2023年高考第一次模拟试题：物理（天津卷B卷）（全解全析）.pdf

《2023年高考第一次模拟试题：物理（天津卷B卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年高考第一次模拟试题：物理（天津卷B卷）（全解全析）.pdf（17页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。

1、2023年高考物理第一次模拟考试卷物理全解全析注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、单项选择题（每小题5 分，共 25分。每小题给出的四个项选项中，只有一个选项是正确的）1.2012年 6 月 18日，神舟九号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆形轨道上成功进行了我国首次载人空间交会对接。对接轨道所处的空间存在极其稀薄的

2、大气，下面说法正确的是（）A.为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B.如不加干预，在运行一段时间后，天宫一号的动能可能会增加C.如不加干预，天宫一号将越飞越高，最终脱离地球束缚D.航天员在天宫一号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用【答案】B【解析】A.第一宇宙速度是最大的运行速度，所以为实现对接，两者运行速度的大小都应小于第一宇宙速度，故 A 错误；B C.对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气，如不加干预，在运行一段时间后，由于摩擦阻力的作用卫星的机械能会减小，天空一号将越飞越低，根据c Mm v2Gz-=w r r可得可知轨道半径越小，动能越大，所以轨

3、道降低，动能增大，故 B 正确，C 错误；D.航天员在天宫号中处于失重状态，但航天员要受地球引力作用，故 D 错误。故选B2.1909年，美国物理学家密立根用如图甲所示的实验装置，比较准确地测定了电子的电荷量。平行金属板间存在竖直方向的匀强电场，喷雾器喷出带同种电荷的油滴，油滴进入金属板间后，发现有的油滴刚好悬浮不动，有的油滴运动轨迹如图乙所示，。、6 为轨迹上两点，忽略空气粘滞阻力和浮力对油滴的影响，下列说法正确的是（）A.电场中a 点的电势一定高于6 点的电势B.油滴在a点的加速度可能大于在b点的加速度C.油滴在a 点的动能一定大于在b 点的动能D.油滴在a 点的机械能一定大于在6 点的机

4、械能【答案】C【解析】A.由题意可知，油滴受到的电场力一定竖直向上，而油滴带负电，所以电场强度方向竖直向下，根据沿电场强度电势降低可知电场中a 点的电势一定低于6 点的电势，故 A 错误；B.由于平行金属板间的电场为匀强电场，所以油滴在电场中各点所受电场力相等，在 a 点的加速度一定等于在b 点的加速度，故 B 错误；C.油滴按图乙轨迹由6 向 a 运动过程中，合外力方向指向轨迹凹侧，一定竖直向下，所以合外力对油滴做正功，则油滴在。点的动能一定大于在b 点的动能，故 C 正确；D.油滴由6 向。运动过程中，所受电场力竖直向上，对油滴做负功，油滴的机械能减小，所以油滴在a 点的机械能一定小于在b

5、点的机械能，故 D 错误。故选C。3.急刹车时的加速度大小为衡量汽车安全性能的重要参数之一、如图所示，图线甲、乙分别为甲、乙两辆小汽车在同样的水泥路面上急刹车全过程中位移x 与时间f 的关系曲线，已知急刹车时车轮均不打转。下列判断正确的是（）A.急刹车过程中甲车的加速度较大，甲车的刹车性能较好AB.在 时刻甲车的速度大小为4C.在 时刻乙车的速度大小比甲车的小D.4 2时间内甲车的平均速度大小比乙车的小【答案】D【解析】A.由两车位移时间图像可知两车急刹车过程中的位移相同都为巧，乙车用时较短，由1 ,2 2=万 可知，乙车加速度较大，乙车的刹车性能较好，A 错误；土B.X 7 图像中图线上某点

6、的切线的斜率表示速度，而 4 表示甲车在-4 时间内的平均速度，B 错误；C.在4 时刻图线乙的切线斜率较大，则在4 时刻乙车的速度较大，C 错误；-XD.12时间内甲车的位移较小，由 f,得甲车的平均速度较小，D 正确。故选D。4.如图所示电路中，&为定值电阻、&是热敏电阻、它的电阻值随温度升高而减小。如果热敏电阻以温度升高，其他条件不变，则下列说法一定正确的是（）A.电压表示数增大 B.电流表示数增大C.电源输出功率增大 D.电源效率增大【答案】B【解析】A B.热敏电阻心温度升高，总电阻减小，总电流增大，电压表示数4=ET（&+r）可 知 减 小，所以电压表示数减小，外电压U=E-Ir也

7、将减小，以左端的电压也会减小，相应处左端的电流也减小，因为总电流增大，所以通过心的电流增大，电流表示数增大，故 A 错误，B 正确；C.因为不知道外电阻与内阻间的关系，所以无法确定电源输出功率怎样变化，故 C 错误；D.电源效率 嘿 xlOO%=xlO O%因为外电压减小，所以电源效率减小，故 D 错误。故选Bo_1_5.如图所示，质量为加的物块从4 点由静止开始下落，加速度是5 g,下落4 到 8 后与一轻弹簧接触，又下落力后到达最低点G空气阻力恒定，则（）A.物块在8 点动能最大B.整个过程系统机械能损失为机g（+，）C.5 到 C 的过程，系统动能和弹性势能的和逐渐变大D.系统最大弹性势

8、能为mg（力+，）【答案】C【解析】A.4 到 8 物块做匀加速直线运动，设空气阻力为f由牛顿第二定律可得m g-f=ma=-解得f =整2到达8 点后物块受重力、弹力、空气阻力，设弹簧劲度系数为比压缩量为x,由牛顿第二定律可得nig-f -kx=ma因为接触弹簧后弹簧压缩量x 逐渐增大，所以物块做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度等于零时速度达到最大，此时mg=f +kx故 A 错误；B.整个过程系统损失的机械能为克服阻力所做的功%=八 垃=咚 用故 B 错误；C.8 到 C 的过程，设物块克服弹簧弹力做功为“单，由动能定理可得mgx-f a-=m v2-mvg又因为%=与弹故J T-y 1

9、 2 1 2mgx-fa-EP i l S l=-mv-mvB故系统动能和弹性势能的和为|w v2+斗弹=|mv+mgx-fx故随着x的增大，系统动能和弹性势能的和逐渐变大，C 正确;D.4到 C 全过程由能量守恒可得m g（H +h）-f（H +h）=Ep 弹解得_ m g（H+h）与弹-3-D错误。故选C。二、不定项选择题（每小题5 分，共 1 5分，每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的,全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，选错或不答的得。分）6.我国核聚变反应研究大科学装置“人造太阳”2 0 1 8 年获得重大突破，等离子体中心电子温度首次达 到 1亿 度，为 人 类 开

10、发 利 用 核 聚 变 能 源 奠 定 了 重 要 的 技 术 基 础。下 列 关 于 核 聚 变（：H+：H -：H e+：n）说法正确的是（）A.核聚变比核裂变更安全、清洁B.任何两个原子核都可以发生聚变C.两个轻核结合成质量较大的核，总质量数较聚变前不变D.两个轻核结合成质量较大的核，核子的比结合能减小【答案】A C【解析】A.与裂变相比，轻核聚变辐射极少，更为安全、清洁，A 正确：B.自然界中最容易实现的聚变反应是氢的同位素笊与旅的聚变。不是任意的原子核就能发生核聚变，B 错误；C.核聚变反应质量数守恒，即聚变前后质量数不变，C 正确；D.因聚变反应放出能量，因此反应前的比结合能小于反

11、应后的比结合能，即核子的比结合能增大,D 错误。故选ACo7.如图甲所示，水平地面上有一长平板车M,平板车右端放一物块m,开始时M、m 均静止。t=0 时，平板车在外力作用下开始沿水平面向右运动，其 v-f 图像如图乙所示，整个过程中物块，恰好没有从平板车上滑下。已知物块与平板车间的动摩擦因数为0.1,取 g=l0 m/s 下列说法正确的A.04 s 内，物块m 的加速度一直保持不变B.整个过程中，物块m 相对平板车M 滑动的时间为4sC.平板车M 的长度为12mD.物块m 相对平板车M 的位移为16m【答案】AC【解析】A B.规定向右为正方向，物块向右加速时，由牛顿第二定律Rmg=mam得

12、加速度am=lm/s2由乙图可知，M 减速时加速度0 8/).2M=-m/s-=-2m/s-6 2设 秒时两者共速*=8-2(”2)得t=4sv4=(8-2 x 2)m/s=4m/s共速后由于平板车的加速度为=-2m/s2物块减速时，由牛顿第二定律得一 mg=mam得am=-lm/s2平板车的加速度大于物块的加速度，所 以 物 块 以 的 加 速 度 减 速，设共速后再经4 减速到零。由运动学公式0=4m/sa%解得%=4s即/=4s+4s=8s物块的速度减为零，两物体的速度时间图像如图所示整个过程中，物块m 相对平板车M 滑动的时间为8s。A1E确，B 错误。CD.4 秒前的打滑位移X=8x

13、2x；m+g(8+4)x 2 m-4 x 4 x f m=12rr4 秒后的打滑位移X27=4X4X2 m-2 x 4 x 2 m=4m所以平板车的长度为12m,物块m 相对平板车的位移大小为12m-4m=8m方向向左。C 正确，D 错误。故选ACo8.如图所示，单匝矩形线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的北边匀速转动，周期为0.2 s,线圈电阻为5C。磁场只分布在流边的左侧，若线圈从如图所示开始计时，线圈转过30时的感应电流为1 A,那 么()5 C OX XXXXBXXXIX X X：A.线圈中感应电流的有效值为向-W b/sB.线圈磁通量变化率的最大值为a=CC.线圈从图示位置转过90的整

14、个过程中，流经线圈导线横截面的电量为 5nD.线圈消耗的电功率为5W【答案】CD【解析】A.线圈转动产生的感应电动势的最大值为纥,最 大 电 流 则i=sinoT乂线圈转过30时的感应电流为1 A,所以/m=2A由于线圈在转动过程中在半个周期内有感应电流，根据电流的热效应可得（上）2R.L=RT故 A 错误;B.线圈内产生的感应电动势的有效值,=1OV根据可知包=1 0 W b/st故 B错误；C.线圈转动的角速度为3 -二 -r a d/s =1 O r a d/sT 0.2根据E=BS com可得F 18 s =3 =-WbC D 7 1故线圈从图示位置转过9 0。的整个过程中，流经线圈导

15、线横截面的电量为q=-0-=I CrR 5兀故 C正确；D.线圈消耗的电功率为尸=/2R=5W故 D正确。故选C D。9.（1 2 分）（1）用如图甲所示的实验装置做“验证机械能守恒定律”实验时，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始下落。打点关于本实验，下列说法正确的是（填字母代号）。A.应选择质量大、体积小的重物进行实验B.释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态C.先释放纸带，后接通电源实验中，得到如图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点小8、C,测得它们到起始点。（。点与下一点的间距接近2mm）的距离分别为田、%、儿”已知当地重力加速度为g,打点计时器的打点周期为兀设

16、重物质量为机。从打。点到8 点的过程中，重物的重力势能变化量,动能变化量耳=（用已知字母表示）（2）在练习使用多用电表的实验中用多用电表的欧姆挡测量阻值均约为十几千欧的电阻，以下是测量过程中的一些主要实验步骤:A.将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指向欧姆零点，然后断开两表笔；B.旋转选择开关至OFF位置，并拔出两表笔；C.旋转选择开关至“x 1k”位置；D.将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出阻值，断开两表笔。以 上 实 验 步 骤 的 正 确 顺 序 是 （填写步骤前的字母）。实验中，多用表的指针位置如图甲所示，则此被测电阻的阻值约为 kQo甲为了较精确地测量另一定值电值4,采用图乙

17、所示的电路。电源电压U 恒定，用多用电表测电路中的电流，闭合电键，多次改变电阻箱阻值凡 记录相应的R 和多用电表读数/,得 到*的 关 系如图丙所示。则=C,电源电压0=V,多用表【答案】）AB-以8久 2 2T（2）CADB 17.0 200 8【解析】（1）A.为减小空气阻力的影响，应选择质量大、体积小的重物进行实验。A正确；B.为避免纸带与限位孔之间的摩擦，保证纸带沿竖直方向运动，释放纸带之前，纸带必须处于竖直状态。B正确；C.先接通电源，后释放纸带。C错误。故选AB。从打。点到5点的过程中，重力做正功，重物的重力势能减少，动能增加，则珥=-mghaB点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则

18、IT则动能变化量为（2）多用电表操作顺序为：选挡欧姆调零一测量旋转选择开关至OFF位置，故顺序为CADB。由于指针附近部分最小分度值为1,应下位估读，故指针所指位置为17.0 kC。对回路列闭合电路欧姆定律U=I（Ry+R）即R=U-RV即图像的纵截距大小为4=200,图像的斜率大小为U=8V。10.（14分）平板车上的跨栏运动如图所示，光滑水平地面上人与滑板A一起以=-5mzs的速度前进，正前方不远处有一距离轨道高=07875m的（不考虑滑板的高度）横杆，横杆另一侧有一静止滑板B.当人与A行至横杆前时，人相对滑板竖直向上起跳越过横杆，A从横杆下方通过并与B发生弹性碰撞，之后人刚好落到B 上，

19、不计空气阻力，已知吗、=4 0 k g,%=5 k g,恤=1 0 k g,名取 l Om/s,求：（1）人跳离滑板A时相对地面的最小速度大小；（2）A从横杆下方通过并与B 发生弹性碰撞后A、B 的速度各多大；（3）最终人与B 的共同速度的大小。朱，1,1 ,7 .m/s -m/s m/s【答案】4 m/s；（2）6 ,3 .（3）1 5【解析】（1）设人相对滑板A起跳的竖直速度至少为,则有Vy=2gh因为人与滑板A的水平速度相同，所以人跳离滑板A时相对地面的最小速度大小为v =v；+v：=4 m/s（2）人跳起后，A与 B 碰撞前后动量守恒，机械能守恒，设碰后A的速度为耳，B 的速度为“2,

20、则有A%=mAVi+mBV2-1 m2 1 2 1 2Av-=-mAv,+-mBv2解得1 ,1 ,v.=m/s v,=m/s1 6 ,*1 2 *73（3）人下落与B 作用前后，水平方向动量守恒，设共同速度为匕，则有加入%+%=（加入+加B）%代入数据得7 ,V,=m/s3 1 51 1.（1 5 分）如图所示，M、N 为两根相距0.5 m的绝缘金属导轨，导体棒尸。两端与/、N 接触良好，以 v o=1 8 m/s 的速度，向左匀速滑动。导轨间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场8/。导体棒的电阻与电阻;?的阻值相同，其余部分电阻不计。M,N 通过金属导线分别与电容器C的两极相连。电容器C的极板

21、上有小孔，与固定绝缘弹性圆筒上小孔/相对（仅能容一个粒子通过）。圆筒内壁光滑，筒内有沿筒轴线方向的匀强磁场&=0 1 T,O 是圆筒截面的圆心，圆筒壁很薄，截面半径为尸0.4 m。在电容器C内紧靠极板且正对“孔的。处，有一个带正电的粒子从静止开始，经电容器内部电场加速后，经 4孔沿/0方向，进入筒中，该带电粒子与圆筒壁碰撞两次后恰好又从-=3 x l O5C/k g小孔N 射出圆筒 已知粒子的比荷加，该带电粒子每次与筒壁发生碰撞时电荷量和能量都不损失，不计粒子所受的重力和空气阻力。求：(1)磁感应强度历的大小；(2)若导体棒产。向左匀速滑动的速度变为v/=2 m/s,其他条件不变，带电粒子能与

22、圆筒壁碰撞几【答案】(1)1 6 0T；(2)5【解析】(1)粒子在圆形磁场中碰撞2次后从4孔射出，则由几何关系可知，运动半径7?=r ta n 6 0=0.4粒子在磁场中做圆周运动，则Dv2解得v =1 2 V3 x l 03m/s粒子在CO 板间被加速，则“1 2Uq=mv解得U=7 2 0V导体棒做切割磁感线运动，则E=BiLvoR 两端的电压即电容器两板间的电压U=xR2R解得B z=1 6 0T(2)若导体棒尸。向左匀速滑动的速度变为y/=2 m/s,导体棒做切割磁感线运动，则/=/v/=1 6 0VR 两端的电压即电容器两板间的电压U.=A.X7?=8OV1 2R粒子在CD板间被加

23、速，则Tr1 2=叫 1 4 G x i ()3m/s粒子在磁场中做圆周运动，则qvB=用5%解得D26R,=-m1 15则从刚射入磁场，到第一次与筒壁相碰.a R、也tan=-2 r 3则a=60360 6因 60,可知粒子与筒壁碰撞5 次后从小孔射出。212.(1 8 分)如图所示，前 是半径为&的固定的4 圆弧轨道，半径0 8 竖直。在水平向左的匀强电场中，固定有一足够长的绝缘斜面C D,其倾角和53。一质量为加、电荷量为q 的带正电小物块恰好静止在斜面顶端。一个不带电的绝缘小球从/点由静止释放沿圆弧轨道下滑，从 3 点水平飞出后最终与小物块发生弹性正碰。已知小球碰前瞬间速度恰好沿CO方

24、向，重力加速度为g,sin53o=0.8,cos53o=0.6,小物块的电荷量始终保持不变，不计空气阻力和所有摩擦，小球和小物块均可视为质点。(1)求场强大小E 以及8、C 两点间的高度差：(2)若小球的质量为3 m,求小球第2 次与小物块碰撞前瞬间的速度大小;(3)若小球的质量为机，求 第 1次碰撞到第9 次碰撞的时间间隔。E；4mg 人 16R【答案】3q,9 .(2)【解析】(1)小物块受力如下图所示根据受力平衡可得qE=mgf.an3解得E；4 m g一 3q小球从4点运动到B点的过程中，根据机械能守恒定律有D1 2m 球 gR=解得VBy2gR小球碰前瞬间速度方向沿8 方向，设小球由

25、5到 C所需时间为,则有gt=vB tanO7 1 2h=28解得(2)设小球第一次碰撞前瞬间的速度大小为v,小球从4点运动到C点前的过程中，根据机械能守恒定律有3mg(R+h)=y(3 w)v2解得V=yf2gR小球与小物块发生弹性正碰，根据动量守恒和机械能守恒定律有3mv=3mvi+t?iv2(3 w)v2=(3 w)v +2 2 2解得6碰撞后带电小物块做匀速直线运动，小球做匀加速直线运动，对小球根据牛顿第二定律有3mgsin()=3ma解得a=0.8g设 第 1 次碰撞后瞬间到第2 次碰撞前瞬间的时间为刀，小球第2 次碰撞前瞬间速度大小为“球 2,则%2=匕+/咽+；回2=匕(解得V球 2 =42gRO(3)小球与小物块发生弹性正碰，由于二者的质量相等，分析可知碰撞前后交换速度，第 1 次碰撞后小球、小物块的速度大小分别为0、V,碰撞后小球做初速度为零，加速度为。的匀加速直线运动,小物块做速度为v 的匀速直线运动，设 第 1 次碰撞前瞬间到第2 次碰撞前瞬间的时间为，小球第2 次碰撞前瞬间的速度大小为川，则有叫=5 叫ui=2v第 2 次碰撞后二者交换速度，第 2 次碰撞后瞬间小球、物块的速度大小为v,2 v,设第2 次碰撞后瞬间到第3 次碰撞前瞬间的时间为t2,则有同理可得后面相邻两次碰撞相隔时间均等于t 则 第 1 次碰撞后到第9 次碰撞前瞬间的时间