《2023年江苏省南京市、盐城市高考物理二模试卷.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年江苏省南京市、盐城市高考物理二模试卷.docx（14页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023 年江苏省南京市、盐城市高考物理二模试卷一、单项选择题：共 10 小题，每题 4 分，共 40 分，每题只有一个选项最符合题意.ABCD24 分贫铀弹在爆炸中有很多U 残留，其半哀期极为漫长且清理困难，所以对环境的污染严峻而长期。设U 发生a 衰变形成核X，以下说法正确的选项是AU 的比结合能小于核X 的比结合能B该衰变过程的方程可写为U+HeX14 分太阳帆飞行器是利用太阳光获得动力的一种航天器，其原理是光子在太阳帆外表反射的过程中会对太阳帆产生一个冲量.假设光子垂直太阳帆入射并反射，其波长为入，普朗克常量为h，则它的冲量大小为D2 个U 原子核经过一个半衰期后必定有一个发生衰变C衰
2、变反响中的a 射线在几种放射线中电离力气最弱34 分将较长的绳一端固定在墙上，另一端用手捏住以恒定振幅上下持续振动，产生的绳波沿绳自左向右传播，图示时刻，波形刚好传播到A 点.以下推断正确的选项是A手的起振方向向下 B假设减小于的振动频率，绳波的传播速度不发生变化C假设增大手的振动频率，绳波的波长将增大 D假设停顿手的振动，绳中波形马上消逝44 分如以下图，一束激光斜射到一块折射率为 1.5 的长方体玻璃砖上外表后折射到侧面，入射光与玻璃砖上外表间的夹角为 45，则光离开侧面的路径是AABBCCDD54 分2023 年 5 月 16 日至 6 月 24 日，运行在约 555km 高度轨道上的“
3、星链1095”卫星降轨至平均高度为382km 的近圆轨道上，后持续运行于这一与中国空间站相近的高度，在此期间，中国空间站实行了紧急避碰措施。关于卫星的降轨，以下说法正确的选项是A降轨前，卫星在原轨道上处于平衡状态 B降轨时，卫星在原轨道上需要先行减速 C降轨后，卫星在轨道上运动周期变大 D降轨后，卫星在轨道上的速度将大于第一宇宙速度64 分如图是汽车上使用的电磁制动装置示意图。电磁制动是一种非接触的制动方式，其原理是当导体在通电线圈产生的磁场中运动时，会产生涡流，使导体受到阻碍运动的制动力。以下说法正确的选项是A制动过程中，导体不会产生热量 B假设导体反向转动，此装置将不起制动作用 C制动力的
4、大小与线圈中电流的大小无关 D线圈电流确定时，导体运动的速度越大，制动力就越大74 分某小组用图甲装置进展双缝干预试验，调整完毕后，在屏上观看到如图乙所示的竖直条纹。以下说法正确的选项是A装置中的双缝沿水平方向放置 B仅向右移动单缝，使之靠近双缝，干预条纹间距将变大C仅更换双缝间距更小的双缝，干预条纹间距将变大D仅将红色滤光片换为绿色滤光片，干预条纹间距将变大84 分广场喷泉是城市一道亮丽的风景.如图，喷口竖直向上喷水，喷管的直径为D，水在喷口处的速度为ADBCDv0。重力加速度为g，不考虑空气阻力的影响，则在离喷口高度为H 时的水柱直径为94 分如图为跳伞者在下降过程中速度随时间变化的示意图
5、取竖直向下为正，箭头表示跳伞者的受力，则以下关于跳伞者的位移y 和重力势能Ep，随下落的时间t，重力势能Ep 和机械能E 随下落的位移y 变化的图AB像中可能正确的选项是CD104 分如以下图，粗细均匀的圆形绝缘环位于空间直角坐标系中的O，平面内，其几何中心与坐标原点 O 重合.处于每个象限的 圆环都均匀带有一样电量的电荷，电性如以下图.点 1、2、3、4、5、6 分别位于 z、x、y轴上，它们与原点间距一样，以下说法错误的选项是A. 点 1、点 2 处的场强确定一样B. 点 3、点 4 处的场强确定一样C. 点 3、点 4 处的电势确定相等D. 点 5、点 6 处的电势确定相等二、非选择题：
6、共 5 题，共 60 分.其中第 12 题第 15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤， 只写出最终答案的不能得分；有数值计算时，答案中必需明确写出数值和单位.1115 分一试验小组为了测量某元件的电阻，进展了如下试验：（1） 首先用多用电表进展粗测，如以下图以下操作步骤正确的选项是。A.如图甲，将红黑表笔短接，进展机械调零B.如图乙，利用所示旋钮进展欧姆调零C.如图丙，用“10”挡测量时觉察指针偏转角度过大，为了准确测量，应换到“100”挡D.试验完成后，挡位调至如图丁所示位置（2） 随着使用时间的增长，欧姆表内部的电源电动势会减小，内阻会增大，但仍能进展欧姆调零。假设仍用
7、该表 测电阻，则测量结果会选填“偏大”、“偏小”或“不变”。（3） 为了准确测量该元件的电阻，同学们又采川了如题图2 所示电路进展测量，电路，出把握电路和测量电路两大局部组成.试验用到的器材如下：A. 待测电阻R.B. 灵敏电流计GC. 定值电阻R080D. 粗细均匀的电阻丝AB总长为L60.00cmE. 滑动变阻器RF. 线夹、电源、开关以及导线假设 干 G.电源电动势为 3V在闭合开关S 前，可将线夹P2 大致固定于电阻丝AB 中部位置，滑片P1 应置于a 端。闭合开关后，先移动滑动变阻器的滑片P1 至某一位置，然后不断调整线火P2 所夹的位置，直到灵敏电流计 G 示数为零，测出此时AP2
8、 段电阻丝长度x12.00cm，则Rx 的阻值计算式为 用R0、L、x 表示，代入数据得 Rx ；为减小因电阻丝粗细不均匀带来的误差，将定值电阻R0 换成电阻箱，并依据中的操作，电阻箱的阻值记为R1；然后将电阻箱与 Rx 交换位置，保持线夹 P2 的位置不变，调整电阻箱，重使灵敏电流计G 示数为零，此时电阻箱的阻值记为R2，则电阻Rx 。128 分神舟 13 号航天员从天和核心舱气闸舱出舱时身着我国一代“飞天”舱外航天服.航天服内密封了确定质量的抱负气体，体积约为V12L，压强 p11.0105Pa，温度t127。（1） 翻开舱门前，航天员需将航天服内气压降低到p24.4104Pa，此时密闭气
9、体温度变为t29，则航天服内气体体积V2 变为多少？（2） 为便于舱外活动，航天员出舱前还需要把航天服内的一局部气体缓慢放出，使气压降到 p33.0104Pa。假设释放气体过程中温度保持为t29不变，体积变为V32.2L，那么航天服放出的气体与原来气体的质量 比为多少？138 分如图为某室内模拟滑雪机，机器的前后两个传动轴由电动机供给动力并带动雪毯持续向上运动，使滑雪者获得真实的滑雪体验。坡道长L8m，倾角为 37，雪毯以速度 v08m/s 向上做匀速直线运动，一质量 m60kg含装备的滑雪者从坡道顶端由静止滑下，滑雪者未做任何助力动作，滑雪板与雪毯间的动摩擦因数 0.25，重力加速度 g10
10、m/s2，sin370.6，cos370.8。不计空气阻力，在滑雪者滑到坡道底端的过程中，求：（1） 滑雪者所受合力的冲量I；1413 分现将等宽双线在水平面内绕制成如图 1 所示轨道，两段半圆形轨道半径均为 Rm，两段直轨道AB、A”B 长度均为l1.35m。在轨道上放置个质量m0.1kg 的小圆柱体，如图2 所示，圆柱体与轨道两侧相切处和圆柱截面圆心 O 连线的夹角 为 120，如图 3 所示，两轨道与小圆柱体的动摩擦因数均为 0.5，小圆柱尺寸和轨道间距相对轨道长度可无视不计，初始时小圆柱位于A 点处，现使之获得沿直轨道 AB 方向的初速度 v0。求：（2） 与空载相比电动机多消耗的电能
11、E。（1） 小圆柱沿AB 运动时，内外轨道对小圆柱的摩擦力f1、f2 的大小；（2） 当v06m/s，小圆柱刚经B 点进入圆弧轨道时，外轨和内轨对小圆柱的压力N1、N2 的大小；（3） 为了让小圆柱不脱离内侧轨道，v0 的最大值，以及在v0 取最大值情形下小圆柱最终滑过的路程s。1516 分如以下图，圆心为 O 的同心圆形区域内存在垂直于纸面的磁场，其中R13R0，R22R0。圆形边界间环形区域内匀强磁场的磁感应强度大小为B1，一个电量为q，质量为 m 的粒子由静止经电场加速后以速度v 指向O 点入射。（1） 求加速电场的电压U 与速度v 的关系式；（2） 假设粒子要能进入半径为R2 的圆形区
12、域，求速度的最小值vmin；（3） 假设粒子速度大于第2问中的 vmin，为使其击中O 点，求半径为R2 的圆形区域的匀强磁场的磁感应强度大小B2。2023 年江苏省南京市、盐城市高考物理二模试卷参考答案与试题解析1【解答】解：依据公式 ，可得入射光子的动量为：p，规定入射光子的动量方向为正方向，则反射光子的动量为：p，依据动量定理得：Ippp，负号表示冲量的方向与初动量的方向相反，所以它的冲量大小为，故B 正确，ACD 错误。一、单项选择题：共 10 小题，每题 4 分，共 40 分，每题只有一个选项最符合题意.2【解答】解：A、 衰变是自发进展的，该过程中释放能量，所以比结合能小于核 X
13、的比结合能，故 A正确；B、 射线是高速氦核流，其质量数为 4，电荷数为 2，依据质量数守恒和电荷数守恒可得产物的质量数是A2384234，电荷数为z92290，所以该衰变方程为U+，故B 错误；应选：B。C、 射线是高速氦核流，a 射线在几种放射线中电离力气最强，故C 错误；D、半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数原子核不适用，故D 错误。应选：A。3. 【解答】解：A、依据同侧法可知，A 点的起振方向为向上，由于A 点的起振方向与手的起振方向一样，故手的起振方向向上，故A 错误；C、依据公式可知，又波的传播速度只与介质有关，绳波的传播速度不发生变化，假设增大手的振动频率，绳波的波
14、长将减小，故C 错误；B、由于波的传播速度只与介质有关，故减小手的振动频率，绳波的传播速度不发生变化，故B 正确；D、假设停顿手的振动，绳中波形会连续传播，不会立马消逝，故D 错误； 应选：B。4. 【解答】解：一束激光斜射到一块折射率为1.5 的长方体玻璃砖上外表，设折射角为，则1.5依据几何关系可知，在侧面入射角sincos，在侧面，发生全反射，故光离开侧面的路径是A，故A 正确，BCD 错误。应选：A。C、依据开普勒第三定律k 可知，轨道半径或椭圆的半长轴越大，卫星的周期越大，因此降轨后，卫星在轨道上运动周期变小，故C 错误；5. 【解答】解：A、卫星在轨道上运动时，万有引力供给向心力，
15、卫星处于完全失重状态状态，故A 错误； B、由向心运动条件，知卫星降轨时做向心运动，变轨时需要减速，故B 正确；D、第一宇宙速度是卫星在靠近地球外表做匀速圆周运动的线速度大小，降轨后，卫星在轨道上的速度照旧小 于第一宇宙速度，故D 正确；应选：B。6. 【解答】解：A、电磁制动的原理是当导体在通电线圈产生的磁场中运动时，会产生涡流，电流流过电阻时会 产生热量，故A 错误；B、假设转变线圈中的电流方向，铁芯产生的磁感线的方向变为反向，此时产生的涡流方向也相反，依据安培力 的公式，电流和所处的磁场方向同时反向，安培力方向不变，故还是使导体受到阻碍运动的制动力，故 B 错误； C、线圈中电流越大，则
16、产生的磁场越强，则转盘转动产生的涡流越强，则制动器对转盘的制动力越大，故C 错误；D、线圈电流确定时，导体运动的速度越大，转盘转动产生的涡流越强，制动力就越大，故D 正确； 应选：D。B、依据双缝干预的条纹间距公式x，仅向右移动单缝，条纹间距不变，故B 错误；7. 【解答】解：A、依据图乙可知，装置中的双缝沿竖直方向放置，故A 错误；C、仅更换双缝间距更小的双缝d 变小，干预条纹间距将变大，故C 正确；D、仅将红色滤光片换为绿色滤光片，波长变小，干预条纹间距将变小，故D 错误。应选：C。8. 【解答】解： A、B、C、D、水从喷口中喷出，水在喷口处的速度为 v0。所以单位时间内喷水的体积为t；
17、 D 为直径设离喷口高度为H 时的水柱直径为D，则有t；由于水在做竖直上抛运动，则由运动学公式得：2gH，解得：v；所以有D2vD2v0；化简得：D，故C 正确，ABD 错误。应选：C。9. 【解答】解：A、由图可知跳伞运发动开头时所受重力大于阻力，向下加速运动，随着速度的增大，阻力在增大， 加速度渐渐减小；翻开降落伞后阻力大于重力，加速度向上，运发动向下做减速运动；随着速度的减小，阻力也 在减小，向上的加速度渐渐减小；当阻力和重力相等时向下做匀速运动。则位移先增加的越来越快，后增加的越 来越慢，然后均匀增加，故A 错误；BC、重力势能 Epmgh，其随高度下降均匀减小，随时间的变化规律应与位
18、移随时间变化规律相关，先减小得越来越快，然后减小得越来越慢，最终均匀减小，故BC 错误；D、机械能 EE0fy，开头时阻力先渐渐增大，开伞后阻力瞬间变大，最终运发动匀速运动，阻力不变等于重力，故此过程中，阻力做的功先是渐渐变大，翻开伞后阻力做的功瞬间增加，最终运发动匀速，阻力做的功不变， 故D 正确。应选：D。10. 【解答】解：A、依据电场强度叠加原理可知，点1 和 2 的场强都为零，场强一样，故A 正确；B、依据电场强度叠加原理可知，点3 和 4 的场强大小一样，方向相反，因此电场强度确定不同，故B 错误； C、依据微元法和等效法可知，点3 和 4 可看作等量异种电荷中垂线上的点，电势都为
19、零，故C 正确；D、依据微元法和等效法可知，点5 和 6 可看作等量异种电荷中垂线上的点，电势都为零，故D 正确； 此题选择错误选项，应选：B。二、非选择题：共 5 题，共 60 分.其中第 12 题第 15 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤， 只写出最终答案的不能得分；有数值计算时，答案中必需明确写出数值和单位.11. 【解答】解：1A.将红黑表笔短接，进展欧姆调零，故A 错误； B.图乙旋钮是欧姆调零，故B 正确；C.用“10”挡测量时觉察指针偏转角度过大，说明指示电阻值太小，为了准确测量，应换到“1”挡，故 C错误；D.试验完成后，应将开关调至OFF 档或沟通电压最高
20、档，故D 正确。应选：BD。，可知，E 减小，I 不变，欧姆表的内阻Rg变小。内当测电阻时，有（2） 多用表的测量原理为闭合电路欧姆定律，档电池电动势减小，内阻增大时，欧姆表重调零，即满偏电流 不变，则由于R变小，则同一被测电阻的电流要变小，对应的电阻刻度值要变大，即测量结果会偏大。内（3） 当灵敏电流计G 的示数为零时，说明Rx 的分压和AP2 局部的分压相等，即得交换位置前有，交换位置后有联立可得解得故答案为：1BD；2偏大；3，20；。整理得12. 【解答】解：1对航天服内的封闭气体为争论对象，依据抱负气体状态方程可得：代入数据解得：V24L2气体缓慢放出的过程中气体的温度不变，设需要放
21、出的气体体积为V 则 p1V1p3V3+V航天服放出的气体与原来气体的质量比为：联立解得：67%答：1航天服内气体的体积为 4L；2航天服放出的气体与原来气体的质量比为67%。13【解答】解：1在滑雪者滑到坡道底端的过程中mgsin mgcosma解得：a4m/s2 到达底端速度v22aL滑雪者所受合力的冲量Imv0联立解得：I480Ns；t2滑雪者滑行时间与空载相比电动机多消耗的电能等于抑制摩擦力做功E mgv0tcos联立解得：E1920J。答：1滑雪者所受合力的冲量 I 为 480Ns；2与空载相比电动机多消耗的电能E 为 1920J。2当v06m/s，小圆柱刚经B 点进入圆弧轨道时，依
22、据动能定理可得： mv2 mf1+f2l在 B 点受力分析：N1sin60N2sin60m，N1cos60N2cos60mg14. 【解答】解：1圆柱体与轨道两侧相切处和圆柱截面面圆心 O 连线的夹角 为 120，依据对称性可知，两侧弹力大小均与重力相等为 1N，内外轨道对小圆柱的摩擦力为：f1f2 N，解得：f1f20.5N3为了让小圆柱不脱离内侧轨道，v0 最大时，在B 点：N”1sin60m，N”1cos60mg依据动能定理可得： m mf1+f2l联立解得：v0mm/s联立解得：N11.3N，N20.7N在圆弧上受摩擦力仍为：ff1+f2 N1+N2，解得：f1N依据动能定理可知： m
23、f1s，解得：s2.85m答：1小圆柱沿 AB 运动时，内外轨道对小圆柱的摩擦力f1、f2 的大小都为 0.5N；3为了让小圆柱不脱离内侧轨道，v0 的最大值为s 为 2.85m。m/s，以及在v0 取最大值情形下小圆柱最终滑过的路程2外轨和内轨对小圆柱的压力N1、N2 的大小分别为 1.3N，0.7N；qU mv2则加速电场的电压U 与速度v 的关系式为：U。15. 【解答】解：1对粒子在电场中被加速的过程，由动能定理得：1020（2） 要使粒子能进入半径为 R2 的圆形区域，粒子的最小半径的轨迹圆与此圆形区域相切，如图1 所示，设临界状况的运动半径为r，由几何关系得：解得：r R01r+R
24、22r2+R2，其中：R3R ，R2RqvminB1m解得：vmin由洛伦兹力供给向心力得：（3） 依题意作出粒子的运动轨迹，如图 2 所示，粒子由 C 点进入半径为 R2 的圆形区域，粒子在圆形边界间环形区域内的圆周轨迹的圆心为 O1，半径为 r1；在半径为 R2 的圆形区域的圆周轨迹的圆心为 O2，半径为 r2。由几何关系可得：OO2C 为等腰三角形，OCR2，则：2r2cosR2在O1CO 中，由余弦定理得：O1O2r12+R222r1R2cos 因 ，故可得：O1O2r12+R22+2r1R2cos联立可得：r 2+R 2r 2+R 2+2r R 111212，其中：R 3R ，R 2R1020解得：由洛伦兹力供给向心力得：qvB1m；qvB2m在O1AO 中，AOR1，由勾股定理得：O1O2r12+R12两式相比较可得：B2 B1答：1加速电场的电压 U 与速度v 的关系式为：U；2粒子要能进入半径为R2 的圆形区域，速度的最小值vmin 为；3半径为R2 的圆形区域的匀强磁场的磁感应强度大小B2 为 B1。