刈，代 入 解 得=0.6 k g,碰撞过程中系统损失的机械能为切而一上 标 一 品2凶，代入解得A E=0,所以碰撞过程机械能守恒，选项C错误，D正确.16.【命题立意】卫星变轨模型的分析【答案】B【解析】着陆器从轨道I到轨道n需要减速，同理从轨道n到轨道n i也需要减速，因此V!V2 V 3.故A错误：着陆器在轨道HI上从P点运动到。点的过程中，万有引力做正功，2所以速率变大，故B正确；在轨道H上P点
3、，根据牛顿第二定律得/向=炊=，解得a苛，故 C错误；设着陆器在轨道H上周期为T”，在轨道H I 上周期为7 1”,根据开普勒第三定律得因为f p s=5 T u，2=/7 川，所以SQ,故 D错误.1 7 .【命题立意】共点力平衡问题【答案】B【解析】光滑球体受重力和三个支持力，三个支持力与竖直方向的夹角均为4 5。，对其中一个FN分解如图，则根据平衡条件可得3 FN C O S 4 5。=,咫解 得 尺=募 与 手=号 咫，故 B正确，A、C、D错误.1 8 .【命题立意】带电粒子在有界匀强磁场中的运动（临界问题）【答案】D【解析】粒子在磁场中运动的轨迹如图所示，根据左手定则可以判断粒子带
4、负电，故 A错误；粒子第一次在磁场中运动的时间为，=,7=鬻，故 B错误；根据图中几何关系可得粒子在磁场中做圆周运动的半径为R=r t a n 3 0。=冬，根据洛伦兹力提供向心力可得qvB=），解 得 丫=警，故 C错误；磁场外边界圆的半径至少为/=/?+故 D1 Jlfl v-U o J .J正确.1 9.【命题立意】核反应方程类型【答案】AC【解析】原子核衰变时，质量数守恒，电荷数守恒.设畿T h经历了 x次a衰变和y次0衰变后变成嘴P b,每经历一次a衰变，核电荷数减小2,质量数减小4；每经历一次。衰变，核电荷数增加1，质量数不变.贝I 4 x=2 32 2 0 8,2 xy=90 8
5、 2,解得x=6,y=4,故A正确，B错误.质量数等于质子数加中子数，质子数等于核电荷数F晶T h有90个质子，1 4 2个中子，2器Pb有82个质子，1 2 6个中子，故嘤P b比m/Th少1 6个中子，8个质子，故C正确，D错误.2 0.【命题立意】理想变压器的原理【答案】BD【解析】理想变压器输入功率等于输出功率，并且输入和输出电压不变，即负载昭与R2上的电压之比为1：1,选 项A错误；负载变了，使相应的电流发生变化，电流比等于负载电阻的反比，即负载R与 以 上的电流之比为4：1,选 项B正 确.接 上 尺=4。负载时，副线圈电压U2 K p iRi=10 V,换上负载&=16。时，此
6、时&的 功 率 2=/=今W,即负载R与R2上消耗的功率之比为4 ：I；负线圈的电流=会=彦A,此时根据原、副线圈A2 O5电流关系可得原、副线圈匝数之比，=:=上=今 选项C错误，D正确；故选B、D.ri2 h U.ZJ Z21.【命题立意】电场的性质【答案】AD【解析】将尸2和 Q 的作用线延长相交，交点即为点电荷的位置，可知，点电荷对M处试探电荷有排斥力，对N处试探电荷有吸引力，所以这两个试探电荷的电性一定相反，故A正 确.由 于F 2=3 Q,可知M、N到点电荷的距离不等，不在同一等势面上，故B错误.若点电荷带正电，则把电子从“点移到N点，电场力先做正功后做负功，电子电势能先减小后增大
7、，故C错误.由于尸2=3人，若点M处电场强度大小为E,则点N处场强为3E；根据E=号 则 后7=y3-ON,O点到M N的最短距离为P F =ON sin6(r=坐-而，则 kQE p-OP 2必。3 O N2=4 E,OM 2故D正确.22.【命题立意】验证动能定理（纸带类问题）【答案】（1）B ACD（3）重 物 质 量（4）0.39【解析】（1）电磁打点计时器使用的是6 V以下的低压交流电源，故选B；（2）只有重物的质量远小于小车的质量，拉力才近似等于重物的重力，故选项A正确，选项B错误；适当垫高木板右端平衡摩擦力也是必须的，故选项C正确；使用打点计时器时应先接通电源后释放纸带，故选项D
8、正确.（3）在测得位移和速度后，要得到功的具体数值，还必须确定拉力，此实验拉力是用重物的重力代替的，所以还要测量重物的质量.（3.83+3.99*10-2（4）V4=V 35=-2x01-m/s-0,39 m/s.23.【命题立意】电阻测量、制作温控报警器【答案】（2）左（3）见 解 析 图（4）580.0 35（3336均正确）【解析】（1）如果接电流表，热敏电阻RT，其标称值（25.0时的阻值）为9 0 0.0 C,电源电压为2 0 V,可得，通过热敏电阻的电流约为/=端 AM.02 A,比两电流表的量程小得多，不易准确测量电路电流，实验误差较大，故不选；电压表V内阻与热敏电阻的阻值相差不
9、多，而量程为电源电压的一半，可以准确测量，故选.（2）为了保护电路，在闭合S i前，分压电路的电压应该为0,所以题图甲中R的滑片应移动到左端；（3）根据表中实验数据与坐标系内描出的点作出图象，如图所示.(4)由题图丙可知，电阻箱示数为 7?2=(5 x l O O+8 x l O+O x l +0 x 0.1)Q=5 8 0.0 Q当&=5 8 0.0。时，由(3)问 中 图 象 可 知，手心温度为3 5 .24 .【命题立意】电磁感应的能量动量综合问题，长安 1 .mvo-mgt 1 ,nrgR(v0-g t)【e J (1)BL(2)2机OO 2 2【解析】(1)根据动量定理，有一mgf
10、F Z=Omvo又因为下=81二 q=7 t,联立解得 4=嗨理。、相 抿 了 一 三 一 较 一 也 根 据 I-R-R朋，解 得 力=也 却由能量守恒定律得。=；而一根g/,联立解得上 加，2 g德 二)【参考评分标准：正确得出(1)、(4)式 4 分其余每式2 分】25 .【命题立意】利用动力学观点、能量观点分析板块模型【答案】能(2)5.5 J【解析】(1)分析知木板获得初速度后，与小滑块发生相对滑动，木板向右做匀减速运动,小滑块向右做匀加速运动小滑块受到的摩擦力大小为Fm=m m g=2 N木板受到地面的摩擦力大小为R“=2(m+M)g=6 N小滑块的加速度大小。出=i g=1 m/
11、s2F f-J-FF储长木板的加速度大小a wi=4 m/s2设经时间t二者达到相同的速度v,则有筋 0 -ClMt=V解得 f=l s,v=l m/s该过程中木板的位移大小XM i=uoff 例/=3 m小滑块的位移大小X=2 =0.5 m小滑块到木板的右端的距离A xi XM-Xmi=2.5 m/所以小滑块没滑离木板，二者能够达到共速.(2)小滑块与木板共速后减速由于川，2,所以二者不会一起减速小滑块的加速度大小a,2=ig=l m/s2长木板的加速度大小aM 2=F(MM=2 m/s27小滑块的位移大小x，”2=五二=0.5 m长木板的位移大小XA f2=,：w，=0.2 5 m小滑块相对木板向右滑动的距离 x2=x i2-XM2=0.2 5 m