2022年山东省泰安六中中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2022年山东省泰安六中中考物理二模试卷1.了解社会，从了解自己开始，王瑞是一位九年级学生，下列有关他的一些数据，你认为合理的是（）A.他在体测中跑完1000/用时1.5minB.他的身高大约是70cmC.他双脚站立时对水平地面压强约1.2 x 103PaD.他的质量约为500版2.关于声现象，下列说法正确的是（）A.声音在空气中传播比在水中传播的快B.“不敢高声语，恐惊天上人”，这 里 的“高”指的是音调高C.医生用“B超”检查患者身体是次声波在医学中的应用D.声音是由物体的振动产生的3.下列叙述中的“影”由于光的折射形成的是（）A.立 竿 见“影”B.毕业合“影”C.湖 光 倒“影”D.形

2、“影”不离4.下列热现象中，用物理知识解释正确的是（）A.晶莹的露的形成是液化现象，液化吸热B.蒸发的快慢与温度无关，沸腾时温度保持不变C.冬天屋顶的积雪会液化成水，流到屋檐下凝固成冰D.寒冷的冬天玻璃窗上的冰花是凝华现象5.关于内能、热量和温度，下列说法中正确的是（）A.我们不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤含有的热量较多B.物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变C.内能和机械能的单位都是J,它们是同一种形式的能量D.内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体6.下列四种做法中不符合安全用电原则的是（）A.电冰箱使用三孔插座 B.控制电灯的开关接在零线上C.发生触电事故时，应

3、先切断电源再救人 D.不接触低压带电体，不靠近高压带电体7.2020年11月28 S,“奋斗者”号载人潜水器深海试验胜利返航。下列关于“奋斗者”号载人潜水器在水面下浸没的过程，描述正确的是（）A.“奋斗者”号能够无动力下潜，是因为受到惯性作用B.“奋斗者”号在下潜过程中，所受浮力一直变大C.“奋斗者”号匀速上浮过程中，受到合力为零D.“奋斗者”号上浮过程中，所受压强逐渐变大8.如图所示，一小球从A 点开始沿轨道滚下，先后经过8、C,最后停止在。点，下列说法正确的是（）A.小球由A 到 B 再到C过程中，重力势能先变小后变大B.小球静止在。点时，机械能为零C.小球由8 到 C过程中，重力势能转化

4、为动能D.小球在C 点既有动能又有势能，此时机械能最大9.小明家台灯的插头插在如图所示的插座上，插座上有一个开关和一个指示灯（相当于灯泡）.若插座开关和指示灯用S、人表示，台灯开关和灯泡用S2、G 表示。小明断开或闭合Si、s2时，记录现象如表，则符合事实的电路图（）开关状态插座指示灯（人）台灯（G）闭合S1，断开S2亮不亮闭合S2，断开S 1不光不亮S1和S2都闭合亮亮1 0.下列物品，应用电磁感应现象此原理工作的是（）11.在“探究凸透镜成像的规律”时，将点燃的蜡烛放在距凸透镜30cm处，在透镜另一侧距离透镜16。”处的光屏上得到烛焰清晰的像。下列相关说法正确的是（）光屏上成倒立、放大的实

5、像照相机是利用这一成像原理工作的该凸透镜的焦距/一定满足8czn f 2/；2/16cm f,解得：8cm f =G G i =G-1 N-/浮=G-F济2=G-3 N-得：F 浮=4 N,代入得物体重力：G=5N,物体的质量：m=合 喘 脑=OSkg，故错误；(2)物体浸没水中受到的浮力为尸沃=4 N,由尸浮=p次匕癖可得物体的体积:P _V=V挑=-3-=4 x 1 0-4m3,琲 P 水9 1.0 xl0Vg/m3 xl0N/kg物体的密度：p=警，R=1.25 x IO?kg/m 3,故正确；v 4x1 0 m6(3)物体在容器底部时，浸没水中，受到的浮力也等于4 N,故错误;(4)物

6、体离开水面后，减小的深度：.1 V排 4xl0-4m3 n n.九=-=0.04m,S容 1 00 x1 0 4m2水对容器底部的减小压强：p=p水g 九=1 x 103kg/m3 x ION/kg x 0.04m=4 0 0 P a,故正确。可见，错误、正确。故选：Ao(1)设物体的重力为G、物体浸没水中受到的浮力为F浮，则物体一半浸入水中受到的浮力为浮，利用称重法测浮力列方程组求出物体的重力、物体浸没水中受到的浮力；再利用G=7ng求物体的质量；(2)求出了物体浸没水中受到的浮力，利用阿基米德原理尸浮=p次 I/郁 g 求物体浸没时排开水的体积,即物体的体积，再利用密度公式求物体的密度；(

7、3)物体在容器底部时，浸没水中，受到的浮力不变；(4)利 用 咏=S A%求物体离开水面后，减小的深度；再利用p =p次g h求水对容器底部的减小压强。本题考查了重力公式、密度公式、液体压强公式、阿基米德原理的应用，利用称重法测浮力列方程组求出物体的重力、物体浸没时受到的浮力时关键。1 4.【答案】D【解析】解：由 可 得 地 效 飞 机 飞 行 的 时 间：t =2=0.5八，故正确；t v 18 0km/h消耗的燃油完全燃烧放出的热量为：(?成=q m =4.5 X I(劝*36 k g =1.6 2 x 109/,故正确；发动机的效率为=40%,由=券可得飞机做的有用功为：W =Q =1

8、.6 2 x 109/x 40%=6.48 x 10s/,故正确；由W=Fs可得地效飞机飞行过程的牵引力为：F=-=6 48 x 1，/=72Q 0N,s 9 0 x 10、因为地效飞机匀速飞行，所以飞机受到的阻力、牵引力是一对平衡力，大小相等，受到的阻力：/=F=7 200N,故正确。故选：D。知道地效飞机飞行路程、速度，利用t 求飞行时间；利用(2庞=q r n求消耗的燃油完全燃烧放出的热量；知道发动机的效率，利用=已 求飞机做的有用功；利用勿=s求地效飞机飞行过程的牵引力，而地效飞机匀速飞行，受到的阻力、牵引力是一对平衡力，大小相等，可求受到的阻力。本题考查了速度公式、燃料完全燃烧放热公

9、式、效率公式、功的公式以及二力平衡条件的应用，属于基础题目。15.【答案】B【解析】解：由电路图可知，闭合开关，定值电阻R。与变阻器&串联，电压表测凡两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图像可知，电路中的最小电流/=0.24时，此时的电功率B =2W,由P =R可得，滑动变阻器的最大阻值：&=a=湍 产=500,故正确；由图像可知，当电路中的电流/=0.44时，%的电功率为=3.2勿，此时&接入电路的电阻：&=*=/养=2 0，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由/=9可得，电源的电压：U=/(&+&)=0.4/4 x(&+20。)

10、.，当电路中的电流/=0.24时，电源的电压：U=/(&+RJ=0.24 X(&+500)-，因电源的电压不变，所以，0.44 X(Ro+20。)=0.2A X(/?0+500),解得：Ro=100,则电源电压：U=/(/?0+Ri)=024 x(100+500)=12V,当变阻器接入电路的阻值为0时，电路中电流最大，则电路中的最大电流：/max=黑=L 2 4故错误；KQ IUJZ从图中可知电路中电流的最小值为0.2 4根据欧姆定律可知凡两端的电压最小值为册小=/、Ro=0.2A x 10P=2V,此时电压表的示数为UI=12U-2U=10乙 故正确；电路中电流的最小值为0.2 4最大值为1

11、.2 4,根据P=产/?可知心 的 最 小 功 率 为小=弓 心=(0.24)2*io n =0AW,品的最大功率为。大=，、Ro=(1.24)2*io n =14.4VIZ,故扁 的功率变化范围为0414.41亿故正确。故选：B。由电路图可知，闭合开关，定值电阻&与变阻器&串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图像读出滑动变阻器消耗的电功率，利用P=NR求出滑动变阻器的最大阻值；(2)由图像读出电路中的电流为0.44时8的电功率，根据P=求出&接入电路的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压

12、不变得出等式求出&的阻值，进一步根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；当滑动变阻器接入电路的阻值为。时，电路电流最大，根据欧姆定律可求出最大电流；(3)从图中可知电路中电流的最小值为0.2 4根据欧姆定律可知用两端的电压最小值，根据串联电路的电压特点得出此时电压表的示数；(4)已知电路中电流的最小值和最大值，根据P=UR可知品 的最小功率和最大功率，进而得出品 的功率变化范围。本题考查电功率的计算和欧姆定律的应用，综合性强，难度适中。16.【答案】扩散【解析】解：从物理学角度来看，闻到花香属于扩散现象，这个现象表明分子在永不停息地做无规则运动。故答案为：扩散。两种不同的物质相互接触时，彼此进

13、入对方的现象叫扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则的运动。扩散现象表明分子在不停地做无规则的运动，能用扩散现象解释生活中的问题。17.【答案】漫反射【解析】解：黑板的表面是比较粗糙的，可以将射来的光线向四面八方反射，是漫反射。这样，教室里不同位置的同学都能看到黑板上的粉笔字。故答案为：漫反射。凹凸不平的表面会把光线向着四面八方反射，这种反射叫做漫反射。此题考查的是生活中的漫反射现象，是一道光学的基础题。18.【答案】负【解析】解：有甲、乙、丙三个带电体，且丙物体带正电，因乙物体排斥丙物体，说明乙也带正电；甲物体吸引乙物体，因异种电荷相互吸引，所以甲带负电。故答案为：负。利用同种电荷相互排

14、斥，异种电荷相互吸引即可判断。本题考查带电体间的相互作用，从丙的带电情况入手，逐个分析判断即可。19.【答案】1.5【解析】解：将物体从底端匀速拉到顶端，所做的额外功：额=W&有用=Fs-G h=4 N x 2 m-5 N x lm =8J-5J=3J,由“颇=/s 可得，物体受到的摩擦力：故答案为：1.5o根据做功公式计算有用功和总功，可以得到额外功：已知额外功和斜面长度，利用公式/=到摩擦力。本题考查有用功、做功、额外功、摩擦力的计算，属于基础题目。20.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：【解析】

15、在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。21.【答案】解：C点离支点最远，故最长的力臂为OC,过C点作垂直于OC的作用力凡即最小的力，如图所示：【解析】根据杠杆平衡的条件，F1XL1=F2XL2,在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。因此先确定最长的力臂，即离支点最远的点；然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。由杠杆的平衡条件，杠杆

16、中最小作用力问题，可以转化为最大力臂问题，解题的关键是找出最长的力臂。22.【答案】1401200.4403 x 103越 大 增 大【解析】解：(1)由图乙知，浮力秤托盘中祛码的质量m=100g+20g+20g=140g；(2)由题知，乙和丙浮力秤都漂浮在水中，且圆筒都刚好浸没，即“相等，所以浮力秤所受浮力相等，整个浮力秤漂浮，所以F浮=G=mg,所以托盘中所放物体质量相等，所以矿石质量：rn=140g-20g=120g；(3)丁图和丙图相比，浮力秤上所放祛码增加的重力：&G =n1Tg-m城,浮力秤漂浮，F浮=G =mg,所以浮力秤受到的浮力相应增加，即增加的是小篮中放入矿石受的浮力:F浮

17、=m.j)m丙g=0.06kg x ION/kg 0.02kg x ION/kg=CAN,由F浮=。次9%可得矿石的体积:_ _ _ OAN_-P旃 1.0 xl03kg/m3xl0N/kg=4 x 10-5m3=40cm3；(4)矿石的密度：p=喘 翼=3g/cm3=3 x 103kg/m3i(5)浮力秤的小桶标上刻度，整个浮力秤漂浮在液面上，所以：F浮=G=P,洲V排，浮力秤重力一定，刻度越往上，9#越小，则液体密度越大;所以当浮力秤的空心圆筒恰好浸没时，为此密度计的最大测量值,若适当增加小篮的质量，浮力秤重力增大，即浮力秤受到的浮力增大，所测液体密度最大值时好不变，由尸浮=G=p波g%知

18、，所测液体密度增大，即此密度计的最大测量值将增大。故答案为：(1)1405;(2)120；(3)0.4；40；(4)3 x 103；(5)越大;(1)由图乙读出盘内祛码的质量；(2)由题知，浮力秤漂浮在水中，乙和丙两种情况圆筒刚好浸没，受到的浮力相同，根据漂浮条件可知总重相同，据此求矿石的质量；(3)根据漂浮条件，知道浮力秤上所放物体增重，也就知道所受浮力增加值，再根据阿基米德原理求排开水的体积的增加值，即矿石的体积；(4)利用密度公式求矿石的密度；(5)浮力秤漂浮在液面，由漂浮条件和阿基米德原理分析刻度越往上，对应的液体密度值的大小；若适当增加小篮的质量，浮力秤重力增大，从而分析密度计的最大

19、测量值的变化。本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，利用好漂浮条件是本题的关键，有一定难度。23.【答案】12.71.144最 左 端 铲 品【解析】解：(1)由图甲可知，灯泡和滑动变阻器并联，电压表串联在电路测电源电压是错误的，灯与变阻器串联，电流表与灯串联，电压表与灯并联，如图所示：p(2)小灯泡额定电压为3.8 V,从图乙可知小灯泡正常发光时的电流/颍=0.3 4则灯泡正常发光时的电阻为&=卢=蔑*1 2.7 0,小灯泡的额定功率/颁=/频=3.8 7 x 0.3/1 =1.1 4 1 V；额 .(3)探 究“电流与电阻的关系”，应保持定值电阻两端

20、的电压不变，取下1 0 0的定值电阻，换成2 0 0的定值电阻，由串联分压规律可知，定值电阻分压变大，要保持定值电阻两端电压不变，由电路图知，应向A端移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器分压变大，从而使定值电阻分压减小，达到保持定值电阻两端电压不变的目的；(4)将滑动变阻器滑片尸移到最右端，记录此时电流表示数为人；将滑片P移动到最左端，记录此时电流表的示数为，2；在中，R。短路，电路为变阻器最大电阻的简单电路，由欧姆定律，电源电压：U=1、R滑菊-，在中，滑动变阻器的最大阻值与扁并联，电流表测并联电路的总电流；因变阻器的电压始终等于电源电压，由欧姆定律，通过变阻器的电

21、流大小不变，根据并联电路电流的规律，故此时通过R。的电流为：/0=由欧姆定律，R。的电压即电源电压:U=8 -h)Ro-，由得：n 一 12Tl nK滑动 一 不 。故答案为：(1)如 上 图;(2)1 2.7；1.1 4；(3)4；(4)最左端;啜琼。(1)由图甲可知，灯泡和滑动变阻器并联，电压表串联在电路测电源电压是错误的，灯与变阻器串联，电流表与灯串联，电压表与灯并联，据此改正；(2)小灯泡额定电压为3.8 V,从图乙可知小灯泡正常发光时的电流/颁=0.3 4,根据欧姆定律得出灯泡正常发光时的电阻，利用P =U/得出小灯泡的额定功率;(3)研究电流与电阻关系时，要控制电压不变，由分压原理

22、和串联电路电压的规律确定滑片移动的方向；(4)分析操作中电路连接，由欧姆定律可得出电源电压表达式；可将滑片P移动到最左端，记录此时电流表的示数为；因通过变阻渊的电流大小不变，故可得出Ro的电流，由欧姆定律得出岛 的电压即电源电压，根据电源不变可求出R滑动大小本题为测量小灯泡的电阻、电功率的实验，考查电路连接、电阻和电功率的计算、操作过程和特殊方法测电阻。24.【答案】解：(1)建筑材料上升的速度：h 4m n,D=7=赤=。.小(2)工人做的有用功：有用=Gh=700N x4m =2800/,由图可知，n=2,拉力端移动的距离：s=2h=2 x 4m=8m,拉力做的总功：W&=Fs=400/V

23、 x 8m=3200/,动滑轮的机械效率：2800/_ 1 n n n/crr-c,=-=3 WX 1 0 0%=8 7-5%；(3)工人的重力：G人=m人g 60kg x ION/kg=600N,此时工人对地面的压力：F =GA+F=600N+400/V=1000/V,受力面积S=250cm2 x 2=500cm2=0.05m2,工人对地面的压强：woo/v _ 4-M5-2X10 Pa。答：建筑材料上升的速度为0.2m/s；(2)动滑轮的机械效率为87.5%；(3)工人对地面的压强为2 x 104Pa【解析】(1)利用速度公式求建筑材料上升的速度；(2)利用W=Gh求工人做的有用功，由图可

24、知，n=2,拉力端移动的距离s=2/i,利用W=Fs求拉力做的总功，动滑轮的机械效率等于有用功与总功之比；(3)利用G=mg求工人的重力，工人对地面的压力等于人的重力加上拉力，求出受力面积，利用p=(求工人对地面的压强。本题考查了重力公式、速度公式、功的公式、机械效率公式、压强公式的应用，关键是知道工人对地面的压力等于工人的重力加上绳子的拉力。2 5.【答案】6z/2【解析】解：(1)根据P=g知灯泡L的电阻:嗑(61/)2&=L B =6 0；(2)无风时的电流：。=号=鬻=0.5 4K D J Z由乙图可知，无风时勺=7。P=改Rx=(0.5 4)2 x 7 0 =1.7 5 U Z；(3

25、)当无风时：R 懋=R+&+Rx=5。+6。+7f2 1 8。U 总=kR总=0.5 4 x 1 8。=9 V当风力最大时，电压表示数为3匕 此时：/2 =R=而=6 4灯泡两端的电压：UL=I2RL=0.6 4 X 6。=3.6V压敏电阻&两端的电压：URX=U总-UL-U2=9V-3.6V-3V=2A V,压敏电阻R x的阻值：&2=等=/=4。由乙图可知，当&2 =4。时，F =300N所以该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力为3 0 0 M(4)由图乙知当作用力越大时，R x?的电阻越小，减小定值电阻R的阻值或减小电源电压。答:(1)6；(2)无风时，压敏电阻&消耗的电功率为1.7

26、5小；(3)该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力为3 0 0 N：(4)减小定值电阻R的阻值或减小电源电压。(1)根据P =一算出灯泡L的电阻；(2)由图乙可知无风时心的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=/2R求出压敏电阻R x消耗的电功率；(3)当所测风力最大时，心 的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表示数最大时电路中的电流，再根据欧姆定律求出压敏电阻的阻值，根据图乙可知该装置所能测量的最大风力；(4)减小定值电阻R的阻值或减小电源电压可以提高该装置所能测量的风对迎风板的最大作用力。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象获取有用的信息，有一定的难度。