《2023年高考第一次模拟试题：物理（福建B卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年高考第一次模拟试题：物理（福建B卷）（全解全析）.pdf（19页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、2023年高考第一次模拟考试卷物理试题全解全析（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。认真核对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条影码粘贴在指定位置上。2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5mm黑色签字笔书写，字体工整，笔迹清楚.3.请按照题号在各题目的答题区域内答题，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效；保持卡面清洁，不折叠、不破损.第I卷一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.（2023 浙江模拟预测）蹦
2、床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起并做空中运动。为了测量运动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网所受的压力，并在计算机上作出压力-时间图象，假如作出的图象如图所示。设运动员在空中运动时可视为质点，g取10m/s2,则运动员跃起腾空的最大高度是（）【答案】C【解析】由图可知，运动员在空中竖直上抛运动的最大时间为f=3.3s-0.9s=2.4s根据对称性可知，下落的时间为1 ,-I,=t=l.2s1 2运动员做竖直上抛运动，所以跃起最大高度等于自由下落相等时间的位移，为h=7.2m故选Co2.（2022上海黄浦二模）如图为一金属环肥皂膜的干涉条纹照片，拍摄这张
3、照片时圆环最高 点 位 于（）A.a附近B.b附近C.c附近D.d附近【答案】B【解析】肥皂膜由于自身重力的原因会形成上面薄而下面较厚，其干涉条纹是由于其前后两个表面的反射光干涉叠加而成的，在厚度相同的地方形成的条纹相同，等高的地方厚度相同，所以其形成的是相互平行横向条纹；而且越厚的地方，条纹越密集，可知圆环最高点位于b点附近，故ACD错误，B正确。故选Bo3.（2022湖北模拟预测）如图所示，长木板4 8倾斜放置，板而与水平方向的夹角为。，从3端以大小为业的初速度水平向左抛出一个小球，小球能打在板面上。小球做平抛运动的水平位移为x,打在板面上时速度大小为v,当。变小后，让小球仍从8端以相同的
4、初速度水平抛出，则（）A.x变小，v变小B.x变大，v变大C.x不变，v不变D.x变化不确定，n变化不确定【答案】A【解析】小球做平抛运动，在水平方向上有在竖直方向小球落在斜面上有联立解得小球做平抛运动的水平位移为由此可知 当 变小后，止小球仍从8端以相同的初速度水平抛出，水平位移为x变小；打在板面上时速度大小为V=/V0 +Vy=7VO+4 VO ta n 2(?由此可知当。变小后，让小球仍从8端以相同的初速度水平抛出，打在板面上时速度V大小将变小。故选Ao4.（2023浙江嘉兴一模）如图所示，羲和号 是我国首颗可2 4小时全天候对太阳进行观测的试验卫星，该卫星绕地球可视为匀速圆周运动，轨道
5、平面与赤道平面垂直。卫星每天在相同时刻，沿相同方向经过地球表面/点正上方，恰 好 绕 地 球 运 行 圈 已 知 地 球 半径为R,自转周期为7,地球表面重力加速度为g,贝 羲和号 卫星运行的（）/卫星A.线速度大于第一宇宙速度B.角速度小于地球同步卫星C.向心加速度大于地球同步卫星D.轨道距地面高度为【答案】C【解析】A.第一宇宙速度是以地球半径为轨道半径的卫星的运行速度，是最大的运行速度,故A错误；B.口星每天在相同时刻，沿相同方向经过地球表面/点正上方，恰好绕地球运行圈，则卫星的周期为其中 1,由2TTT可知口地既 羲和号 角速度大于地球同步卫星，故 B 错误；C.羲和号”卫星的周期小于
6、同步卫星的周期，则轨道半径小于同步卫星的轨道半径，由GMm-=mar可得。显）。同既 羲和号 向心加速度大于地球同步卫星，故 C 正确;D.由GMm(R+/?)2GMm,联立可得轨道距地面高度为-R故 D 错误。故选Co二、多项选择题：本题共4 小题，每小题6 分，共 24分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。5.（2023河南鹤壁高中三模）关于近代物理学，下列图像在描述现象中，解释正确的是反辐射强度甲乙丙VoaV0 波长-%甲 乙U cx U c2 O u/yTOV丙A.如图甲所示，由黑体的辐射强度与辐射光波长的关系可知，随温度的升高，辐射
7、强度的极大值向波长较长方向移动B.如图乙所示，发生光电效应时，入射光越强，光电子的最大初动能也就越大C.如图丙所示，金属的遏制电压&与入射光的频率v 的图像中，该 直 线 的 斜 率 为 横 截距 为 区eD.同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图丁所示 则可判断甲、乙、丙光的频率关系为唾=以%【答案】CD【解析】A.如图甲所示，由黑体的辐射强度与辐射光波长的关系可知，随温度的升高，辐射强度的极大值向波长较短方向移动，故A错误；B.如图乙所示，发生光电效应时，入射光频率越大，光电子的最大初动能也就越大，故B错误；c.如图内所示，金属的遏制电压a
8、与入射光的频率v的图像中，该直线的斜率为2,截距e为故C正确：eD.根据入射光的频率越高，对应的截止电压。截越大。甲光、乙光的截止电压相等，所以甲光、乙光的频率相等；丙光的遏止电压最大，所以丙的频率最大则可判断甲、乙、丙光的频率关系为咻=丫 乙 u丙，故D正确。故选CDo6.（2022福建漳州一模）电子束焊接机中的电场线如图中虚线所示，P、。是电场中的两点。K为阴极，/为 阳极，在两极之间加上高压，就会有电子从K极由静止被加速。则（）A.0点的电势高于。点的电势B.P点的电场强度小于。点的电场强度C.电子在尸点的电势能大于在。点的电势能D.电子由尸运动到0,电场力做负功【答案】BC【解析】A
9、C.阳极电势高，阴极电势低，所以尸点的电势低于。点的电势，所以电子在尸点的电势能大于在。点的电势能，故A借误，C正确；B.电场线越密场强越强，所以P点的电场强度小于。点的电场强度，故B正确；D.电子从K极由静止被加速，所以电子由P运动到0,做加速运动，电场力做正功，故D错误。故选BC。7.（2022河南一模）如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮。、和质量为?的小球连接，另一端与套在光滑直杆上质量也为机的小物块连接，已知直杆两端固定，与两定滑轮在同一竖直平面内，与水平面的夹角6=60。，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度,C点到定滑轮。/的距离为3重力加速度为g,设直杆足够长，小球运动过程
10、中不会与其他物体相碰。现将小物块从C点由静止释放，当小物块沿杆下滑距离也为C时（图中。处），下列说法正确的是（）A.小物块刚释放时，轻绳对小球的拉力小于mgB.小球下降最大距离为C.小物块在。处的速度与小球速度大小之比为2：1D.小物块在。处的速度丫 =公 恒5【答案】ABC【解析】A.物块从C点由静止释放时，小球将向下运动，瞬时加速度竖直向卜，故轻绳对小球的拉力定小于小球的重力m g,故A正确；B.当连接物块的绳子与杆垂直时，小球卜降的距离最大，根据几何知识得A/?-L-Zsin60=卬-争故B正确；C D.小物块沿杆下滑距离工时，由几何知识，可知三角形A Q O C为等边三角形，将小物块的
11、速度分解为沿绳子方向和垂直绳子方向，如图所示物块沿绳子方向的分速度等于小球的速度，则有。球=vcos6 0可得。=2：1对物块和小球组成的系统，由机械能守恒定律可得mgL sin 60=g 机+；muj解得V=故C正确，D错误。故选ABCo8.（2022广西 一模）如图所示，两根足够长光滑导轨竖直放置，导轨间距为3底端接阻值为R的电阻。将质量为加的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，弹簧劲度系数为左，导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直。现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放,第一次达到最大速度v时，回路产生的焦耳热为。若金属棒和导轨接触良好，电阻均可忽略，则（）:axA.XXXXXXXX8w
12、XLXXXXXXXX一XB.C.金属棒和弹簧组成的系统机械能守恒金属棒第一次达到最大速度时弹簧的伸长量为皿二 丝kR金属棒最后静止时电阻火上产生的总热量为宴k2 )iD.金属棒第一次达到最大速度时弹簧的弹性势能小于巨-L”2 -Qk 2【答案】BD【解析】A.金属棒从弹簧原长位置由静止释放后，速度逐渐增大，切割磁感线，产生感应电流，金属棒受到竖直向上的安培力，安培力做负功，故金属棒和弹簧组成的系统机械能不守恒，故A错误；故B正确；B.金属棒第一次达到最大速度时，受到重力、弹簧的弹力和安培力，处于平衡状态，则有F+F=mg安培力为F=BIL导体切割磁感线，感应电动势为E=BLv根据闭合电路欧姆定
13、律有1=匕R弹簧的弹力为F=5联立.解得mgR-B2LrvX kRC.金属棒最后静止时，安培力为零，受重力和弹簧弹力，则有由功能关系可知回路产生的焦耳热为mg=kx2根据动能定理有tngx2-%-gfcv；=0故c错误；D.金属棒第一次达到最大速度时，由动能定理有Q=W联立解得。号wgx,-Q-Ep=mv2即与中1 mv 2Q八2mgB 213ykR可得故 D 止确。故选BDo4【解析】（1）5 小球a下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力，不会对实验结果产生误差,因为只要保证小球从静止释放到达最低点的速度相等即可，斜槽不一定需要光滑；（2）为使小球。碰撞小球b 后不反弹,因使叫,叫；（3）3 设木
14、板向右移动的距离为L 小球。单独平抛时L-vt1 2小球与小球匕碰撞后，小球。做平抛运动，则有L=W小球6做平抛运动L-V2t21 2y -s t 验证两小球碰撞过程中动量守恒，即验证mav=mavx+mhv2联立解得血 仄 瓜12.（2022福建省龙岩第一中学模拟预测）某实验小组为了测量一个量程为3V的电压表的内电阻尺 匕 设计了以下实验方案，甲图为实验电路图，图中电压表为待测电压表，R为电阻箱。（1）小明实验步骤如下：先将电阻箱电阻调至0,闭合开关S,读出此时电压表的电压S；然后调节电阻箱的阻值至适当值，读出电阻箱阻值及和此时电压表的电压S,忽略电源内阻，则电压表电阻的测量结果R尸（用符号
15、S、S 和夫表示）；如果考虑电源内阻，则 测 量 结 果 刈 与 真 实 值 比 较 （选填 偏大 或 偏小）。（2）小李实验步骤如下：闭合开关S,多次调节电阻箱，读出电阻箱阻值R及对应电压表的电压。，作出看-R图象如图丙所示，不考虑电源内阻，从图象可知电压表内阻的测量值为 Q;如果已知电源内电阻为/（C）,则电压表内阻的真实值为 Qo【答案】不守偏大【解析】（1）忽略电源内阻，根据图甲所示电路图，由闭合电路的欧姆定律得E=U+IR=U+RRv由题意得E=UiE=U2+-RRv解得电压表内阻&二U2R考虑电源内阻E=U 1+%NE=U,+(R +r)&解得p u，RRY=-r由此可知，考虑电源
16、内阻时，电压表内阻测量值偏大。（2）3 不考虑电源内阻，由图甲所示电路图，根据闭合电路的欧姆定律得考虑电源内阻，由图甲所示电路图，根据闭合电路的欧姆定律得E=U+IR=U+R&整理得1 1 n l=-R HU ERV E由 图 丙 所 示 图 象 可 知，图象的斜率,1 b bk=-=-=ER、O-(-a)a纵轴截距b=E解得电压表内阻Rv=a =/+/(/+7?)=/+(r+7?)Rv整理得1 11 r=-R T-1-U ER E ER、由图丙所示打 图 象 可知，图象的斜率卜=1 =b _ b ERV-0-(-a)a纵轴截距f1 rb=i-E E&解得R/=a-r1 3.（2 0 2 3
17、全国模拟预测）如图所示，质量?=l k g 的滑块B静止放置于光滑平台上，B的左端固定一轻质弹簧。平台右侧有一质量M=4 k g 的小车C,其上表面与平台等高，小车与水平面间的摩擦不计。平台左侧的光滑圆弧轨道与平台平滑连接，圆弧轨道半径R =1.6 m,其左侧端点P与圆弧圆心O的连线与竖直方向的夹角。=6 0。o 现将滑块A从尸点由静止开始释放，滑块A滑至平台上挤压弹簧，经过一段时间弹簧恢复原长后，滑块B离开平台滑上小车C,最终滑块B 恰好未从小车C 上滑落。已知滑块B 与小车C 之间的动摩擦因数=0.4 ,小车的长度乙=0.9 m,重力加速度大小g =1 0 m/s2,滑块A、B均可视为质点
18、，求：（1）滑块 B刚滑上小车C时的速度大小修（2）滑块A的质量叫；（3）该过程中弹簧弹性势能的最大值纥。【解析】（1）设滑块B 滑至小车C右端时它们的共同速度大小为v,滑 块 B从滑上小车C到滑至小车C右端的过程中，滑 块 B和小车C两者组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律有=(A/+m)v根据能量守恒定律有解得）v2=阳塔工v0=3 m/s（2）滑块A 自产点滑至平台的过程中，由动能定理有mgRQ-c os 6 0 ）=；movl设滑块A 挤压弹簧结束后（弹簧恢复原长时）的速度大小为巧，滑块A 与滑块B在水平平台上相互作用的时间内，两者组成的系统满足动量守恒定律和机械能守恒定律，根据动量守
19、恒定律有?。匕=/匕+叫根据机械能守恒定律有1 2 1 2 1 2万机。匕=5机。时+加 叫解得m0=0.6 kg（3）当滑块A、B 速度大小相等时弹簧弹性势能最大，根据动量守恒定律有movA=（mo+m）V）i根据能量守恒定律有与=；/或 一；（%+吸解得=3 J1 4.（2 0 2 3 浙江绍兴一模）某物理兴趣小组设计了一款火警报警装置，原理图简化如下：质量 必 2 kg 的气缸通过细线悬挂在天花板下，质量加=0.1 kg、横截面积S=1 0 c m 2 的活塞将一定质量的理想气体密封在导热气缸内。开始时活塞距气缸底部的高度人=3 0 c m,缸内温度6=2 7；当环境温度上升，活塞缓慢下
20、移M =6 c m 时，活塞表面（涂有导电物质）恰与人6两触点接触，蜂鸣器发出报警声。不计活塞与气缸之间的摩擦，活塞厚度可忽略，大气压强 p o=l.O x l O 5 p a,求：（1）细线的拉力及缸内气体的压强；（2）蜂鸣器刚报警时的环境温度0（3）若气体内能增加了 1 5 J,该过程中气体吸收的热量。为多大？【答案】（1）2 1 N,0.9 9 x l 05P a：（2）3 6 0 K 或8 7 C；（3）2 0.9 4 J【解析】（1）对气缸活塞整体F=(M+m)g=2 1 N对活塞poS=p/S+mg解得/?/=0.99xl05Pa（2）等压变化过程，=奉，则hS _（h+h）S7=
21、-TT解得7j=36 0K则Z2=8 7（3）气体等压膨胀对外做功W-piSh=-5.94J根据热力学第一定律A U=%+0,又U=15J解得0=2O.94J15.（2023浙江嘉兴一模）如图所示是中国科学院自主研制的磁约束核聚变实验装置中的 偏转系统”原理图。由正离子和中性粒子组成的多样性粒子束通过两极板间电场后进入偏转磁场。其中的中性粒子沿原方向运动，被接收板接收；一部分离子打到左极板，其余的进入磁场发生偏转被吞噬板吞噬并发出荧光。多样性粒子束宽度为L，各组成粒子均横向均匀分布。偏转磁场为垂直纸面向外的矩形匀强磁场，磁感强度为用。已知离子的比荷为上两极板间电压为。、间距为八 极板长度为2乙
22、，吞噬板长度为2工并紧靠负极板。若离子和中性粒子的重力、相互作用力、极板厚度可忽略不计，则（1）要使%=疯 7 的离子能沿直线通过两极板间电场，可在极板间施加一垂直于纸面的匀强磁场为，求为的大小；（2）调整极板间磁场不，使 =而 7 的离子沿直线通过极板后进入偏转磁场。若4=!楞且上述离子全部能被吞噬板吞噬，求偏转磁场的最小面积和吞噬板的发光长度（3）若撤去极板间磁场线且偏转磁场边界足够大，离子速度为内=廊7、匕=2疯 7 且各有个，能进入磁场的离子全部能被吞噬板吞噬，求用的取值范围及吞噬板上收集的离子个数。多样性粒子束B。【答案】（1）综=:(2)t L；(3)2Z5n6【解析】（1）根据受力平衡Duq%Bo=q-得（2）洛伦兹力提供向心力*q%Bi=m r矩形磁场片的最小面积)|乙=/发光长度=L（3）电场中偏转距离代入数据得y22kUL能进入磁场区域收集的离子个数为Ar1 1 5N=-n+-n=n3 2 6进入磁场离子圆周运动半径_ mv _ v在磁场中偏转距离2%x=-cos0=-qB kB彩离子射出偏转电场时，对于进入磁场的左右两边界离子而言，与吞噬板左右两端相距分别为 24、，设离子恰好打到吞噬板两端，由几何关系得同理匕离子射出偏转电场时，对于进入磁场的左右两边界离子而言，与吞噬板左右两端相距分别为以设离子恰好打到吞噬板两端，由几何关系得