《山东省泰安市2022-2023学年高二下学期期末物理试题含答案.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山东省泰安市2022-2023学年高二下学期期末物理试题含答案.pdf（33页珍藏版）》请在taowenge.com淘文阁网|工程机械CAD图纸|机械工程制图|CAD装配图下载|SolidWorks_CaTia_CAD_UG_PROE_设计图分享下载上搜索。
1、第 1页/共 33页学科网（北京）股份有限公司山东省泰安市山东省泰安市 2022-20232022-2023 学年高二下学期期末物理试题学年高二下学期期末物理试题一一.单项选择题：本题共单项选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.中国海军服役的歼15 舰载机在航母甲板上加速起飞过程中，某段时间内战斗机的位移时间（xt）图像如图所示，则（）A.由图可知，舰载机起飞的运动轨迹是曲线B.在 03s 内，舰载机的平均速度大于 12m/sC.在 M 点对应的位置，舰载机的速度大于 20m/sD.在 N
2、 点对应的时刻，舰载机的速度为 7.5m/s2.如图所示为电饼铛自动控温电路。电路中的1R和2R，其中一个是定值电阻，另一个是温度传感器(可等效为可变电阻)。温度越高，温度传感器的电阻值越小。当 a、b 两端的电压大于 U1时，控制开关自动闭合开始加热；当 a、b 两端的电压小于2U(1U、2U为定值)时，控制开关断开停止加热。下列说法正确的是（）A.2R为温度传感器B.定值电阻的阻值越小，电饼铛停止加热时的温度越低C.定值电阻的阻值越小，电饼铛停止加热时的温度越高D.1U2U3.有关下列四幅图涉及的物理知识，以下说法正确的是（）第 2页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.图甲：阴极射线
3、管的 K 极发射的射线是电磁波B.图乙：研究黑体辐射发现随着温度的升高，辐射强度的极大值向波长较长的方向移动C.图丙：处于 n=3 能级的 1 个氢原子自发跃迁，能辐射出 3 种频率的光D.图丁：康普顿效应说明光子具有粒子性，光子不但具有能量，还有动量4.如图所示为氢原子的发射光谱和氢原子能级图 H、H、H、H，是其中的四条光谱线及其波长，分别对应能级图中从量子数为 n=3、4、5，6 的能级向量子数为 n=2 的能级跃迁时发出的光谱线。已知可见光波长在 400nm700nm 之间，下列说法正确的是（）A.四条光谱线中，H谱线对应的光子动量最大B.H谱线对应的光，照射逸出功为 2.65eV 的
4、金属，可使该金属发生光电效应C.H谱线对应的光，照射逸出功为 2.75eV 的金属，可使该金属发生光电效应D.H谱线对应的光是可见光中的红光5.如图，用 M、N 两个弹簧秤在点作用两个力，此时=90，45。现保持 M 的示数不变，而使角连续减小，直到+90，为保持两力的合力大小不变且方向沿虚线方向，在此过程中对 N 弹簧秤的操作正确的是（）A.减小示数同时减小角B.减小示数同时使角先增大后减小第 3页/共 33页学科网（北京）股份有限公司C.增大示数同时增大角D.增大示数同时减小角第 3页/共 33页学科网（北京）股份有限公司6.下列核反应方程及其类型的对应关系，正确的是（）A.2382340
5、92931UThe属于衰变B.23401121HHHee属于核聚变C.铀核裂变的一种核反应方程2381448919256360UBaKr2 nD.194229210FHeNeX属于原子核的人工转变，X 表示质子7.放射源钋(21084Po)发生衰变变成铅(20682Pb)，同时释放的核能为E。已知钋(21084Po)核的质量为 m1，铅(20682Pb)核的质量为 m2，真空中的光速为 c。则下列说法正确的是（）A.释放的粒子的质量为2EcB.释放的粒子的质量为122EmmcC.通过增大压强，可以使21084Po的半衰期减小D.通过增大压强，可以使21084Po的半衰期增大8.如图所示，将一轻
6、弹簧一端固定在内壁光滑、半径为 R 的半球形容器底部中心 O处(O 为球心)，弹簧另一端与质量为 m 的小球相连，小球静止于 P 点，OP 与竖直方向 OO间的夹角为。已知弹簧的劲度系数为mgkR，下列说法正确的是（）A.弹簧的原长为4 sin2RB.弹簧的原长为2sin2RC.容器对小球的作用力大小为12mgD.弹簧对小球的作用力大小为12mg二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，
7、有选错的得 0 分。分。9.如图所示，理想变压器原线圈接在msinuUt的交流电源(内阻不计)上，副线圈接三个阻值相同的电阻 R，不计电表内影响。闭合开关 S 后（）第 4页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.电压表 V1的示数减小B.电流表 A1的示数增大C.电压表 V2的示数减小D.电流表 A2的示数增大10.如图所示，一定质量的理想气体从状态 A 开始，经历 AB、BC、CD、DA 四个过程回到原状态 A，其中AB、CD 为等压过程，BC、DA 为等温过程，状态 C、D 的压强和体积未知，下列说法正确的是（）A.气体在状态 B 的内能大于状态 D 的内能B.气体从状态 B 到状态
8、C 没有热量交换C.在过程 AB 中气体对外做功为 300JD.在过程 CD 中外界对气体做的功为 300J11.某物体沿斜面上滑，做匀减速直线运动，依次经过 A、B、C 三点，到达 D 点时速度恰好为零，如图所示。已知 AB=12m，BC=8m，从 A 点运动到 B 点和从 B 点运动到 C 点两个过程速度变化量都为-2m/s，则下列说法正确的是（）A.物体的加速大小为 2m/s2B.物体到达 B 点时速度大小为 5m/sC.A、D 两点间的距离为 24.5mD.物体从 A 点运动到 C 点的时间为 6s12.如图所示，倾角为 60、质量为 M 的斜面体 A 置于水平面上，在斜面体和竖直墙面
9、之间放置一质量为 m的光滑球 B，斜面体受到水平向右的外力 F，系统始终处于静止状态。已知斜面体与水平面间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g（）第 5页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.球 B 受到斜面体的弹力大小为 2mgB.球 B 受到墙面的弹力大小 2mgC.为了使系统处于静止状态，水平向右的外力 F 最大为3()mgmM gD.为了使系统处于静止状态，水平向右的外力 F 最小一定为3()mgmM g三、非选择题：本题共三、非选择题：本题共 6 小题，共小题，共 60 分。分。13.在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，实验装置如图 1 所示。（1）下
10、列说法中正确的是_(填字母)。A连接重物和小车的细线应与长木板保持平行B长木板的一端必须垫高，使小车在不挂重物时能在木板上做匀速运动C小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车D选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始（2）已知打点计时器所用交流电源的频率为 50Hz，图 2 是实验中打下的一段纸带。算出计数点 3 的速度大小为_m/s，(保留两位有效数字)并在图 3 中标出，其余计数点 1、2、4、5 对应的小车瞬时速度大小在图 3 中已标出。（3）作图_并求得小车的加速度大小为_m/s2(保留三位有效数字)。第 6页/共 33页学科网（北京）股份有限公司14.在做“用油膜法估测油酸分子的大
11、小”实验时，每 104mL 油酸酒精溶液中有纯油酸 1mL。用注射器测得40 滴这样的溶液为 1mL。在一正方形浅盘内注入适量的水，将痱子粉均匀地撒在水面上，用注射器滴入 1滴这样的溶液，等油膜形状稳定后，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油膜的轮廓，如图所示。图中正方形小方格的边长为 1cm。（1）该实验中 1 滴油酸酒精溶液含_mL 油酸；（2）由上述数据估算得到油酸分子直径约为_m(结果保留两位有效数字)；（3）某同学配制油酸酒精溶液时，不小心把酒精多倒了一点，所测的分子直径_(偏大、偏小、不变)；（4）若阿伏加德罗常数为 6.021023mol-1，油酸的摩尔质量为 282g/mol，油酸的密
12、度为 0.9g/cm3。则 1cm3油酸约含_个油酸分子(结果保留两位有效数字)。15.一个直流电动机的内电阻 r1=4，与 R=3的电阻串联接在线圈上，如图所示。已知线圈的面积为220m2，匝数 n=200，线圈的电阻为 r2=7，线圈在 B=2T 的匀强磁场中绕垂直磁场的轴 OO以角速度=20rad/s 匀速转动，在合上开关 S 后电动机正常工作时，理想电压表的示数为 220V，求：（1）通过电动机的电流的有效值；（2）电动机正常工作时的效率(保留三位有效数字)。第 7页/共 33页学科网（北京）股份有限公司16.如图所示，两等高、内壁光滑、导热性良好的圆柱形汽缸竖直放置，左、右两侧汽缸的
13、横截面积分别为S、32S，汽缸顶部由细管(体积不计)连通，左侧汽缸底部带有阀门 K，两汽缸中有厚度均可忽略的活塞 I、II，将某种理想气体分成 A、B、C 三部分，活塞 I、II 的质量分别为01p Smg、0232p Smg。初始时，阀门 K 关闭，活塞 I 处于左侧汽缸的顶部且与顶部无弹力，活塞 II 处于右侧汽缸的中间位置，A 气体的压强为 2p0。已知大气压强为 p0，重力加速度为 g，其他量均为未知量；整个过程中，周围环境温度不变。（1）求初始时左侧汽缸中封闭气体 C 的压强 p；（2）一段时间后，活塞 II 漏气，求再次稳定后，活塞距离汽缸顶部的距离与气缸总高度的比值(可保留根号)
14、；（3）接（2）问，打开阀门 K，用打气筒通过 K 给左侧汽缸充气，直至活塞 I 再次回到汽缸顶部且与顶部无弹力，求此过程中充人气体质量与最初封闭气体 C 的质量比。17.如图所示，质量 M=2kg 的木块 P 套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量 m=1kg 的小球 Q 相连。今用与水平方向成=60角的恒力 F=5 3N，拉着小球带动木块一起向右匀速运动，运动中 P、Q 相对位置保持不变，g 取 10m/s2。求：（1）木块对水平杆的压力大小；（2）运动过程中轻绳与水平方向的夹角；（3）若调整到某个值时，使小球和木块一起向右匀速运动的拉力 F 最小，求该最小拉力。第 8页/共 33页学科网（北
15、京）股份有限公司18.如图所示，甲、乙两车在同一水平道路上，甲车在后匀速直线运动，乙车在前停在路边，甲车距乙车d=30m 时开始减速，第 1 秒内位移为 24m，第 4 秒内位移为 1m。甲车减速 1 秒末乙车开始运动，与甲车同向做匀加速直线运动，加速度大小为 4m/s2，当速度达到 10m/s 后保持该速度做匀速直线运动。甲乙相遇时会错车而过，不会相撞。求：（1）乙车从静止加速到最大速度时间内，行驶的位移是多少；（2）甲车刚开始减速时的速度大小；（3）甲乙两车第一次相遇时甲车的速度大小；（4）从甲车减速时开始计时，甲乙两车第二次相遇的时间。第 9页/共 33页学科网（北京）股份有限公司高二年
16、级考试物理试题高二年级考试物理试题一一.单项选择题：本题共单项选择题：本题共 8 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.中国海军服役的歼15 舰载机在航母甲板上加速起飞过程中，某段时间内战斗机的位移时间（xt）图像如图所示，则（）A.由图可知，舰载机起飞的运动轨迹是曲线B.在 03s 内，舰载机的平均速度大于 12m/sC.在 M 点对应的位置，舰载机的速度大于 20m/sD.在 N 点对应的时刻，舰载机的速度为 7.5m/s【答案】C【解析】【详解】A根据 xt 图像的斜率表示速度，可知 xt 图像只能表示
17、物体两个运动方向，所以 xt 图像只能表示直线运动的规律，即知舰载机起飞的运动轨迹是直线，A 错误；B在 03s 内，舰载机通过的位移为36m-036mx 平均速度为36=m/s=12m/s3xvtB 错误；C22.55s 内的平均速度为26 15=m/s20m/s2.552MNMNvxt根据 22.55s 内的平均速度等于 MN 连线的斜率大小，在 M 点对应的位置舰载机的速度等于过 M 点的切线斜率大小，可知在 M 点对应的位置，舰载机的速度大于 MN 段平均速度 20m/s，C 正确；D在 02s 内的平均速度为第 2页/共 33页学科网（北京）股份有限公司150m/s7.5m/s2xv
18、t 02s内的平均速度等于ON连线的斜率大小，在N点对应的时刻舰载机的速度等于过N点的切线斜率大小，可知在 N 点对应的时刻，舰载机的速度大于 ON 段平均速度 7.5m/s，D 错误；故选 C。2.如图所示为电饼铛自动控温电路。电路中的1R和2R，其中一个是定值电阻，另一个是温度传感器(可等效为可变电阻)。温度越高，温度传感器的电阻值越小。当 a、b 两端的电压大于 U1时，控制开关自动闭合开始加热；当 a、b 两端的电压小于2U(1U、2U为定值)时，控制开关断开停止加热。下列说法正确的是（）A.2R为温度传感器B.定值电阻的阻值越小，电饼铛停止加热时的温度越低C.定值电阻的阻值越小，电饼
19、铛停止加热时的温度越高D.1U2U【答案】C【解析】【详解】A若2R为温度传感器，则当温度升高时，其电阻值减小，回路电流变大，则 R1两端的电压变大，当 a、b 两端的电压大于 U1时，控制开关自动闭合开始加热，则与装置功能不相符，则1R为温度传感器，选项 A 错误；BC电阻 R1的分压121211EREURRRR因当 U=U2时电饼铛停止加热，则在 U 一定时，定值电阻的2R阻值越小，则 R1越小，温度越高，即电饼铛停止加热时的温度越高，选项 B 错误，C 正确；D当 R1两端的电压大于 U1时，控制开关自动闭合开始加热，此时 R1第 3页/共 33页学科网（北京）股份有限公司的电阻比较大，
20、则此时的电压更大，即 U1U2，故 D 错误。故选 C。3.有关下列四幅图涉及的物理知识，以下说法正确的是（）A.图甲：阴极射线管的 K 极发射的射线是电磁波B.图乙：研究黑体辐射发现随着温度的升高，辐射强度的极大值向波长较长的方向移动C.图丙：处于 n=3 能级的1 个氢原子自发跃迁，能辐射出 3 种频率的光D.图丁：康普顿效应说明光子具有粒子性，光子不但具有能量，还有动量【答案】D【解析】【详解】A图甲：阴极射线管的 K 极发射的射线是阴极射线，阴极射线本质上是高速电子流，A 错误；B由图乙可知，研究黑体辐射发现随着温度的升高，辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，B 错误；C图丙：处于
21、n=3 能级的 1 个氢原子自发跃迁，能辐射出N=（n1）=31=2即 2 种频率的光，C 错误；D图丁：光子与静止电子产生弹性斜碰撞，光子把部分能量转移给了电子，同时光子还使电子获得一定的动量，因此康普顿效应说明光子具有粒子性，光子不但具有能量，还有动量，D 正确。故选 D。4.如图所示为氢原子的发射光谱和氢原子能级图 H、H、H、H，是其中的四条光谱线及其波长，分别对应能级图中从量子数为 n=3、4、5，6 的能级向量子数为 n=2 的能级跃迁时发出的光谱线。已知可见光波长在 400nm700nm 之间，下列说法正确的是（）第 4页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.四条光谱线中，H
22、谱线对应的光子动量最大B.H谱线对应的光，照射逸出功为 2.65eV 的金属，可使该金属发生光电效应C.H谱线对应的光，照射逸出功为 2.75eV 的金属，可使该金属发生光电效应D.H谱线对应的光是可见光中的红光【答案】C【解析】【详解】A由光子的动量hp，可知四条光谱线中，H谱线对应的波长最大，则 H谱线对应的光子动量最小，A 错误；BH谱线对应的光子的能量为E=E4E2=0.85eV（3.40eV）=2.55eV2.75eV因此 H谱线对应的光，照射逸出功为 2.75eV 的金属，可使该金属发生光电效应，C 正确；D由题图可知，H谱线对应光的波长最小，因此 H谱线对应的光不可能是可见光中的
23、红光，D 错误。故选 C。5.如图，用 M、N 两个弹簧秤在点作用两个力，此时=90，45。现保持 M 的示数不变，而使角连续减小，直到+90，为保持两力的合力大小不变且方向沿虚线方向，在此过程中对 N 弹簧秤的操作正确的是（）第 5页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.减小示数同时减小角B.减小示数同时使角先增大后减小第 5页/共 33页学科网（北京）股份有限公司C.增大示数同时增大角D.增大示数同时减小角【答案】B【解析】【详解】由图可知为保持两力的合力大小不变且方向沿虚线方向，对 N 弹簧秤的操作正确的是减小示数同时使角先增大后减小。故选 B。6.下列核反应方程及其类型的对应关系，
24、正确的是（）A.238234092931UThe属于衰变B.23401121HHHee属于核聚变C.铀核裂变的一种核反应方程2381448919256360UBaKr2 nD.194229210FHeNeX属于原子核的人工转变，X 表示质子【答案】D【解析】【详解】A铀核 238 放出一个粒子后，质量数减少 4，电荷数减少 2，产生新核钍（23490Th）这是衰变，其核反应方程为238234492902TUhHe故 A 错误；B轻核聚变，其核反应方程为23411120HHHen故 B 错误；C铀核裂变属于重核裂变，不能自发进行，铀核需要俘获一个慢中子就能产生裂变，铀核裂变的核反应方程是2351
25、14489192056360U+nBaKr3 n第 6页/共 33页学科网（北京）股份有限公司C 错误；D核反应方程，遵循质量数守恒和电荷数守恒，因此原子核的人工转变方程为19422192101FHeNeH可知 X 表示质子，D 正确。故选 D。7.放射源钋(21084Po)发生衰变变成铅(20682Pb)，同时释放的核能为E。已知钋(21084Po)核的质量为 m1，铅(20682Pb)核的质量为 m2，真空中的光速为 c。则下列说法正确的是（）A.释放的粒子的质量为2EcB.释放的粒子的质量为122EmmcC.通过增大压强，可以使21084Po的半衰期减小D.通过增大压强，可以使21084
26、Po的半衰期增大【答案】B【解析】【详解】AB由爱因斯坦的质能方程可得E=（m1m2m）c2解得释放的粒子的质量为m=122EmmcA 错误，B 正确；CD放射性元素的半衰期是由核内部的因素决定的，与原子所处的物理状态（温度、压强）或化学状态（如单质、化合物）无关，因此通过增大压强，21084Po的半衰期不变，CD 错误。故选 B。8.如图所示，将一轻弹簧一端固定在内壁光滑、半径为 R 的半球形容器底部中心 O处(O 为球心)，弹簧另一端与质量为 m 的小球相连，小球静止于 P 点，OP 与竖直方向 OO间的夹角为。已知弹簧的劲度系数为mgkR，下列说法正确的是（）第 7页/共 33页学科网（
27、北京）股份有限公司A.弹簧的原长为4 sin2RB.弹簧的原长为2sin2RC.容器对小球的作用力大小为12mgD.弹簧对小球的作用力大小为12mg【答案】A【解析】【详解】D根据受力平衡有sinsin2mgF可得弹簧对小球的作用力大小为2sin2Fmg故 D 错误；AB弹簧的压缩量12 sin2FxRk弹簧压缩后的长度22 sin2xR弹簧的原长为124 sin2lxxR故 A 正确，B 错误；C容器对小球的作用力大小为Nsincos2FFmg根据二倍角公式21 cossin2sin2cos222Fmgmgmgmg可得Nsincos2FFmgmg故 C 错误。第 8页/共 33页学科网（北京
28、）股份有限公司故选 A。二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。9.如图所示，理想变压器原线圈接在msinuUt的交流电源(内阻不计)上，副线圈接三个阻值相同的电阻 R，不计电表内影响。闭合开关 S 后（）A.电压表 V1的示数减小B.电流表 A1的示数增大C.电压表 V2的示数减小D.电流表 A2的示数增大【答案】AB【解析】【详解】ACD由于变压器的匝数比和
29、输入的电压都不变，所以输出的电压2U也不变，开关 S 闭合时，副线圈电路的总的电阻减小，则电流2I增大，则电阻 R 两端的电压增大，所以电压表 V2示数增大，而22V1UI RU因此V1U减小，即 V1示数减小，而电流表 A2的示数为V12AUIR故电流表 A2的示数减小，故 A 正确，CD 错误；B根据1221nInI可知电流1I增大，即电流表1A的示数变大，故 B 正确。故选 AB。10.如图所示，一定质量的理想气体从状态 A 开始，经历 AB、BC、CD、DA 四个过程回到原状态 A，其中AB、CD 为等压过程，BC、DA 为等温过程，状态 C、D 的压强和体积未知，下列说法正确的是（）
30、第 9页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.气体在状态 B的内能大于状态 D 的内能B.气体从状态 B 到状态 C 没有热量交换C.在过程 AB 中气体对外做功为 300JD.在过程 CD 中外界对气体做的功为 300J【答案】ACD【解析】【详解】ADA 为等温过程，温度不变，所以气体在状态 A 的内能等于在状态 D 的内能，而 AB 为等压膨胀过程，状态 B 的温度高于状态 A，因此气体在状态 B 的内能大于状态 A 的内能，故大于状态 D 的内能，故 A 正确；B在过程 BC 中，体积增大，气体对外做功，但由于温度不变，内能保持不变，所以气体从外界吸热，故B 错误；C体从状态 A
31、变化到状态 B 为等压过程，体积增大，气体对外做功，即5311()3 10(2 1)10 J300JBAWpVp VV 故 C 正确；DBC、DA 为等温过程，则有12BCpVp V，12ADpVp V在过程 CD 中，气体体积减小，外界对气体做功为12()300J()BACDpVVWVVp故 D 正确。故选 ACD。11.某物体沿斜面上滑，做匀减速直线运动，依次经过 A、B、C 三点，到达 D 点时速度恰好为零，如图所示。已知 AB=12m，BC=8m，从 A 点运动到 B 点和从 B 点运动到 C 点两个过程速度变化量都为-2m/s，则下列说法正确的是（）第 10页/共 33页学科网（北京
32、）股份有限公司A.物体的加速大小为 2m/s2B.物体到达 B 点时速度大小为 5m/sC.A、D 两点间的距离为 24.5mD.物体从 A 点运动到 C 点的时间为 6s【答案】BC【解析】【详解】A由题意，物体从 A 点运动到 B 点和从 B 点运动到 C 点两个过程速度变化量都为-2m/s，可知 AB和 BC 所用时间相等，由2xaT 和vaT可得2sT 21m sa 即物体的加速度大小为 1m/s2，A 错误；B由中间时刻的瞬时速度等于平均速度，可得物体到达 B 点时速度大小为128m s5m s22 2ABBCBxxxvtTB 正确；C物体由 B 到 D，由速度位移关系公式2202v
33、vax，可得22205m12.5m22 1DBBDvvxa 则有12m12.5m=24.5mADABBDxxxC 正确；D由以上计算可知，物体从 A 点运动到 C 点的时间为 2T=4s，D 错误。故选 BC。12.如图所示，倾角为 60、质量为 M 的斜面体 A 置于水平面上，在斜面体和竖直墙面之间放置一质量为 m的光滑球 B，斜面体受到水平向右的外力 F，系统始终处于静止状态。已知斜面体与水平面间的动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为 g（）第 11页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A.球 B 受到斜面体的弹力大小为 2mgB.球 B 受到墙面的弹力大小 2mgC.为
34、了使系统处于静止状态，水平向右的外力 F 最大为3()mgmM gD.为了使系统处于静止状态，水平向右的外力 F 最小一定为3()mgmM g【答案】AC【解析】【详解】AB 球受力如图球 B 受到斜面体的弹力大小为12cos60mgNmg故 A 正确；B球 B 受到墙面的弹力大小1tan603Fmgmg故 B 错误；C对 AB 整体分析，受力如图则有第 12页/共 33页学科网（北京）股份有限公司1()NMm gfNFFf联立可得水平向右的外力 F 最大为m3()FmgMm g故 C 正确；D对 AB 整体分析，受力如图则有1()3NMm gfNFfFmg当3()mgMm g则min0F当3
35、()mgMm g则有min3()FmgMm g故 D 错误。故选 AC。三、非选择题：本题共三、非选择题：本题共 6 小题，共小题，共 60 分。分。13.在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，实验装置如图 1 所示。第 13页/共 33页学科网（北京）股份有限公司（1）下列说法中正确的是_(填字母)。A连接重物和小车的细线应与长木板保持平行B长木板的一端必须垫高，使小车在不挂重物时能在木板上做匀速运动C小车应靠近打点计时器，先接通电源，后释放小车D选择计数点时，必须从纸带上第一个点开始（2）已知打点计时器所用交流电源的频率为 50Hz，图 2 是实验中打下的一段纸带。算出计数点 3 的速
36、度大小为_m/s，(保留两位有效数字)并在图 3 中标出，其余计数点 1、2、4、5 对应的小车瞬时速度大小在图 3 中已标出。（3）作图_并求得小车的加速度大小为_m/s2(保留三位有效数字)。【答案】.AC#CA.0.74.1.53第 14页/共 33页学科网（北京）股份有限公司【解析】【详解】（1）1A为使小车受到的合力不变，连接重物和小车的细线应与长木板保持平行，A 正确；B长木板的一端不需要垫高来平衡摩擦力，只要小车做加速直线运动即可，B 错误；C小车应靠近打点计时器，先接通电源，带打点计时器打点稳定后，再释放小车，纸带会得到充分利用，记录较多的数据，减小实验误差，C 正确；D选择计
37、数点时，要从第一个比较清晰的点开始选择计数点，可以不从纸带上第一个点开始，D 错误。故选 AC。（2）2已知打点计时器所用交流电源的频率为 50Hz，可得打点周期为11s0.02s50Tf由中间时刻的瞬时速度等于平均速度，可得打计数点 3 的速度大小为224323.8910m s0.74m s2 52 5 0.02xxvtT（3）3在图 3 中标出 v3，作图如图所示。4由速度时间图像的斜率表示加速度，可得小车的加速度大小为221.20.28m s1.53m s0.60vat14.在做“用油膜法估测油酸分子的大小”实验时，每 104mL 油酸酒精溶液中有纯油酸 1mL。用注射器测得40 滴这样
38、的溶液为 1mL。在一正方形浅盘内注入适量的水，将痱子粉均匀地撒在水面上，用注射器滴入 1滴这样的溶液，等油膜形状稳定后，把玻璃板盖在浅盘上并描画出油膜的轮廓，如图所示。图中正方形小方格的边长为 1cm。第 15页/共 33页学科网（北京）股份有限公司（1）该实验中 1 滴油酸酒精溶液含_mL 油酸；（2）由上述数据估算得到油酸分子直径约为_m(结果保留两位有效数字)；（3）某同学配制油酸酒精溶液时，不小心把酒精多倒了一点，所测的分子直径_(偏大、偏小、不变)；（4）若阿伏加德罗常数为 6.021023mol-1，油酸的摩尔质量为 282g/mol，油酸的密度为 0.9g/cm3。则 1cm3
39、油酸约含_个油酸分子(结果保留两位有效数字)。【答案】.2.510-6.6.110-10.偏大.1.91021【解析】【详解】（1）1根据比例关系可知 1 滴油酸酒精溶液中纯油酸的体积为64112.5 10 mL4010（2）2油膜的面积为239cm，油酸分子的直径为106.1 10mVdS（3）3某同学把酒精倒多了，那么酒精油酸溶液中油酸的体积分数偏小，但实际用到的计算数据偏大，因此计算得到的油酸分子直径偏大；（4）4 1cm3油酸的摩尔数为-3mol=3.19 10 molnM可知所含的分子数为21A1.9 10NnN15.一个直流电动机的内电阻 r1=4，与 R=3的电阻串联接在线圈上，
40、如图所示。已知线圈的面积为220m2，匝数 n=200，线圈的电阻为 r2=7，线圈在 B=2T 的匀强磁场中绕垂直磁场的轴 OO以角速度=20rad/s 匀速转动，在合上开关 S 后电动机正常工作时，理想电压表的示数为 220V，求：（1）通过电动机的电流的有效值；第 16页/共 33页学科网（北京）股份有限公司（2）电动机正常工作时的效率(保留三位有效数字)。【答案】（1）18A；（2）3%67.【解析】【详解】（1）感应电动势最大值为m400 2VEnBS感应电动势有效值为m400V2EE 根据闭合回路欧姆定律可得2EUIRr联立解得18AI（2）电动机的输出功率为212664WPUII
41、 r出电动机的输入功率为3960WPUI入电动机正常工作时的效率为100%PP出入联立解得67.3%16.第 17页/共 33页学科网（北京）股份有限公司如图所示，两等高、内壁光滑、导热性良好的圆柱形汽缸竖直放置，左、右两侧汽缸的横截面积分别为 S、32S，汽缸顶部由细管(体积不计)连通，左侧汽缸底部带有阀门 K，两汽缸中有厚度均可忽略的活塞 I、II，将某种理想气体分成 A、B、C 三部分，活塞 I、II 的质量分别为01p Smg、0232p Smg。初始时，阀门 K关闭，活塞 I 处于左侧汽缸的顶部且与顶部无弹力，活塞 II 处于右侧汽缸的中间位置，A 气体的压强为 2p0。已知大气压强
42、为 p0，重力加速度为 g，其他量均为未知量；整个过程中，周围环境温度不变。（1）求初始时左侧汽缸中封闭气体 C 的压强 p；（2）一段时间后，活塞 II 漏气，求再次稳定后，活塞距离汽缸顶部的距离与气缸总高度的比值(可保留根号)；（3）接（2）问，打开阀门 K，用打气筒通过 K 给左侧汽缸充气，直至活塞 I 再次回到汽缸顶部且与顶部无弹力，求此过程中充人气体质量与最初封闭气体 C 的质量比。【答案】（1）02p；（2）409198；（3）14【解析】【详解】（1）对活塞 I 受力分析得，可得CB1p Sp Sm g对活塞 II 受力分析得AB23322pSpSm g解得B0pp，C02pp（
43、2）由于活塞 II 漏气，A、B 两部分气体合为一部分气体，设稳定后的压强为 p，左侧气缸体积为 V。活塞 I 上部气体体积为V，根据玻意耳定律得第 18页/共 33页学科网（北京）股份有限公司A0B00333442pVpVpVV对 C 部分气体，根据玻意耳定律得C0C0p VpVV对活塞 I 受力分析得C1p SpSm g解得0409198VV由于0hVhV解得409198hh（3）充气前，设 C 部分气体在压强 p0下的体积为 V1，根据玻意耳定律得C00 1p Vp V活塞 I 回到顶部时，右侧气体压强为p，可得A0B00333442pVpVpV对活塞 I 受力分析得C1p Sp Sm
44、g设充气后该部分气体在压强 p0下的体积为 V2，可得C002p Vp V联立解得21114VVmmV17.如图所示，质量 M=2kg 的木块 P 套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量 m=1kg 的小球 Q第 19页/共 33页学科网（北京）股份有限公司相连。今用与水平方向成=60角的恒力 F=5 3N，拉着小球带动木块一起向右匀速运动，运动中 P、Q 相对位置保持不变，g 取 10m/s2。求：（1）木块对水平杆的压力大小；（2）运动过程中轻绳与水平方向的夹角；（3）若调整到某个值时，使小球和木块一起向右匀速运动的拉力 F 最小，求该最小拉力。【答案】（1）22.5N；（2）30；（3）15
45、 7N7【解析】【详解】（1）对 PQ 整体进行分析，根据平衡条件有Nsin60()FFMm g解得FN=22.5N由牛顿第三定律得，木块对水平杆的压力大小为 22.5N；（2）对 Q 进行受力分析，设细绳对 Q 的拉力为 T，由平衡条件可得cos60cosFTsin60sinFTmg联合解得T=10N3tan3即=30（3）对 PQ 整体进行分析，由平衡条件有cos60NFF第 20页/共 33页学科网（北京）股份有限公司解得39对 PQ 整体进行受力分析，由平衡条件有Nsin()FFMm gNcosFF解得()cossinMm gF令21sin12cos1即1tan则22()()1sinc
46、oscossin1sinMm gMm gF当90时，即3tan9F 有最小值min2(17N7)=51Mm gF18.如图所示，甲、乙两车在同一水平道路上，甲车在后匀速直线运动，乙车在前停在路边，甲车距乙车d=30m 时开始减速，第 1 秒内位移为 24m，第 4 秒内位移为 1m。甲车减速 1 秒末乙车开始运动，与甲车同向做匀加速直线运动，加速度大小为 4m/s2，当速度达到 10m/s 后保持该速度做匀速直线运动。甲乙相遇时会错车而过，不会相撞。求：第 21页/共 33页学科网（北京）股份有限公司（1）乙车从静止加速到最大速度时间内，行驶的位移是多少；（2）甲车刚开始减速时的速度大小；（3
47、）甲乙两车第一次相遇时甲车的速度大小；（4）从甲车减速时开始计时，甲乙两车第二次相遇的时间。【答案】（1）12.5m；（2）28m/s；（3）523v 甲m/s；（4）4.15s【解析】【详解】（1）乙车从静止加速到最大速度时间内222vxa解得x=12.5m（2）设甲车减速第 4s 末速度为4v，甲车减速的加速度大小为1a，由于甲车逆运动为匀加速，按逆运动在第 4s 内244112xv tat第 1s 内211112xvta t1413vvat且124mx 4x=1mt=1s联立解得4v0说明第 4 秒内甲车已经停下。设第 4 秒内甲车运动了t，则24112xat第 22页/共 33页学科网
48、（北京）股份有限公司2211111(3)(2)22xatat 解得t=0.5s1a=8m/s2设甲车刚减速时速度为0v，则01(3)vat解得028m/sv（3）设从甲车减速开始经过 t1甲车乙车相遇，则210 1112xv ta t甲由位移公式2121(12)xa t 乙甲乙两车的位移关系xxd甲乙乙车加速时间2=2.5svta乙乙解得14s3t 或14st(乙车已经匀速，不合理舍去)故01 1vvat甲解得52m/s3v 甲（4）第一次相遇时由于甲车速度大于乙车，而甲车做减速运动，因此甲车乙车还会第二次相遇，设甲车减速阶段总位移为x甲，则211(3)2xat 甲第 24页/共 33页学科网（北京）股份有限公司此过程中乙车运动时间为3 12.5stt 乙乙车刚好加速完，过此过程乙车运动的位移为22112.5m2xa t 乙乙解得=49mx甲故xxd甲乙因此甲车减速到停止时与乙车还没有第二次相遇，设乙车再运动t与甲车第二次相遇，故xxdv t甲乙乙得0.65st故甲车乙车第二次相遇时间为23=4.15sttt